2022-2023学年广东省阳江市高一(下)月考物理试卷(6月)（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2022-2023学年广东省阳江市高一(下)月考物理试卷(6月)一、单选题（本大题共6小题，共24.0分）1.对于平抛运动，下列说法正确的是：(

)A.飞行时间由初速度决定 B.水平射程由初速度决定

C.是匀变速曲线运动 D.速度和加速度都是变化的2.汽车通过凹形路面时，在凹形路面的最低点，小明对座椅的压力：A.等于零 B.大于他的重力 C.小于他的重力 D.等于他的重力3.去年，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丙运载火箭成功发射中法海洋卫星，此卫星入轨后在半径为r的轨道上绕地球做匀速圆周运动。已知地球表面的重力加速度大小为g，地球的半径为R，则该卫星做圆周运动的周期为：A.πr2Rrg B.π4.物体受到两个互相垂直的作用力而运动，已知力F1做功6 J，力F2做功8 J，则力A.10 J B.14 J C.5.“歼−20”是中国自主研制的双发重型隐形战斗机，该机将担负中国未来对空、对海的主权维护任务。在某次起飞中，质量为m的“歼−20”以恒定的功率P启动，其起飞过程的速度随时间变化图像如图所示，经时间t0飞机的速度达到最大值为vm时，刚好起飞。关于起飞过程，下列说法正确的是(

)

A.飞机所受合力不变，速度增加越来越慢

B.飞机所受合力增大，速度增加越来越快

C.该过程克服阻力所做的功为Pt0−16.放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0∼6 s内其速度与时间的图像和该拉力的功率与时间的图像如图甲、乙所示。下列说法正确的是(

)

A.0∼6 s内拉力做功为90 J B.0∼6 s内物体的位移大小为二、多选题（本大题共6小题，共24.0分）7.如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点的轨迹示意图，已知在B点的速度与加速度相互垂直，则下列说法中正确的是：

A.从A到B速率逐渐增大 B.D点的速率比C点的速率大

C.A点的加速度比D点的加速度大 D.从B到E合外力对质点做正功8.某人用手将1 kg的物体由静止向上提起1 m，这时物体的速度为2 A.手对物体做功12 J B.合力做功2 J

C.合力做功129.发射地球同步卫星，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3。轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点。如图所示，则当卫星分别在1、2、3轨道上运行时，以下说法正确的有：

A.卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率

B.卫星在轨道3上的周期小于在轨道2上的周期

C.卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点的加速度

D.卫星在轨道2上经过P点时的速度小于它在轨道3上经过P点的速度10.如图所示，轻质弹簧竖直放置在水平地面上。它的正上方有一金属块从高处自由下落，从金属块自由下落到第一次速度为零的过程中，以下说法正确的是：

A.金属块机械能守恒

B.金属块的动能最大时，弹力与重力相平衡

C.金属块的动能为零时，弹簧的弹性势能最大

D.金属块先做匀加速直线运动后做匀减速直线运动11.如图所示，木块静止在光滑水平桌面上，一子弹水平射入木块的深度为d时，子弹与木块相对静止，在子弹入射的过程中，木块沿桌面移动的距离为L，木块对子弹的平均阻力为f，那么在这一过程中：

A.木块的机械能增量fL B.子弹的机械能减少量为fd

C.系统的机械能减少量为f d

D.系统的机械能减少量为f(12.如图所示，将长为3L的轻杆穿过光滑水平转轴O，两端分别固定质量为m的球A和质量为2m的球B，A到O的距离为L，现使杆在竖直平面内转动，当球B运动到最高点时，球B恰好对杆无作用力，两球均视为质点，忽略一切阻力。则：(

)

A.球B在最高点时，球B的速度大小为gL

B.球B在最高点时，球A的速度大小为122gL

C.球B在最高点时，球A对杆的作用力大小为32mg三、填空题（本大题共1小题，共4.0分）13.在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中，(1)下列器材中不必要的一项是______(只需填字母代号A.重物

