【解析】山东省滨州市2023年中考物理试卷

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山东省滨州市2023年中考物理试卷

一、单选题

1．（2023·滨州）下列估测中，符合实际的是（）

A．一张试卷的厚度约为1cm

B．中学生正常步行的速度约为1.1m/s

C．教室内比较舒适的温度约为37℃

D．普通乒乓球拍的质量约为3kg

【答案】B

【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动

【解析】【解答】A.一张试卷的厚度约为0.1mm，故A错误；

B.中学生正常步行的速度约为1.1m/s，故B正确；

C.教室内比较舒适的温度约为25℃，故C错误；

D.普通乒乓球拍的质量约为100g左右，故D错误。

故选B。

【分析】根据对长度、速度、温度和质量的认识判断。

2．（2023·滨州）下列关于声现象的描述和分析，正确的是（）

A．图甲：人发出的声音是由空气振动产生的

B．图乙：用相同的力敲击水瓶琴能发出音调不同的声音

C．图丙：蝙蝠利用次声波传递能量确定目标的位置

D．图丁：禁止鸣笛是在传播过程中控制噪声的

【答案】B

【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；超声波与次声波；防治噪声的途径

【解析】【解答】A.图甲：人发出的声音是由声带振动产生的，故A错误；

B.图乙：用相同的力敲击水瓶琴时，由于水瓶内水的质量大小不同，则振动频率不同，因此能发出音调不同的声音，故B正确；

C.图丙：蝙蝠利用超声波传递能量确定目标的位置，故C错误；

D.图丁：禁止鸣笛是在声源处控制噪声的，故D错误。

故选B。

【分析】（1）根据声音产生的知识判断；

（2）音调的高低与振动频率大小有关；

（3）根据超声波的应用判断；

（4）根据控制噪声的途径和方法判断。

3．（2023·滨州）二十四节气“春雨惊春清谷天，夏满芒夏暑相连；秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒。”是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶。下列节气涉及的物态变化正确的是（）

A．“谷雨”节气，雨的形成是凝固现象

B．“白露”节气，露的形成是熔化现象

C．“霜降”节气，霜的形成是凝华现象

D．“小雪”节气，雪的形成是液化现象

【答案】C

【知识点】凝华及凝华放热

【解析】【解答】雨是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的，故A错误；

露是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的，故B错误；

霜是空气中的水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，故C正确；

雪的形成是水蒸气才能够气态直接变成固态发生凝华现象，故D错误。

故选C。

【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。

4．（2023·滨州）如图所示是某小组“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置及根据实验数据绘制的图象，下列分析正确的是（）

A．水不断冒出“白气”是沸腾现象

B．水沸腾时，水中上升的气泡由大变小

C．水沸腾时温度不变，不需要吸热

D．该实验地点的气压低于1标准大气压

【答案】D

【知识点】探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系

【解析】【解答】“白气”是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故A错误；

水沸腾时，上下水温一致，气泡上升时逐渐变大，故B错误；

水沸腾时不断吸热，但是温度不变，故C错误；

根据图片可知，水的沸点为98℃，低于100℃，则该地的气压小于1标准大气压，故D正确。

故选D。

【分析】（1）根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；

（2）（3）根据水沸腾时的特点判断；

（4）根据液体沸点随气压的变化规律判断。

5．（2023·滨州）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（）

A．镜花水月

B．坐井观天

C．海市蜃楼

D．空中彩虹

【答案】A

【知识点】光的反射

【解析】【解答】A.镜花水月，属于光的反射形成的平面镜成像，故A符合题意；

B.坐井观天，属于光的直线传播现象，故B不合题意；

C.海市蜃楼，属于光的折射现象，故C不合题意；

D.空中彩虹，属于光的色散现象，故D不合题意。

故选A。

【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。

6．（2023·滨州）下列关于体育运动场景的描述和分析，正确的是（）

A．田径场上400m比赛的整个过程中，运动员的运动状态保持不变

B．投出的篮球在空中飞行时，若受到的力突然消失，它将立刻静止

C．跳远运动员起跳前的助跑，是为了增大惯性

D．足球场上滚动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用

【答案】D

【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；惯性及其现象；力与运动的关系

【解析】【解答】A.田径场上400m比赛的整个过程中，他的速度和方向不断改变，则运动员的运动状态不断改变，故A错误；

B.根据牛顿第一定律可知，投出的篮球在空中飞行时，若受到的力突然消失，它将做匀速直线运动，故B错误；

C.跳远运动员起跳前的助跑，是为了增大起跳时的初速度，从而增加腾空距离，故C错误；

D.足球场上滚动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用，故D正确。

故选D。

【分析】（1）运动状态的改变包括：由静止变运动，由运动变静止，速度大小改变或运动方向改变；

（2）根据牛顿第一定律判断；

（3）惯性大小只与物体的质量有关；

（4）根据力与运动的关系判断。

7．（2023·滨州）如图所示的实例中，能利用大气压强解释的是（）

A．轨道铺在枕木上

B．锅炉水位计显示水位

C．用吸管吸饮料

D．自制喷雾器喷雾

【答案】C

【知识点】大气压强的存在

【解析】【解答】A.轨道铺在枕木上，通过增大受力面积减小压强，与大气压强无关，故A错误；

B.锅炉水位计显示水位，利用连通器原理，与大气压强无关，故B错误；

C.用吸管吸饮料，吸管内气压小于外界大气压强，在大气压强的作用下将饮料压入口中，故C正确；

D.自制喷雾器喷雾，原理为流体压强和流速的关系，故D错误。

故选C。

【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。

8．（2023·滨州）以下四图节选自我国古代科技著作《天工开物》，其中说法正确的是（）

A．图甲“泥造砖坯”中，砖坯对地面的压力和砖坯的重力是一对平衡力

B．图乙“凿取砺房”中，古人手中的凿子是通过减小受力面积增大压强的

C．图丙“踏车汲水”中，水被提升到高处，水的重力势能转化为动能

D．图丁“穴取铜铅”中，古人所使用的镐属于省力杠杆

【答案】B

【知识点】动能和势能的大小变化；平衡力的辨别；增大压强的方法及其应用；杠杆的分类

【解析】【解答】A.砖坯对地面的压力和砖坯的重力，二者没有作用在同一物体上，且方向都是竖直向下的，因此不是平衡力，故A错误；

B.古人手中的凿子是通过减小受力面积增大压强的，故B正确；

C.水的高度增大，则重力势能增大，即将水车的机械能转化为水的重力势能，故C错误；

D.使用镐时，内侧的手相当于支点，外侧的手施加动力，阻力作用在镐头上。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故D错误。

故选B。

【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；

（2）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；

（3）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；

（4）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。

9．（2023·滨州）下列说法正确的是（）

A．毛皮摩擦过的橡胶棒靠近带负电的物体时会相互排斥

B．金属导体中自由电子定向移动的方向就是电流的方向

C．两个小灯泡由一个开关同时控制，它们一定是串联

D．两个小灯泡两端电压相等，它们一定是并联

【答案】A

【知识点】电荷间的相互作用规律；电流的方向；串联电路的电压规律

【解析】【解答】毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，它靠近带负电的物体时会相互排斥，故A正确；

