2021-2022学年广东省汕头市东山中学高二物理期末试卷含解析

2021-2022学年广东省汕头市东山中学高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路。虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场。方向垂直于回路所在的平面。回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始络与MN垂直。从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是（

）A.感应电流方向不变B.CD段直线始终不受安培力C.感应电动势最大值E＝BavD.感应电动势平均值参考答案：ACD【详解】A、在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A正确；B、根据左手定则可以判断，受安培力向下，故B错误；C、当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为a，这时感应电动势最大，C正确；D、由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值，故D正确。故选ACD【点睛】由楞次定律可判断电流方向，由左手定则可得出安培力的方向；由，分析过程中最长的L可知最大电动势；由法拉第电磁感应定律可得出电动势的平均值。2.某交流电源电压的瞬时值表达式为u=6sinl00πtV，下列说法中正确的是AC

A．用交流电压表测该电源电压时，示数是6V

B．用交流电压表测该电源电压时，示数是6V

C．把标有“5V，3W”的小灯泡接在该电源上，小灯泡不会被烧毁

D．用该电源给电磁打点计时器供电时，打点的时间间隔为0.01s参考答案：AC3.电磁泵在目前的生产、科技中得到了广泛应用。如图所示，泵体是一个长方体，ab边长为L1，两侧端面是边长为L2的正方形；流经泵体内的液体密度为ρ、在泵头通入导电剂后液体的电导率为σ（电阻率的倒数），泵体所在处有方向垂直向外的磁场B，把泵体的上下两表面接在电压为U（内阻不计）的电源上，则（

）A.增大磁感应强度可获得更大的抽液高度B.通过泵体的电流I＝UL1／σC.泵体上表面应接电源负极D.增大液体的电阻率可获得更大的抽液高度参考答案：A当泵体中电流向上时，安培力向右，故液体不能被抽出；根据电阻定律和欧姆定律列式求解电流表达式分析，根据安培力公式分析安培力大小情况；A、增大磁感应强度B，受到的磁场力变大，因此可获得更大的抽液高度，故A正确；B、根据电阻定律，泵体内液体的电阻：，因此流过泵体的电流，故B错误；C、当泵体上表面接电源的负极时，电流从下向上流过泵体，这时受到的磁场力水平向右，不能拉动液体向左运动，故C错误；

D、若增大液体的电阻率，可以使电流减小，受到的磁场力减小，使抽液高度减小，故D错误。【点睛】本题关键是明确电磁泵的工作原理，要能够结合欧姆定律、电阻定律、安培力公式分析抽液高度的影响因素。4.如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中(

)A、导体框中产生的感应电流方向相同B、导体框中产生的焦耳热相同C、导体框ad边两端电势差相同D、通过导体框截面的电量相同参考答案：B5.下列关于分子运动和热现象的说法正确的是A.一定量的水变成的水蒸汽，其内能不变B.一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它温度一定增大C.气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故D.一定质量气体温度升高，单位时间内撞击容器壁单位面积上的分子数一定增多参考答案：B【详解】A．水变成水蒸气的过程中吸收热量，分子势能增大，所以内能增大，故A错误；B．一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，根据可知，温度一定升高，故B正确；C．气体分子间的作用力很小，可以忽略不计，气体分子不停地做无规则运动，气体分子可以充满整个容器，如果没有约束，气体将散开，故C错误；D．根据理想气体的状态方程可知对于一定量的气体，气体温度升高，若体积增大则压强可能增大、可能减小，也可能不变，所以，单位时间内撞击容器壁单位面积上的分子数不一定增多，故D错误。二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.右图中的MN、PQ是互相平行的金属导轨，它们之间的距离为d，处于图示方向的磁感强度为B的匀强磁场中，中间串有电压表的金属棒ab垂直搭在轨道上，ab总长为L1，中间串有电流表的金属棒cd斜搭在轨道上，它与轨道夹角为q，cd总长为L2，二棒与轨道都接触良好。二表的电阻分别为RV、RA，其他电阻皆可不计，当二金属棒以共同的速度v沿轨道的方向向右匀速运动时，Uab＝____________；电压表的读数为____________；电流表的读数为____________。参考答案：BL1v，0,0。7.（单选）关于物理原理在技术上的应用，下列说法中正确的是（）A．雨后天空出现彩虹，是光的干涉现象B．激光全息照相是利用了激光相干性好的特性C．用双缝干涉测光波的波长时，若减小双缝间的距离，则同种光波的相邻明条纹间距将减小D．摄影机镜头镀膜增透是利用了光的衍射特性参考答案：B8.如图所示，通有稳恒电流的螺线管竖直放置，闭合铜环沿螺线管的轴线加速下落，在下落过程中，环面始终保持水平。位置2处于螺线管的中心，位置1、3与位置2等距离，则铜环在1、3两位置时的磁通量大小Φ1___Φ3，磁通量的变化率____。（填“>，=或<”）

参考答案：_=__

___<____9.安培定则：是用来判断通电导线中的

方向与电流产生的__________方向之间的关系；左手定则是用来判断通电导线在磁场中受到的________方向和导线中的________方向之间关系的。参考答案：电流，磁场，磁场力，电流10.右图为某电场的部分电场线。由图可知A、B两点的场强大小EA