B.纸带

C.天平

D.50(2)关于本实验的误差，说法不正确的一项是A.选择质量较小的重物，有利于减小误差B.选择点击清晰且第1、2两点间距约为2mC.先松开纸带后接通电源会造成较大的误差D.本实验产生误差的主要原因是因为重物在下落过程中不可避免地受到阻力的作用(3)如图所示为实验得到的一条点迹清晰的纸带，把第一个点记做O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点.经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.78cm、70.00cm、77.58cm、85.52cm。根据以上数据可知，重物由O点运动到B点，重力势能的减少量等于______J，动能的增加量等于______J。

四、实验题（本大题共1小题，共9.0分）14.如图所示，用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验。在滑块上安装一遮光条，把滑块放在水平气垫导轨上，并通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电计时器安装在B处。测得滑块(含遮光条)质量为M、钩码总质量为m、遮光条宽度为d、导轨上A点到B的距离为L，已知当地的重力加速度g。将滑块在图示A位置释放后，光电计时器记录下遮光条通过光电门的时间为△t(1)遮光条通过光电门的速度大小为(2)选择A到B的运动过程，则滑块(含遮光条)与钩码组成系统重力势能的减少量为___________，动能的增量为五、计算题（本大题共4小题，共40.0分）15.用F=100N的水平恒力拉质量m=20kg的小木箱，使木箱在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动，如图所示。已知木箱与地面之间的动摩擦因数μ=0.40，取重力加速度g=10(2(316.一水平放置的圆盘，可以绕中心O点旋转，盘上放一个质量是0.4kg的铁块(可视为质点)，铁块与中间位置用轻质弹簧连接，如图所示．铁块随圆盘一起匀速转动，角速度是10rad/s时，铁块距中心O点30c(1(217.小物块A的质量为m，与坡道间的动摩擦因数为μ，水平面光滑。倾角为θ的坡道顶端距水平面高度为h；物块运动到O点处及与弹簧接触过程均无机械能损失且弹簧在弹性限度内变化。将轻弹簧的一端连接在水平滑道M处并固定在墙上，另一自由端恰位于坡道的底端O点，如图所示。物块A从坡顶由静止滑下，求：

(1)物块第一次滑到O点时的速度大小；

(2(318.如图所示，半径R=1.0m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角θ=37∘，另一端点C为轨道的最低点。C点右侧的水平路面上紧挨C点放置一木板，木板质量M=1kg，上表面与C点等高。质量m=1kg的物块(可视为质点)从空中A点以v0=1.2m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道。已知物块与木板间的动摩擦因数μ1=0.2，木板与路面间的动摩擦因数为μ2，取g=10m/答案和解析1.【答案】C

【解析】【分析】

平抛运动是具有水平方向的初速度只在重力作用下的运动，是一个匀变速曲线运动；解决平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，运动时间由高度决定。

本题就是对平抛运动规律的考查，掌握住平抛运动的规律，水平方向上匀速直线运动，竖直方向上自由落体运动，根据匀速直线运动和自由落体运动的规律逐个分析即可。

【解答】

A、平抛运动竖直方向做自由落体运动，根据h=12gt2可知：t=2hg，运动时间由高度决定，与初速度无关，故A错误；

B、根据x=v0t可知，水平位移由时间和初速度共同决定，时间又是由高度决定的，所以水平射程由初速度和高度共同决定，故B错误；

C2.【答案】B

【解析】【分析】以小明为研究对象，进行受力分析，利用圆周运动的知识解得小明受到的支持力，再结合牛顿第三定律即可得出对座椅的压力的表达式，就可以比较压力与重力的大小．