金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相反，故B错误；

如果两个灯泡并联，且开关在干路上，那么这个开关同时控制两个灯泡，故C错误；

在串联电路中，如果两个灯泡完全相同，那么它们两端的电压相等，故D错误。

故选A。

【分析】（1）根据电荷之间的相互作用规律判断；

（2）将正电荷定向移动的方向规定为电流方向；

（3）在并联电路中，干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制它所在支路上的用电器；

（4）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比。

10．（2023·滨州）如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关后，当滑动变阻器滑片P向左端滑动时，下列说法正确的是（）

A．电流表A示数变大，电压表V示数变小

B．电流表A示数变小，电压表V示数变大

C．电流表A示数变大，电压表V示数不变

D．电流表A示数变小，电压表V示数不变

【答案】A

【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】根据图片可知，变阻器R'与定值电阻R串联，电压表测变阻器的电压，电流表测总电流。

当变阻器滑片P向左端滑动时，变阻器的阻值减小，根据R总=R'+R可知，总电阻减小，而总电流增大，那么电流表的示数增大。在串联电路中，电压与电阻成正比，则电压表的示数减小，故A正确，而B、C、D错误。

故选A。

【分析】根据图片确定电路的串并联关系，以及电表测量的物理量，最后结合欧姆定量、串并联电路的特点分析判断。

11．（2023·滨州）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）

A．家庭电路中，电能表应安装在总开关之后

B．家庭电路中，控制用电器的开关和用电器是并联的

C．家庭电路中电流过大，一定是发生了短路

D．高压输电线最上面的两条导线是用来防雷的

【答案】D

【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则

【解析】【解答】A.家庭电路中，电能表应安装在总开关之前，故A错误；

B.家庭电路中，控制用电器的开关和用电器是串联的，故B错误；

C.家庭电路中电流过大，可能发生了短路，也可能是总功率过大，故C错误；

D.高压输电线最上面的两条导线是用来防雷的，故D正确。

故选D。

【分析】根据对家庭电路连接，以及安全用电的常识判断。

12．（2023·滨州）根据国际能源署（IEA）发布的《2023年全球电动汽车展望》报告，2022年全球电动汽车销量首次突破1000万辆大关。中国占60%，继续蝉联全球第一，如图能说明电动汽车电动机工作原理的是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】C

【知识点】磁场对通电导线的作用

【解析】【解答】A.条形磁体的N极和S极靠近时相互吸引，说明磁极之间的相互作用，故A不合题意；

B.两个电磁铁串联时电流相等，线圈匝数多的吸引图钉多，那么说明电磁铁的磁场强弱与线圈匝数有关，故B不合题意；

C.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，故C符合题意；

D.导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针偏转，产生了感应电流，这就是电磁感应现象，为发电机的工作原理，故D不合题意。

故选C。

【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。

二、多选题

13．（2023·滨州）下列说法中正确的是（）

A．物体吸收热量，温度一定升高

B．冬季取暖用水作为传热介质，是利用了水的比热容大的性质

C．四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能

D．热机效率越高，功率一定越大

【答案】B,C

【知识点】温度及温度计的使用与读数；功率的概念；比热容；热机

【解析】【解答】A.物体吸收热量后，温度不一定升高，如水沸腾时吸热但温度不变，故A错误；

B.冬季取暖用水作为传热介质，是利用了水的比热容大的性质，故B正确；

C.四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能，故C正确；

D.热机效率表示有用功与燃料放热之比，表示性能好坏，而功率表示做功的快慢，二者没有任何内在联系，故D错误。

故选BC。

【分析】（1）根据热量、温度和内能的关系判断；

（2）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；

（3）根据热机中的能量转化判断；

（4）根据效率和功率的定义判断。

14．（2023·滨州）用如图所示的装置匀速提升浸没在容器底部的正方体物块A，物块A的质量为5kg，棱长为10cm，水的深度为60cm。物块A露出水面前滑轮组的机械效率为80%，在水中上升的时间为5s。物块A与容器底部未紧密接触，水对物块A的阻力、绳子的重力、绳子与滑轮间摩擦都忽略不计，，。下列分析正确的是（）

A．物块A的重力为50N

B．物块A上升的速度为0.12m/s

C．物块A露出水面前，拉力所做的有用功为20J

D．物块A完全露出水面后，滑轮组的机械效率约为83.3%

【答案】A,C,D

【知识点】速度公式及其应用；阿基米德原理；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算

【解析】【解答】物体A的重力大约为：G=mg=5kg×10N/kg=50N，故A正确；

根据图片可知，物体A在水中上升的距离：s=60cm-10cm=50cm=0.5m，

则物体A上升的速度为：，

故B错误；

物块A露出水面前受到的浮力F浮=ρ液gV排=103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3=10N；

绳子对A的拉力F=G-F浮=50N-10N=40N；

则拉力做的功为：W=Fs=40N×0.5m=20J，

故C正确；

当物体A露出水面前，根据得到：；

解得：G动=10N；

当物体A露出水面后，

滑轮组的机械效率：。

故D正确。

故选ACD。

【分析】（1）根据G=mg计算物体A的重力；

（2）根据图片确定物体上升的距离，根据公式计算物体上升的速度；

（3）根据F浮=ρ液gV排计算物体受到的浮力，再根据F=G-F浮计算绳子对A的拉力，最后根据W=Fs计算拉力做的功；

（4）当物体A露出水面前，物体A受到的拉力做有用功，对动滑轮做额外功，可根据计算动滑轮的重力。当物体A露出水面后，根据计算滑轮组的机械效率。

15．（2023·滨州）某小组在测量标有“0.28A”字样小灯泡电功率的实验中，发现电压表只有0～3V量程完好，正确连接电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，测得三组数据记录在表一中同学们分析数据，发现小灯泡不能正常发光。讨论后重新连接电路，再次测得三组数据记录在表二中。下列分析正确的是（）

表一

实验序号电压表示数U/V电流表示数I/A

11.50.16

22.50.22

330.24

表二

实验序号电压表示数U/V电流表示数I/A

430.24

52.20.28

61.50.30

A．电源电压为6V

B．小灯泡的额定电压为3V

C．小灯泡正常发光时的电阻为20Ω

D．小灯泡正常发光消耗的电功率为1.064W

【答案】A,D

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算

【解析】【解答】当灯泡的额定电压大于3V时，滑动变阻器两端的电压小于3V，此时可以将电压表与滑动变阻器串联。当电压表的示数等于总电压与灯泡额定电压的差时，灯泡正常发光。

根据表格数据可知，当电流为0.24A时，变阻器的电压为3V，灯泡的电压也是3V，

那么电源电压为：U总=UL+U变=3V+3V=6V，

故A正确；

当灯泡的电流为0.28A时正常发光，此时变阻器的电压为2.2V，

则灯泡的额定电压为：UL=U总-U变=6V-2.2V=3.8V；

故B错误；

灯泡正常发光时的电阻为：，

故C错误；

灯泡正常发光的电功率为：PL=ULIL=3.8V×0.28A=1.064W，

故D正确。

故选AD。

【分析】当灯泡的额定电压大于3V时，滑动变阻器两端的电压小于3V，此时可以将电压表与滑动变阻器串联。当电压表的示数等于总电压与灯泡额定电压的差时，灯泡正常发光。

（1）串联电路中各处电流都相等，据此找到一组对应的电压值，然后根据U总=UL+U变计算电源电压；

（2）根据表格确定灯泡电流为0.28A时变阻器的电压，再根据UL=U总-U变计算灯泡的额定电压；

（3）根据公式计算灯泡正常发光时的电阻；

（4）根据PL=ULIL计算灯泡正常发光消耗的功率。

三、填空题

16．（2023·滨州）如图所示，重为20N，棱长为10cm的正方体物块放在水平桌面上，在10N的水平拉力F作用下，5s内沿水平方向匀速移动了50cm，则物块对水平桌面的压强为Pa，水平拉力F做功的功率为W。