EB（选填“>”、“<”或“＝”）。参考答案：11.（填空）有一面积为150cm2的金属环，电阻为0.1Ω，在环中100cm2的同心圆面上存在如图（b）所示的变化的磁场，在0.1s到0.2s的时间内环中感应电流为__________，流过的电荷量为__________.参考答案：0.1A

0.01C12.为了演示接通电源的瞬间和断开电源的瞬间的电磁感应现象，设计了如图所示的电路图，A、B两灯规格相同，L的直流电阻和R相等，开关接通的瞬间，A灯的亮度__________（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；通电一段时间后，A灯的亮度__________（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；断电的瞬间，A灯__________（填“立即”或“逐渐”）熄灭，B灯__________（填“立即”或“逐渐”）熄灭。参考答案：大于

等于

逐渐

立即（各1分）13.用甲、乙两种光做光电效应实验，发现光电流与电压的关系如图所示，由图可知，两种光的频率v甲v乙（填“＜”，“＞”或“=”），（选填“甲”或“乙”）光的强度大．已知普朗克常量为h，被照射金属的逸出功为W0，则甲光对应的遏止电压为

．（频率用v，元电荷用e表示）参考答案：=，甲，．【考点】光电效应．【分析】根据光的强度越强，形成的光电流越大；并根据光电效应方程，即可求解．【解答】解：根据eUc=hv0=hv﹣W0，由于Uc相同，因此两种光的频率相等，根据光的强度越强，则光电子数目越多，对应的光电流越大，即可判定甲光的强度较大；由光电效应方程mv2=hv﹣W0，可知，电子的最大初动能EKm=hv﹣W0；那么甲光对应的遏止电压为Uc=；故答案为：=，甲，．三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路．(1)按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来．(2)在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于________端(选填“A”或“B”)．(3)右图是根据实验数据作出的U－I图象，由图可知，电源的电动势E＝________V，内阻r＝____________Ω.（保留两位有效数字。）参考答案：（1）电路连接如下图。

（2）闭合开关前，滑动变阻器接入电路中的阻值应该最大，故滑片应置于B端。

（2分）（3）由图象可知，电源电动势为1.5V

（2分）内阻r＝Ω＝1.0Ω15.有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则。在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力TOA、TOB和TOC，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是

.

A．钩码的个数N1＝N2＝2，N3＝4B．钩码的个数N1＝N3＝3，N2＝4C．钩码的个数N1＝N2＝4，N3＝2D．钩码的个数N1＝3，N2＝4，N3＝8（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是

.A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度C．用量角器量出三段绳子之间的夹角D．用天平测出钩码的质量（3）在作图时，你认为图示中________是正确的．(填“甲”或“乙”)参考答案：(1)

BC

（4分）

(2)

A

（4分）

(3)

甲

（4分）（1）考查合力的取值范围，所以BC正确。(2)做本实验的时候重点是记录力的大小和方向。（3）F3方向应该是竖直向下的，所以当实验没有误差的时候合力应该与F3在同一条直线上，但是我们的实验是一定存在误差的，所以甲图正确。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，质量mA为4.0kg的木板A放在水平面C上，木板与水平面间的动摩擦因数μ为0.24，木板右端放着质量mB为1.0kg的小物块B（视为质点），它们均处于静止状态．木板突然受到水平向右的12N？s的瞬时冲量I作用开始运动，当小物块滑离木板时，木板的动能EM为8.0J，小物块的动能为0.50J，重力加速度取10m/s2，求（1）瞬时冲量作用结束时木板的速度v0；（2）木板的长度L．参考答案：解；（1）设水平向右为正方向，有：I=mAv0①代入数据得：v0=3.0m/s②（2）设A对B、B对A、C对A的滑动摩擦力的大小分别为FAB、FBA、FCA，B在A上滑行的时间为t，B离开A时A和B的速度分别为vA和vB，有﹣（FBA+FCA）t=mvA﹣mAv0③FABt=mBvB④其中FAB=FBAFCA=μ（mA+mB）g

⑤设A、B相对于C的位移大小分别为sA和sB，有﹣（FBA+FCA）sA=mvA2﹣mv02⑥FABsB=EKB⑦动量和动能之间的关系为：mAvA=⑧mBvB=⑨木板A的长度L=sA﹣sB⑩代入数据解得：L=0.50m答：（1）瞬时冲量作用结束时木板的速度为3.0m/s；（2）木板的长度L为0.50m．【考点】动能定理的应用；动量定理．【分析】根据动量定理求出瞬时冲量作用结束时木板的速度．对A、B进行受力分析，运用动量定理找出力与速度之间的关系．根据动能定理找出力与位移之间的关系．17.如图所示，光滑水平面上滑块A、C质量均为m=1kg，B质量为M=3kg．开始时A、B静止，现将C以初速度v0=2m/s的速度滑向A，与A碰后粘在一起向右运动与B发生碰撞，碰后B的速度vB=0.8m/s，B与墙发生碰撞后以原速率弹回．（水平面足够长）①求A与C碰撞后的共同速度大小；②分析判断B反弹后能否与AC再次碰撞？参考答案：①1m/s

②能再次碰撞①设AC与B碰前的速度为v1，与B碰后的速度为v2，A、C作用过程中动量守恒有mv0=2mv1

（3分）代入数据得v1=1m/s

（2分）②AC与B碰撞过程动量