该题考查到了牛顿运动定律和圆周运动在现实生活中的应用，对于圆周运动，要注意向心力是沿半径方向上的所有力的合力．本题也可以根据超重的观点分析．

【解答】汽车在凹形路面的最低点时，以小明为研究对象，进行受力分析，受重力G和座椅的支持力N作用，小明随汽车做圆周运动，

沿半径方向(即为竖直方向)上的合力提供向心力，由牛顿第二定律有：N−G=mv2r，

则受到的支持力为：N=G+mv3.【答案】C

【解析】【分析】

地球表面重力等于万有引力，卫星环绕地球飞行时，万有引力提供向心力，故计算出卫星的运行周期T关键知道万有引力提供向心力。

知道在忽略地球自转的情况下，重力等于万有引力。

【解答】

在地球表面物体重力等于万有引力，有：

mg=GMmR2，即GM=gR2①

根据万有引力提供向心力，有：GMmr2=4.【答案】B

【解析】【分析】

功属于标量，合力做功等于各分力做功的代数和；直接利用两功做的代数和即可求得合力的功。

本题考查功的计算，要明确功是标量，求合力的功时可以先求出合力再根据功的公式求解功，也可以先求出各力的功，再求各力功的代数和。

【解答】

合力做功等于各分力做功的代数和(分力做功有正负)，与分力之间的夹角无关，故力F1、F2的合力对物体做功为6J+8J=14J，故5.【答案】C

【解析】【分析】

本题是交通工具的启动问题，属于恒定功率启动类型。

根据图像分析加速度变化，从而分析速度和合外力的变化；根据动能定理分析克服阻力做功；将飞机的运动与匀速直线运动对比，分析其平均速度。

【解答】

AB、根据图象可知，图象的斜率为加速度，所以起飞中，斜率越来越小，加速度越来越小，速度增加越来越慢，根据牛顿第二定律F合=ma，加速度减小，合外力减小，故AB错误

C、根据动能定理可知：12mvm2−0=6.【答案】C

【解析】【分析】速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移的大小，功率与时间图线围成的面积表示拉力做功的大小。根据拉力功率的随时间的变化图线求出拉力和摩擦力的大小，根据功的公式可求得合力做功的问题。本题在求功时，很多同学可能会选择动能定理，但应注意本题中没有质量，故动能定理无法应用．所以在解题时应灵活，不能抱着一个方法不放。

【解答】A.P−t图线与时间轴围成的面积表示拉力做功的大小，则拉力做功W=12×2×30J+10×D.在2～6s内，物体匀速运动，此时拉力等于摩擦力，由P=Fv可知，物体受到的拉力C.0～6 s内滑动摩擦力做功为故选C。

7.【答案】BD【解析】【分析】

物体做曲线运动时弯曲的方向与受力的方向一致，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；由牛顿第二定律可以判断加速度的方向。

本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了。

【解答】

A.若质点从A运动到B，质点运动到B点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则有A点速度与加速度方向夹角大于90°，从A到B的过程中力对物体做负功，所以B点的速率比A点速率小，故A错误；

B.由运动轨迹可知质点的受力方向是偏向下方的，D点在C点的下方，从C到D的过程中力对物体做正功，所以D点的速率比C点速率大，故B正确；

C.质点做匀变速曲线运动，则加速度不变，所以质点经过A点时的加速度与D点相同，故C错误；

D.从B点到E点的过程中力对物体做正功，沿力(加速度)的方向的分速度逐渐增大，由矢量合成的特点可知，加速度与速度的夹角一直减小，故D正确。

故选BD。8.【答案】AB【解析】【分析】

物体受力从静止向上加速运动，当速度达到2m本题考查了动能定理、功的计算和功能关系。手对物体做功，即为除重力以外的力做功，所以会导致物体机械能变化；而重力势能的变化由重力做功决定，对于合力做功可以由动能变化来确定。【解答】A.由功能关系可知：手对物体做的功等于物体机械能的变化量，则W手=mgh+12mv2=1×10×1J+12×1故选ABD。

9.【答案】CD【解析】【分析】

根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、和向心力的表达式进行讨论即可。

本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度的表达式，再进行讨论，注意在同一位置的加速度大小相等，并理解离心运动的应用。

【解答】

A.人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有

GMmr2=ma=mv2r=m4π2rT2

解得：v=GMr

轨道3半径比轨道1半径大，卫星在轨道3上线速度较小，故A错误；

B.ω=vr=GMr3，轨道3半径比轨道1半径大，卫星在轨道3上角速度较小，据T=2πω，知在轨道3上运动的周期较大，故B错误；

C.根据牛顿第二定律和万有引力定律得：a10.【答案】BC【解析】【分析】

金属块静止在弹簧正上方，具有重力势能，由静止下落后，重力势能转化为动能，重力势能越来越小，动能越来越大。

金属块撞击弹簧后，受到弹簧的弹力，重力大于弹力，将继续向下加速运动；弹簧不断被压缩，弹力在增大，当弹力等于重力时，金属的运动速度最大；弹簧不断被压缩，弹力在增大，当弹力大于重力时，金属块进行减速运动．金属块从自由下落到下落到最底端，金属块的运动速度先增大，后减小，到最底端速度为零．通过分析金属块的运动情况进行判断。