【答案】1000；1

【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算

【解析】【解答】（1）物块的受力面积S=L2=（0.1m）2=0.01m2；

则物块对水平桌面的压强：；

（3）物块移动的速度；

水平拉力F的功率：P=Fv=10N×0.1m/s=1W。

【分析】（1）根据S=L2计算物块的受力面积，再根据计算桌面受到的压强；

（2）首先根据计算物块移动的速度，再根据P=Fv计算拉力的功率。

17．（2023·滨州）如图所示，电源电压恒定不变，定值电阻的阻值为10Ω。闭合开关，电流表A的示数为0.5A，A1的示数为0.3A，则电源电压为V，定值电阻在1min内消耗的电能为J。

【答案】3；36

【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；功的计算及应用

【解析】【解答】根据图片可知，定值电阻R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，A测总电流。

（1）R1两端的电压U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V；

则电源电压为：U总=U1=3V；

（2）通过R2的电流I2=I总-I1=0.5A-0.3A=0.2A；

则R2消耗的电能：W2=U2I2t2=3V×0.2A×60s=36J。

【分析】根据图片可知，定值电阻R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，A测总电流。

（1）首先根据U1=I1R1计算R1两端的电压，再根据并联电路的电压特点U总=U1计算电源电压；

（2）根据I2=I总-I1计算通过R2的电流，再根据W2=U2I2t2计算消耗的电能。

18．（2023·滨州）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船与中国空间站天和核心舱径向端口完成自主快速交会对接，空间站应用与发展阶段首次载人发射任务取得圆满成功，地面指挥中心与空间站是通过传递信息的。空间站的太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电，太阳能是（选填“一次”或“二次”）能源。

【答案】电磁波；一次

【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用

【解析】【解答】（1）地面指挥中心与空间站是通过电磁波传递信息的。

（2）空间站的太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电，太阳能是直接从自然界获取的能源，属于一次能源。

【分析】（1）根据电磁波的应用解答；

（2）直接从自然界获取的能源为一次能源，通过一次能源转化而成的能源为二次能源。

四、作图题

19．（2023·滨州）如图所示，杯子静止在水平面上，请画出杯子所受力的示意图。

【答案】

【知识点】力的三要素及力的示意图

【解析】【解答】静止在桌面上的杯子，受到竖直向上的支持力和竖直向下的重力，二者大小相等，且都作用在杯子的重心上，如下图所示：

【分析】对杯子进行受力分析，确定力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。

20．（2023·滨州）请利用平面镜成像的特点，在图乙中作出物体AB在平面镜中的像，保留作图痕迹。

【答案】

【知识点】平面镜成像的相关作图

【解析】【解答】①通过A点作镜面的垂线，然后根据“物像等距”在镜面右侧这条直线上找到对应的像点A'；

②同理，找到B点对应的像点B'；

③连接A'B'，这就是AB的像，如下图所示：

【分析】根据平面镜成像的对称性完成作图。

五、实验题

21．（2023·滨州）某小组在“探究凸透镜成像的规律”的实验中

（1）实验前，应先调整烛焰，凸透镜，光屏三者的中心在；

（2）如图所示，烛焰恰好在光屏上成倒立、（选填“放大”、“等大”成“缩小”）清晰的实像，这是（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的工作原理；

（3）若凸透镜位置不变，调换蜡烛和光屏的位置，（选填“仍能”或“不能”）在光屏上得到清晰的像，这说明光发生折射时，光路是的；

（4）若保持图中蜡烛、凸透镜的位置不变，只把光屏向右适当调节，光屏上烛焰的像逐渐变得模糊，这与（选填“近视眼”或“远视眼”）形成原因相同。

【答案】（1）同一高度

（2）缩小；照相机

（3）仍能；可逆的

（4）近视眼

【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验

【解析】【解答】（1）实验前，应先调整烛焰，凸透镜，光屏三者的中心在同一高度；

（2）根据图片可知，此时像距小于物距，则蜡烛火焰在光屏上成倒立、缩小的实像，应用为照相机。

（3）若凸透镜位置不变，调换蜡烛和光屏的位置，仍能在光屏上得到清晰的像，这说明光发生折射时，光路是可逆的；

（4）将光屏向右调节后，此时成像在光屏的前面，而近视眼成像在视网膜前面，因此二者形成原因相同。

【分析】（1）只有蜡烛火焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上，像才能成在光屏的上都；

（2）比较像距和物距的大小，从而确定成像的特点和应用；

（3）根据光路的可逆性可知，如果将像距和物距交换数值，那么光屏上依然成清晰的实像，只是像的大小发生改变；

（4）根据凸透镜的成像规律确定像的位置变化，再结合近视眼和远视眼的成因判断即可。

22．（2023·滨州）某小组在“测量金属块密度”的实验中：

（1）把天平放在水平桌而上，将拨至标尺左端的零刻度线处，发现如图甲所示情况，应向调节平衡螺母，使指针指到分度盘的上都。

（2）天平平衡后，小组的小滨同学按图乙所示的方法称量金属块的质量，请写出其中的一处错误：。

（3）小滨纠正了错误，正确操作，天平再次平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图丙所示，所称量金属块的质量是g。

（4）小滨在量筒内倒入20mL的水，放入金属块后量筒内水面如图丁所示，量筒读数时，视线应在（选填“A”“B”或“C”）处。金属块的体积是m3，金属块密度是g/m3。

（5）小州同学带来他在乒乓球比赛中获得的一枚金牌，想测量金牌的密度，发现金牌无法放入量筒中。同学们共同设计了如下测该金牌密度的实验方案：

①用天平测出金牌的质量m；

②将金牌浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为的空烧杯中；

③测得烧杯和溢出水的总质量为；

则金牌密度的表达式（水的密度为，用m、、、表示）。

【答案】（1）游码；右

（2）称量物体时，错误得将物体放在天平的右盘，砝码放在了天平的左盘

（3）79.2

（4）B；10；7.92

（5）

【知识点】固体密度的测量

【解析】【解答】（1）把天平放在水平桌而上，将游码拨至标尺左端的零刻度线处。根据甲图可知，此时天平指针偏左，说明右盘轻，则应该向右调节平衡螺母。

（2）天平平衡后，小组的小滨同学按图乙所示的方法称量金属块的质量，其中的一处错误：称量物体时，错误得将物体放在天平的右盘，砝码放在了天平的左盘。

（3）根据丙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为4.2g，砝码的质量为：50g+20g+5g=75g，因此金属块的质量：m=75g+4.2g=79.2g；

（4）读取量筒的示数时，视线应该与凹形液面的最低处相平，故选B。根据丁图可知，量筒的分度值为1mL，则金属块和水的总体积为30mL，那么金属块的体积V=30mL-20mL=10mL=10cm3，则金属块的密度为：.

（5）根据题意可知，金牌放入溢水杯中后，排开水的体积为：；

则金牌的体积为：V=V排=；

那么金牌的密度为：。

【分析】（1）根据天平调平的方法解答。平衡螺母总是向轻的那端调节；

（2）根据天平使用时“左物右码”分析解答；

（3）根据丙图确定标尺的分度值，并确定游码的质量，然后与砝码的质量相加得到物体的质量；

（4）根据量筒的读数方法解答。金属块的体积等于前后两个量筒的示数之差，接下来根据公式计算金属块的密度。

（5）根据题意可知，金牌的体积等于排出水的体积，根据密度公式计算排出水的体积，再根据密度公式计算金牌的密度。

23．（2023·滨州）某实验小组用图甲所示电路进行“探究电流与电压的关系”实验。

（1）请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求滑动变阻器滑片P向左移动时电阻变大，导线不交叉；

（2）连接电路时，开关应该。闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于（选填“A”或“B”）端；

（3）闭合开关，同学们发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是；

（4）排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过定值电阻R的电流为A，根据实验数据绘制出定值电阻R的I-U图像如图丙所示。由图像可得：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成；

（5）同学们利用完整的图甲电路进一步“探究电流与电阻的关系”，测得实验数据如下表所示。实验时，保持电压表的示数为V不变。分析数据可得：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；

实验次数12345

R/Ω510152025

I/A0.400.200.130.100.08

（6）该小组用电压表和一个最大阻值为R0的滑动变阻器，测量未知电阻Rx的阻值。他们设计了如图丁所示的电路图，进行如下实验操作：

①闭合开关，将滑动变阻器滑片P移到最左端，此时电压表的示数为U1；

②将滑动变阻器滑片P移到最右端，此时电压表的示数为U2；

③则Rx=（用R0、U1、U2表示）。

【答案】（1）

（2）断开；A

（3）定值电阻R断路

（4）0.3；正比

（5）2

（6）

【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验

【解析】【解答】（1）滑动变阻器应该与定值电阻串联，且接线一上一下。当滑片左移时电阻变大，则使用的部分变长，那么应该将右下角的接线柱与开关的右端相连，如下图所示：

（2）连接电路时，开关应该断开。根据图片可知，变阻器的滑片在A端时阻值最大，因此闭合开关前，变阻器的滑片应该位于A端。

（3）闭合开关，同学们发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是：定值电阻R断路。

（4）根据乙图可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，那么示数为0.3A。

根据丙图可知，电流随电压变化的图像为一条通过坐标原点的斜线，那么得到：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。

（5）根据表格可知，当电阻为5Ω时，电流为0.4A，则电压表保持不变的示数为：U=IR=0.4A×5Ω=2V；

（6）①闭合开关，将滑动变阻器滑片P移到最左端，此时电压表的示数为U1；

此时只有Rx，电压表的示数等于电源电压；

②将滑动变阻器滑片P移到最右端，此时电压表的示数为U2；

此时Rx与R0串联，电压表测Rx的电压；

则R0两端的电压为：U0=U总-Ux=U1-U2；

在串联电路中，各处电流都相等，即I0=Ix；

；

解得：。

【分析】（1）根据题目的描述分析滑动变阻器的接线方法即可；

（2）在连接电路时，为了避免电路时通时断烧毁用电器，则开关应该断开。为了避免电流过大而烧毁用电器，要求变阻器的滑片调到阻值最大的位置。

（3）当定值电阻断路时，电压表串联在电路中。由于它的内阻很大，而串联电路电压与电阻成正比，因此电压表几乎分得全部电源电压，因此示数接近电源电压。由于总电阻很大，因此电流表几乎无示数。

（4）根据乙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。根据丙图中图像的形状确定电流与电压的关系。

（5）从表格中获取数据，根据U=IR计算电压表的示数。

（6）在串联电路中，各处电流都相等，以此为等量条件列出方程计算即可。

六、计算题

24．（2023·滨州）“且夫水之积也不厚，则其负大舟也无力。覆杯水于坳堂之上，则芥为之舟；置杯焉则胶，水浅而舟大也。”出自战国庄子的《逍遥游》。从文中大舟与水的关系，我们可以得到这样的启示：求大学问，干大事业，必须打下坚实、深厚的基础。但从物理的角度，“水之积也不厚，则其负大舟也无力。”是指水的深度还是水的质量呢？即物体能否在水中漂浮（所受浮力的大小），究竟与水的深度有关还是与水的质量有关呢？为了探究这一问题，某兴趣小组用烧杯、水、圆柱形木块、刻度尺等器材，进行了如下探究，如图所示。

将两个完全相同的底面积为8cm2，高为10cm的圆柱形木块，分别放入底面积为10cm2和12cm2的甲、乙两个容器中，分别向两个容器中加水，观察和记录每个容器每次加水的深度和木块的状态，实验数据及现象记录如下表。实验中，容器足够高，无水溢出，不考虑木块吸水，，g=10N/kg。根据实验现象和实验数据，求：

实验次数容器中水深（h/cm）和木块的状态

甲容器甲容器中木块乙容器乙容器中木块

14cm不能浮起4cm不能浮起

25cm不能浮起5cm不能浮起

36cm刚好浮起6cm刚好浮起

47cm浮起7cm浮起

（1）甲容器中木块刚好浮起时，水对容器底部的压强；

（2）木块的密度；

（3）木块刚好浮起时，甲、乙容器分别加入水的质量。并由计算结果和实验现象判断：木块能否浮起，取决于容器中水的深度还是水的质量？

（4）实验完成，把木块从甲容器拿出，甲容器对桌面压强的变化量。

【答案】（1）由题意知木块刚好浮起时，甲容器水深6cm，根据可得，水对容器底部的压强为

（2）在甲容器水深6cm时，物块刚好浮起，此时木块排开水的体积等于浸入水的体积

此时木块受到得浮力等于其自身重力，根据可得

根据可得木块质量为

已知木块底面积为8cm2，高为10cm，可得其体积为

又得，木块的密度为

（3）由题意知，甲容器水深6cm时，物块刚好浮起时，水的体积为

同理，乙容器中，水的体积为

根据密度公式可得，甲中水的质量为

同理可得，乙中水的质量为

可知，容器甲和乙中，木块刚好浮起时，加入水的质量不相等，可以判断，木块能否浮起，取决于容器中水的深度

（4）实验完成，把木块从甲容器拿出，甲容器对桌面的压力减小为：△F=G=0.48N；

则甲容器对桌面的压强的减小量为：。

【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理

【解析】【分析】（1）根据表格确定木块刚好浮起时甲容器中的水深，然后根据液体压强公式p=ρ液gh计算甲容器底部受到的压强；

（2）当物块在甲中刚好浮起时，根据V排=S木h计算出它排开水的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算它受到的浮力，再根据漂浮条件计算出木块的重力，根据计算木块的质量。接下来根据V=Sh计算木块的体积，最后根据公式计算木块的密度。

（3）根据图片可知，当物块刚好浮起时，水的体积等于容器与物体底面积的差再与水深的乘积，即V水=（S-S木）h，再根据m水=ρ水V水计算水的质量，最后进行比较即可。