本题不能想当然，认为金属块一碰到弹簧就减速，要根据其受力情况进行判断．金属块从碰到弹簧到最底端，分两个过程，一、弹力小于重力时加速；二、弹力大于重力时减速．金属块从最高点到最低点速度先增大后减小到零。

【解答】

A.金属块运动过程中，弹簧弹力对其做功，金属块机械能不守恒，故A错误；

B.金属块撞击弹簧，受到弹簧向上的弹力，开始重力大于弹力，继续向下加速运动；弹簧不断被压缩，弹力在增大，当弹力等于重力时，金属块的运动速度最大，其动能最大，故B正确；

C.当金属块的速度为零时，弹簧被压缩到最短，弹性势能最大，故C正确；

D.金属块受到的弹力为变力，故不可能匀变速运动，故D错误。

故选BC。

11.【答案】AC【解析】【分析】

本题考查子弹打木块模型，同时功是能量转化的量度，能量转化的多少可以用功来量度，掌握住功和能的关系就可以分析得出结论。子弹受到摩擦阻力，而木块所受到摩擦动力，两者摩擦力f大小相等，可认为是恒力，运用动能定理分别研究子弹和木块，求出各自的动能变化。

【解答】

A.子弹对木块的作用力大小为f，木块相对于地的位移为L，则子弹对木块做功为fL，根据动能定理得知，木块动能的增加量，即机械能的增量等于子弹对木块做的功，即为fL，故A正确；

B.木块对子弹的阻力做功为−f(L+d)，根据动能定理得知：子弹动能的减少量等于子弹克服阻力做功，大小为f(L+d)。子弹的重力势能不变，所以子弹动能的减少量等于f(L+d)，故B错误；12.【答案】BC【解析】【分析】

球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，重力恰好提供向心力，可以求出B的线速度，转动过程中，两球角速度相等，根据v=ωr求解A球线速度，B球到最高点时，对杆无弹力，此时A球受重力和拉力的合力提供向心力，根据向心力公式求解水平转轴对杆的作用力。

本题中两个球角速度相等，线速度之比等于转动半径之比，根据球B对杆恰好无作用力，重力恰好提供向心力，求出B的线速度是解题的关键。

【解答】

A.当B在最高点时，球B对杆无作用力，此时球B的重力提供作圆周运动所需的向心力则2mg=2mvB22L，解得：vB=2gL，故A错误；

B.由于AB转动的角速度相同，故根据v=ωr可知vAvB=L2L，解得vA=122gL，故B正确；

C.对A球受力分析可知F−mg=mvA2L，解得F=3213.【答案】(1)C

；(2)【解析】解：(1)在用自由落体“验证机械能守恒定律”时，我们是利用自由下落的物体带动纸带运动，通过打点计时器在纸带上打出的点求得动能及变化的势能；故在实验中要有重物、纸带和打电计时器，而打点计时器需要电源；而在数据处理中物体的质量可以消去，故不需要测物体的质量，故不用天平。故选：C．

(2)A、为了减小实验的误差，重物选择质量大一些的．故A错误．

B、选择点击清晰且第1、2两点间距约为2mm的纸带，有利于减小误差．故B正确．

C、先松开纸带，后接通电源，第一个点的速度不为零，会造成较大的误差，应先接通电源后释放纸带．故C正确．

D、本实验产生误差的主要原因是因为重物在下落过程中不可避免地受到阻力的作用．故D正确．

本题选不正确的，故选：A．

(3)重物由O点运动到B点，重力势能的减少量△Ep=mgh=1×9.8×0.7J=6.86J；

B点的瞬时速度vB=xAC2T=0.775814.【答案】(1)

dΔt；(2)

【解析】【分析】

正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果。

(1)根据极短时间内的平均速度表示瞬时速度求出遮光条通过光电门的速度大小；

(2)根据△Ep=m(1)因为极短时间内的平均速度等于瞬时速度，则遮光条通过光电门的速度大小为v=dΔt；

(2)滑块(含遮光条)与钩码组成系统重力势能的减少量为，滑块通过光电门的速度为v=dΔt，故动能的增量为。