（4）将木块从甲容器拿出后，甲容器对桌面的压力减小量等于木块的重力，根据计算甲容器对桌面压强的变化量。

25．（2023·滨州）某科研小组用如图甲所示的电路，对由多种半导体材料混合制成的一种新材料电阻（标有2.5V字样）进行了测量。电源电压恒定不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0~3V。当闭合S和S1、断开S2，将滑动变阻器的滑片P从一端移至另一端，测得电流表示数随电压表示数变化情况如图乙中的图象A所示。当把电压表并联在两端，闭合S和S2、断开S1，移动滑动变阻器的滑片P，测得新材料电阻电流随电压变化情况如图乙中的图象B所示。求：

（1）新材料电阻正常工作时的电功率。

（2）滑动变阻器的最大阻值。

（3）电源电压。

（4）在图甲电路中，电压表并联在两端，当闭合S和S2、断开S1时，为保证电路安全滑动变阻器连入电路的阻值范围。

【答案】（1）当闭合S和S2、断开S1时，电阻R3与滑动变阻器串联，由图乙可知电阻R3正常工作时的电压为2.5V，电流为0.5A，根据得，电阻R3正常工作时的电功率为

（2）当闭合S和S1、断开S2时，电阻R1与滑动变阻器串联，由图乙可知，滑动变阻器接入电路阻值最大时，电路电流为0.2A，电压表示数为3V，由得，滑动变阻器最大阻值为

（3）根据串联电路电源电压等于各部分电压之和可知

得电阻R1的阻值为

（4）当闭合S和S2、断开S1时，电阻R3与滑动变阻器串联。根据串联电路电流特点，滑动变阻器接入电阻最小时，电路电流最大，由图乙知R3最大电流为0.5A，由得，电阻R3此时的阻值为

同理可得，电路中总电阻最小为

可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值为

由题意知，滑动变阻器接入电阻最大时，已知电压表最大量程为3V。根据串联电路电压特点可知，滑动变阻器分得的最大电压为3V，此时电阻R3分得的最小电压为1.5V。结合图乙知此时电流表示数为0.25A，由由得，滑动变阻器接入电路的最大阻值为

所以为保证电路安全滑动变阻器连入电路的阻值范围为

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】（3）根据乙图可知，当变阻器的阻值为零时，通过R1的电流为0.6A，

根据U总=I总R总得到：U总=0.6A×R1①；

当变阻器接入阻值最大时，通过电路的电流为0.2A，此时电压表示数为3V，

根据U总=I总R总得到：U总=0.2A×R1+3V②；

①②联立解得：R1=7.5Ω，U总=4.5V。

【分析】（1）根据乙图中的图像B确定R3的电压为2.5V时通过它的额定电流，然后根据P=UI计算它正常工作时的电功率。

（2）当闭合S和S1、断开S2时，电阻R1与滑动变阻器串联。根据图乙确定滑动变阻器接入电路阻值最大时，通过电路的电流和它两端的电压，根据计算变阻器的最大阻值。

（3）根据图像A，找到变阻器阻值为零时的最大电流和阻值最大时的最小电流，然后根据U总=I总R总列方程组联立求解即可；

（4）当闭合S和S2、断开S1时，电阻R3与滑动变阻器串联。根据串联电路电流特点，滑动变阻器接入电阻最小时，电路电流最大。根据图乙中的图像A和图像B确定电路的最大电流，确定此时R3两端的电压，根据公式计算它的阻值，根据计算此时最小总电阻，根据计算变阻器接入的最小阻值。

当滑动变阻器接入电阻最大时，根据电压表的量程确定电压表的最大示数，根据图像确定此时电流表的示数，并与电流表的量程比较，从而确定通过电路的最小电流，并根据计算变阻器接入的最大阻值。

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山东省滨州市2023年中考物理试卷

一、单选题

1．（2023·滨州）下列估测中，符合实际的是（）

A．一张试卷的厚度约为1cm

B．中学生正常步行的速度约为1.1m/s

C．教室内比较舒适的温度约为37℃

D．普通乒乓球拍的质量约为3kg

2．（2023·滨州）下列关于声现象的描述和分析，正确的是（）

A．图甲：人发出的声音是由空气振动产生的

B．图乙：用相同的力敲击水瓶琴能发出音调不同的声音

C．图丙：蝙蝠利用次声波传递能量确定目标的位置

D．图丁：禁止鸣笛是在传播过程中控制噪声的

3．（2023·滨州）二十四节气“春雨惊春清谷天，夏满芒夏暑相连；秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒。”是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶。下列节气涉及的物态变化正确的是（）

A．“谷雨”节气，雨的形成是凝固现象

B．“白露”节气，露的形成是熔化现象

C．“霜降”节气，霜的形成是凝华现象

D．“小雪”节气，雪的形成是液化现象

4．（2023·滨州）如图所示是某小组“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置及根据实验数据绘制的图象，下列分析正确的是（）

A．水不断冒出“白气”是沸腾现象

B．水沸腾时，水中上升的气泡由大变小

C．水沸腾时温度不变，不需要吸热

D．该实验地点的气压低于1标准大气压

5．（2023·滨州）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（）

A．镜花水月

B．坐井观天

C．海市蜃楼

D．空中彩虹

6．（2023·滨州）下列关于体育运动场景的描述和分析，正确的是（）

A．田径场上400m比赛的整个过程中，运动员的运动状态保持不变

B．投出的篮球在空中飞行时，若受到的力突然消失，它将立刻静止

C．跳远运动员起跳前的助跑，是为了增大惯性

D．足球场上滚动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用

7．（2023·滨州）如图所示的实例中，能利用大气压强解释的是（）

A．轨道铺在枕木上

B．锅炉水位计显示水位

C．用吸管吸饮料

D．自制喷雾器喷雾

8．（2023·滨州）以下四图节选自我国古代科技著作《天工开物》，其中说法正确的是（）

A．图甲“泥造砖坯”中，砖坯对地面的压力和砖坯的重力是一对平衡力

B．图乙“凿取砺房”中，古人手中的凿子是通过减小受力面积增大压强的

C．图丙“踏车汲水”中，水被提升到高处，水的重力势能转化为动能

D．图丁“穴取铜铅”中，古人所使用的镐属于省力杠杆

9．（2023·滨州）下列说法正确的是（）

A．毛皮摩擦过的橡胶棒靠近带负电的物体时会相互排斥

B．金属导体中自由电子定向移动的方向就是电流的方向

C．两个小灯泡由一个开关同时控制，它们一定是串联

D．两个小灯泡两端电压相等，它们一定是并联

10．（2023·滨州）如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关后，当滑动变阻器滑片P向左端滑动时，下列说法正确的是（）

A．电流表A示数变大，电压表V示数变小

B．电流表A示数变小，电压表V示数变大

C．电流表A示数变大，电压表V示数不变

D．电流表A示数变小，电压表V示数不变

11．（2023·滨州）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）

A．家庭电路中，电能表应安装在总开关之后

B．家庭电路中，控制用电器的开关和用电器是并联的

C．家庭电路中电流过大，一定是发生了短路

D．高压输电线最上面的两条导线是用来防雷的

12．（2023·滨州）根据国际能源署（IEA）发布的《2023年全球电动汽车展望》报告，2022年全球电动汽车销量首次突破1000万辆大关。中国占60%，继续蝉联全球第一，如图能说明电动汽车电动机工作原理的是（）

A．

B．

C．

D．

二、多选题

13．（2023·滨州）下列说法中正确的是（）

A．物体吸收热量，温度一定升高

B．冬季取暖用水作为传热介质，是利用了水的比热容大的性质

C．四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能

D．热机效率越高，功率一定越大

14．（2023·滨州）用如图所示的装置匀速提升浸没在容器底部的正方体物块A，物块A的质量为5kg，棱长为10cm，水的深度为60cm。物块A露出水面前滑轮组的机械效率为80%，在水中上升的时间为5s。物块A与容器底部未紧密接触，水对物块A的阻力、绳子的重力、绳子与滑轮间摩擦都忽略不计，，。下列分析正确的是（）

A．物块A的重力为50N

B．物块A上升的速度为0.12m/s

C．物块A露出水面前，拉力所做的有用功为20J

D．物块A完全露出水面后，滑轮组的机械效率约为83.3%

15．（2023·滨州）某小组在测量标有“0.28A”字样小灯泡电功率的实验中，发现电压表只有0～3V量程完好，正确连接电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，测得三组数据记录在表一中同学们分析数据，发现小灯泡不能正常发光。讨论后重新连接电路，再次测得三组数据记录在表二中。下列分析正确的是（）

表一

实验序号电压表示数U/V电流表示数I/A

11.50.16

22.50.22

330.24

表二

实验序号电压表示数U/V电流表示数I/A

430.24

52.20.28

61.50.30

A．电源电压为6V

B．小灯泡的额定电压为3V

C．小灯泡正常发光时的电阻为20Ω

D．小灯泡正常发光消耗的电功率为1.064W

三、填空题

16．（2023·滨州）如图所示，重为20N，棱长为10cm的正方体物块放在水平桌面上，在10N的水平拉力F作用下，5s内沿水平方向匀速移动了50cm，则物块对水平桌面的压强为Pa，水平拉力F做功的功率为W。

17．（2023·滨州）如图所示，电源电压恒定不变，定值电阻的阻值为10Ω。闭合开关，电流表A的示数为0.5A，A1的示数为0.3A，则电源电压为V，定值电阻在1min内消耗的电能为J。

18．（2023·滨州）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船与中国空间站天和核心舱径向端口完成自主快速交会对接，空间站应用与发展阶段首次载人发射任务取得圆满成功，地面指挥中心与空间站是通过传递信息的。空间站的太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电，太阳能是（选填“一次”或“二次”）能源。

四、作图题

19．（2023·滨州）如图所示，杯子静止在水平面上，请画出杯子所受力的示意图。

20．（2023·滨州）请利用平面镜成像的特点，在图乙中作出物体AB在平面镜中的像，保留作图痕迹。

五、实验题

21．（2023·滨州）某小组在“探究凸透镜成像的规律”的实验中

（1）实验前，应先调整烛焰，凸透镜，光屏三者的中心在；

（2）如图所示，烛焰恰好在光屏上成倒立、（选填“放大”、“等大”成“缩小”）清晰的实像，这是（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的工作原理；

（3）若凸透镜位置不变，调换蜡烛和光屏的位置，（选填“仍能”或“不能”）在光屏上得到清晰的像，这说明光发生折射时，光路是的；

（4）若保持图中蜡烛、凸透镜的位置不变，只把光屏向右适当调节，光屏上烛焰的像逐渐变得模糊，这与（选填“近视眼”或“远视眼”）形成原因相同。

22．（2023·滨州）某小组在“测量金属块密度”的实验中：

（1）把天平放在水平桌而上，将拨至标尺左端的零刻度线处，发现如图甲所示情况，应向调节平衡螺母，使指针指到分度盘的上都。

（2）天平平衡后，小组的小滨同学按图乙所示的方法称量金属块的质量，请写出其中的一处错误：。

（3）小滨纠正了错误，正确操作，天平再次平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图丙所示，所称量金属块的质量是g。

（4）小滨在量筒内倒入20mL的水，放入金属块后量筒内水面如图丁所示，量筒读数时，视线应在（选填“A”“B”或“C”）处。金属块的体积是m3，金属块密度是g/m3。

（5）小州同学带来他在乒乓球比赛中获得的一枚金牌，想测量金牌的密度，发现金牌无法放入量筒中。同学们共同设计了如下测该金牌密度的实验方案：

①用天平测出金牌的质量m；

②将金牌浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为的空烧杯中；

③测得烧杯和溢出水的总质量为；

则金牌密度的表达式（水的密度为，用m、、、表示）。

23．（2023·滨州）某实验小组用图甲所示电路进行“探究电流与电压的关系”实验。

（1）请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求滑动变阻器滑片P向左移动时电阻变大，导线不交叉；

（2）连接电路时，开关应该。闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于（选填“A”或“B”）端；

（3）闭合开关，同学们发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是；

（4）排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过定值电阻R的电流为A，根据实验数据绘制出定值电阻R的I-U图像如图丙所示。由图像可得：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成；

（5）同学们利用完整的图甲电路进一步“探究电流与电阻的关系”，测得实验数据如下表所示。实验时，保持电压表的示数为V不变。分析数据可得：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；

实验次数12345

R/Ω510152025

I/A0.400.200.130.100.08

（6）该小组用电压表和一个最大阻值为R0的滑动变阻器，测量未知电阻Rx的阻值。他们设计了如图丁所示的电路图，进行如下实验操作：

①闭合开关，将滑动变阻器滑片P移到最左端，此时电压表的示数为U1；

②将滑动变阻器滑片P移到最右端，此时电压表的示数为U2；

③则Rx=（用R0、U1、U2表示）。

六、计算题

24．（2023·滨州）“且夫水之积也不厚，则其负大舟也无力。覆杯水于坳堂之上，则芥为之舟；置杯焉则胶，水浅而舟大也。”出自战国庄子的《逍遥游》。从文中大舟与水的关系，我们可以得到这样的启示：求大学问，干大事业，必须打下坚实、深厚的基础。但从物理的角度，“水之积也不厚，则其负大舟也无力。”是指水的深度还是水的质量呢？即物体能否在水中漂浮（所受浮力的大小），究竟与水的深度有关还是与水的质量有关呢？为了探究这一问题，某兴趣小组用烧杯、水、圆柱形木块、刻度尺等器材，进行了如下探究，如图所示。

将两个完全相同的底面积为8cm2，高为10cm的圆柱形木块，分别放入底面积为10cm2和12cm2的甲、乙两个容器中，分别向两个容器中加水，观察和记录每个容器每次加水的深度和木块的状态，实验数据及现象记录如下表。实验中，容器足够高，无水溢出，不考虑木块吸水，，g=10N/kg。根据实验现象和实验数据，求：

实验次数容器中水深（h/cm）和木块的状态

甲容器甲容器中木块乙容器乙容器中木块

14cm不能浮起4cm不能浮起

25cm不能浮起5cm不能浮起

36cm刚好浮起6cm刚好浮起

47cm浮起7cm浮起

（1）甲容器中木块刚好浮起时，水对容器底部的压强；

（2）木块的密度；

（3）木块刚好浮起时，甲、乙容器分别加入水的质量。并由计算结果和实验现象判断：木块能否浮起，取决于容器中水的深度还是水的质量？

（4）实验完成，把木块从甲容器拿出，甲容器对桌面压强的变化量。

25．（2023·滨州）某科研小组用如图甲所示的电路，对由多种半导体材料混合制成的一种新材料电阻（标有2.5V字样）进行了测量。电源电压恒定不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0~3V。当闭合S和S1、断开S2，将滑动变阻器的滑片P从一端移至另一端，测得电流表示数随电压表示数变化情况如图乙中的图象A所示。当把电压表并联在两端，闭合S和S2、断开S1，移动滑动变阻器的滑片P，测得新材料电阻电流随电压变化情况如图乙中的图象B所示。求：

（1）新材料电阻正常工作时的电功率。

（2）滑动变阻器的最大阻值。

（3）电源电压。

（4）在图甲电路中，电压表并联在两端，当闭合S和S2、断开S1时，为保证电路安全滑动变阻器连入电路的阻值范围。

答案解析部分

1．【答案】B

【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动

【解析】【解答】A.一张试卷的厚度约为0.1mm，故A错误；

B.中学生正常步行的速度约为1.1m/s，故B正确；

C.教室内比较舒适的温度约为25℃，故C错误；

D.普通乒乓球拍的质量约为100g左右，故D错误。

故选B。

【分析】根据对长度、速度、温度和质量的认识判断。

2．【答案】B

【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；超声波与次声波；防治噪声的途径

【解析】【解答】A.图甲：人发出的声音是由声带振动产生的，故A错误；

B.图乙：用相同的力敲击水瓶琴时，由于水瓶内水的质量大小不同，则振动频率不同，因此能发出音调不同的声音，故B正确；

C.图丙：蝙蝠利用超声波传递能量确定目标的位置，故C错误；

D.图丁：禁止鸣笛是在声源处控制噪声的，故D错误。

故选B。

【分析】（1）根据声音产生的知识判断；

（2）音调的高低与振动频率大小有关；

（3）根据超声波的应用判断；

（4）根据控制噪声的途径和方法判断。

3．【答案】C

【知识点】凝华及凝华放热

【解析】【解答】雨是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的，故A错误；

露是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化形成的，故B错误；

霜是空气中的水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，故C正确；

雪的形成是水蒸气才能够气态直接变成固态发生凝华现象，故D错误。

故选C。

【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。

4．【答案】D

【知识点】探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系

【解析】【解答】“白气”是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故A错误；

水沸腾时，上下水温一致，气泡上升时逐渐变大，故B错误；

水沸腾时不断吸热，但是温度不变，故C错误；

根据图片可知，水的沸点为98℃，低于100℃，则该地的气压小于1标准大气压，故D正确。

故选D。

【分析】（1）根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；

（2）（3）根据水沸腾时的特点判断；

（4）根据液体沸点随气压的变化规律判断。

5．【答案】A

【知识点】光的反射

【解析】【解答】A.镜花水月，属于光的反射形成的平面镜成像，故A符合题意；

B.坐井观天，属于光的直线传播现象，故B不合题意；

C.海市蜃楼，属于光的折射现象，故C不合题意；

D.空中彩虹，属于光的色散现象，故D不合题意。

故选A。

【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。

6．【答案】D

【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；惯性及其现象；力与运动的关系

【解析】【解答】A.田径场上400m比赛的整个过程中，他的速度和方向不断改变，则运动员的运动状态不断改变，故A错误；

B.根据牛顿第一定律可知，投出的篮球在空中飞行时，若受到的力突然消失，它将做匀速直线运动，故B错误；

C.跳远运动员起跳前的助跑，是为了增大起跳时的初速度，从而增加腾空距离，故C错误；

D.足球场上滚动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用，故D正确。

故选D。

【分析】（1）运动状态的改变包括：由静止变运动，由运动变静止，速度大小改变或运动方向改变；

（2）根据牛顿第一定律判断；

（3）惯性大小只与物体的质量有关；

（4）根据力与运动的关系判断。

7．【答案】C

【知识点】大气压强的存在

【解析】【解答】A.轨道铺在枕木上，通过增大受力面积减小压强，与大气压强无关，故A错误；

B.锅炉水位计显示水位，利用连通器原理，与大气压强无关，故B错误；

C.用吸管吸饮料，吸管内气压小于外界大气压强，在大气压强的作用下将饮料压入口中，故C正确；

D.自制喷雾器喷雾，原理为流体压强和流速的关系，故D错误。

故选C。

【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。

8．【答案】B

【知识点】动能和势能的大小变化；平衡力的辨别；增大压强的方法及其应用；杠杆的分类

【解析】【解答】A.砖坯对地面的压力和砖坯的重力，二者没有作用在同一物体上，且方向都是竖直向下的，因此不是平衡力，故A错误；

B.古人手中的凿子是通过减小受力面积增大压强的，故B正确；

C.水的高度增大，则重力势能增大，即将水车的机械能转化为水的重力势能，故C错误；

D.使用镐时，内侧的手相当于支点，外侧的手施加动力，阻力作用在镐头上。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故D错误。

故选B。

【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；

（2）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；

（3）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；

（4）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。

9．【答案】A

【知识点】电荷间的相互作用规律；电流的方向；串联电路的电压规律

【解析】【解答】毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，它靠近带负电的物体时会相互排斥，故A正确；

金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相反，故B错误；

如果两个灯泡并联，且开关在干路上，那么这个开关同时控制两个灯泡，故C错误；

在串联电路中，如果两个灯泡完全相同，那么它们两端的电压相等，故D错误。

故选A。

【分析】（1）根据电荷之间的相互作用规律判断；

（2）将正电荷定向移动的方向规定为电流方向；

（3）在并联电路中，干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制它所在支路上的用电器；

（4）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比。

10．【答案】A

【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】根据图片可知，变阻器R'与定值电阻R串联，电压表测变阻器的电压，电流表测总电流。

当变阻器滑片P向左端滑动时，变阻器的阻值减小，根据R总=R'+R可知，总电阻减小，而总电流增大，那么电流表的示数增大。在串联电路中，电压与电阻成正比，则电压表的示数减小，故A正确，而B、C、D错误。

故选A。

【分析】根据图片确定电路的串并联关系，以及电表测量的物理量，最后结合欧姆定量、串并联电路的特点分析判断。

11．【答案】D

【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则

【解析】【解答】A.家庭电路中，电能表应安装在总开关之前，故A错误；

B.家庭电路中，控制用电器的开关和用电器是串联的，故B错误；

C.家庭电路中电流过大，可能发生了短路，也可能是总功率过大，故C错误；

D.高压输电线最上面的两条导线是用来防雷的，故D正确。

故选D。

【分析】根据对家庭电路连接，以及安全用电的常识判断。

12．【答案】C

【知识点】磁场对通电导线的作用

【解析】【解答】A.条形磁体的N极和S极靠近时相互吸引，说明磁极之间的相互作用，故A不合题意；

B.两个电磁铁串联时电流相等，线圈匝数多的吸引图钉多，那么说明电磁铁的磁场强弱与线圈匝数有关，故B不合题意；

C.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，故C符合题意；

D.导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针偏转，产生了感应电流，这就是电磁感应现象，为发电机的工作原理，故D不合题意。

故选C。

【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。

13．【答案】B,C

【知识点】温度及温度计的使用与读数；功率的概念；比热容；热机

【解析】【解答】A.物体吸收热量后，温度不一定升高，如水沸腾时吸热但温度不变，故A错误；

B.冬季取暖用水作为传热介质，是利用了水的比热容大的性质，故B正确；

C.四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能，故C正确；

D.热机效率表示有用功与燃料放热之比，表示性能好坏，而功率表示做功的快慢，二者没有任何内在联系，故D错误。

故选BC。

【分析】（1）根据热量、温度和内能的关系判断；

（2）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；

（3）根据热机中的能量转化判断；

（4）根据效率和功率的定义判断。

14．【答案】A,C,D

【知识点】速度公式及其应用；阿基米德原理；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算

【解析】【解答】物体A的重力大约为：G=mg=5kg×10N/kg=50N，故A正确；

根据图片可知，物体A在水中上升的距离：s=60cm-10cm=50cm=0.5m，

则物体A上升的速度为：，

故B错误；

物块A露出水面前受到的浮力F浮=ρ液gV排=103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3=10N；

绳子对A的拉力F=G-F浮=50N-10N=40N；

则拉力做的功为：W=Fs=40N×0.5m=20J，

故C正确；

当物体A露出水面前，根据得到：；

解得：G动=10N；

当物体A露出水面后，

滑轮组的机械效率：。

故D正确。

故选ACD。

【分析】（1）根据G=mg计算物体A的重力；

（2）根据图片确定物体上升的距离，根据公式计算物体上升的速度；

（3）根据F浮=ρ液gV排计算物体受到的浮力，再根据F=G-F浮计算绳子对A的拉力，最后根据W=Fs计算拉力做的功；

（4）当物体A露出水面前，物体A受到的拉力做有用功，对动滑轮做额外功，可根据计算动滑轮的重力。当物体A露出水面后，根据计算滑轮组的机械效率。

15．【答案】A,D

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算

【解析】【解答】当灯泡的额定电压大于3V时，滑动变阻器两端的电压小于3V，此时可以将电压表与滑动变阻器串联。当电压表的示数等于总电压与灯泡额定电压的差时，灯泡正常发光。

根据表格数据可知，当电流为0.24A时，变阻器的电压为3V，灯泡的电压也是3V，

那么电源电压为：U总=UL+U变=3V+3V=6V，

故A正确；

当灯泡的电流为0.28A时正常发光，此时变阻器的电压为2.2V，

则灯泡的额定电压为：UL=U总-U变=6V-2.2V=3.8V；

故B错误；

灯泡正常发光时的电阻为：，

故C错误；

灯泡正常发光的电功率为：PL=ULIL=3.8V×0.28A=1.064W，

故D正确。

故选AD。

【分析】当灯泡的额定电压大于3V时，滑动变阻器两端的电压小于3V，此时可以将电压表与滑动变阻器串联。当电压表的示数等于总电压与灯泡额定电压的差时，灯泡正常发光。

（1）串联电路中各处电流都相等，据此找到一组对应的电压值，然后根据U总=UL+U变计算电源电压；

（2）根据表格确定灯泡电流为0.28A时变阻器的电压，再根据UL=U总-U变计算灯泡的额定电压；

（3）根据公式计算灯泡正常发光时的电阻；

（4）根据PL=ULIL计算灯泡正常发光消耗的功率。

16．【答案】1000；1

【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算

【解析】【解答】（1）物块的受力面积S=L2=（0.1m）2=0.01m2；

则物块对水平桌面的压强：；

（3）物块移动的速度；

水平拉力F的功率：P=Fv=10N×0.1m/s=1W。

【分析】（1）根据S=L2计算物块的受力面积，再根据计算桌面受到的压强；

（2）首先根据计算物块移动的速度，再根据P=Fv计算拉力的功率。

17．【答案】3；36

【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；功的计算及应用

【解析】【解答】根据图片可知，定值电阻R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，A测总电流。

（1）R1两端的电压U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V；

则电源电压为：U总=U1=3V；

（2）通过R2的电流I2=I总-I1=0.5A-0.3A=0.2A；

则R2消耗的电能：W2=U2I2t2=3V×0.2A×60s=36J。

【分析】根据图片可知，定值电阻R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，A测总电流。

（1）首先根据U1=I1R1计算R1两端的电压，再根据并联电路的电压特点U总=U1计算电源电压；

（2）根据I2=I总-I1计算通过R2的电流，再根据W2=U2I2t2计算消耗的电能。

18．【答案】电磁波；一次

【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用

【解析】【解答】（1）地面指挥中心与空间站是通过电磁波传递信息的。

（2）空间站的太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电，太阳能是直接从自然界获取的能源，属于一次能源。

【分析】（1）根据电磁波的应用解答；

（2）直接从自然界获取的能源为一次能源，通过一次能源转化而成的能源为二次能源。

19．【答案】

【知识点】力的三要素及力的示意图

【解析】【解答】静止在桌面上的杯子，受到竖直向上的支持力和竖直向下的重力，二者大小相等，且都作用在杯子的重心上，如下图所示：

【分析】对杯子进行受力分析，确定力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。

20．【答案】

【知识点】平面镜成像的相关作图

【解析】【解答】①通过A点作镜面的垂线，然后根据“物像等距”在镜面右侧这条直线上找到对应的像点A'；

②同理，找到B点对应的像点B'；

③连接A'B'，这就是AB的像，如下图所示：

【分析】根据平面镜成像的对称性完成作图。

21．【答案】（1）同一高度

（2）缩小；照相机

（3）仍能；可逆的

（4）近视眼

【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验

【解析】【解答】（1）实验前，应先调整烛焰，凸透镜，光屏三者的中心在同一高度；

（2）根据图片可知，此时像距小于物距，则蜡烛火焰在光屏上成倒立、缩小的实像，应用为照相机。

（3）若凸透镜位置不变，调换蜡烛和光屏的位置，仍能在光屏上得到清晰的像，这说明光发生折射时，光路是可逆的；

（4）将光屏向右调节后，此时成像在光屏的前面，而近视眼成像在视网膜前面，因此二者形成原因相同。

【分析】（1）只有蜡烛火焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上，像才能成在光屏的上都；

（2）比较像距和物距的大小，从而确定成像的特点和应用；

（3）根据光路的可逆性可知，如果将像距和物距交换数值，那么光屏上依然成清晰的实像，只是像的大小发生改变；

（4）根据凸透镜的成像规律确定像的位置变化，再结合近视眼和远视眼的成因判断即可。

22．【答案】（1）游码；右

（2）称量物体时，错误得将物体放在天平的右盘，砝码放在了天平的左盘

（3）79.2

（4）B；10；7.92

（5）

【知识点】固体密度的测量

【解析】【解答】（1）把天平放在水平桌而上，将游码拨至标尺左端的零刻度线处。根据甲图可知，此时天平指针偏左，说明右盘轻，则应该向右调节平衡螺母。

（2）天平平衡后，小组的小滨同学按图乙所示的方法称量金属块的质量，其中的一处错误：称量物体时，错误得将物体放在天平的右盘，砝码放在了天平的左盘。

（3）根据丙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为4.2g，砝码的质量为：50g+20g+5g=75g，因此金属块的质量：m=75g+4.2g=79.2g；

（4）读取量筒的示数时，视线应该与凹形液面的最低处相平，故选B。根据丁图可知，量筒的分度值为1mL，则金属块和水的总体积为30mL，那么金属块的体积V=30mL-20mL=10mL=10cm3，则金属块的密度为：.

（5）根据题意可知，金牌放入溢水杯中后，排开水的体积为：；

则金牌的体积为：V=V排=；

那么金牌的密度为：。

【分析】（1）根据天平调平的方法解答。平衡螺母总是向轻的那端调节；

（2）根据天平使