大高考2016届物理全国通用配套课件练习专题十三热学五年真题

考点一分子动理论Ⅱ3（15★★（ A.D.E.解析A正确；扩散现象是由物质分子无规则运动产生的，不是化学反应，故C正确、B错误；扩散于液体的对流形成的，是液体分子无规则运动产生的，故E错误.答案2（16★★） 当分子间距离r＜r0时，r减小，分子势能增大，当r＞r0时，r减小，分子势能减小，故A错误；温度越高，物体中分子的平均动能越大，分子运动越剧烈，故B正确，温度越高，热运动速率大的分子数占总分子数的比例性的特点，故D错误.答案,37（1]（★★（ 解析根据分子动理论的知识可知，混合均匀主要是由于水分子做无规则运匀的过程进行得更迅速，故选b、c.答 ★★（ 解析A正确；烧热同方向的物理性质不同，这就是晶体的各向异性.选项C错误，D正确答案（★★（热升温的过程中，被封闭的空气（）D.解析隔热外筒使封闭气体与外界无热量交换，因金属内筒导热，所以水温T以封闭气体的内能增大，A正确；根据定律p＝Cp增大，B正确T答案6.（2014·理综，13，6分（难度★★）下列说法中正确的是（D.解析温度是物体分子平均动能的标志，温度升高则其分子平均动能增大，A错误，B正确；物体的内能是物体内所量，故C、D错误.答案7.（2013·理综，13，6分（难度★★）下列说法正确的是 解析布朗运动是指悬浮在液体（或气体）中的微粒的无规则运动，而不是律ΔU＝W＋Q知,若物体从外界吸收热量同时对外做功，其内能也可能不变或减少，C选项错误；物体对外做功同时从外界吸热，其内能也可能增加或不变，D选项错误.答案,2（16作用力f和分子势能Ep随分子间距离r变化关系的图线是（ 解析本题考查分子间作用力以及分子势能随分子间距离变化的关系，意在考查考生对该部分知识的了解情况.r＝r0f＝0Ep最小，排除A、C、D答 （★★（ A.C. 选项A错误；布朗运动的剧烈程度与液体的温度、固体颗粒大小有关， B正确；布朗运动是由液体分子对悬浮固体颗粒撞击不平衡引起的，选项C 错误，D正确.答 （ A.引力，斥力增 B.斥力，引力增C.引力、斥力都减 D.引力、斥力都增 变小，引力与斥力都增大，选项D正确.答 1（14★★★（无穷远时分子势能为零，下列说法正确的是（）r>r0阶段，Fr<r0阶段，Fr＝r0r＝r0解 由Epr图可知r>r0r减小时，F做正功，分子势能减小，分子动能增加，故选项A正确.r<r0r减小时，F做负功，分子势能增加，分子动能减小，故选项B错误.r＝r0时，分子势能最小，动能最大，故选项C正确.r＝r0时，分子势能最小，但不为零，故选项D错误在整个相互接近的过程中分子动能和势能之和保持不变，故选项E正确答 考点二固体液 气Ⅰ3（15

难度★★（多选下列说法正确的 体解析晶体有固定的，并不会因为颗粒的大小而改变，即使敲碎为小颗选项C正确；晶体的分子排列结构如果遭到破坏就可能形成非晶体，反之亦然，选项D正确；熔化过程中，晶体要吸热，温度不变，但是内能增大，选项E错误.答案Ⅱ3（15

难度★★（多选下列说法正确的 解析水中花粉的布朗运动，反映的是水分子的热运动规律，则A；正是表面张力使空中雨滴呈球形，则B项正确；液晶的光学性质是各向异性，液晶显示器正是利用了这种性质，C项正确；高原地区大气压较低，对应的水的沸点较低，D误；因为纱布中的水蒸发吸热，则同样环境下湿泡温度计显示的温度较低，E项正确.答案（★★★（无热交换，则袋内气体（）B.D.T解析Q＝0V减小，外升高，由pV＝常数知压强增大，选项A、C正确，B、D错误.T答案（★★（ 解析对一定量的稀薄气体，压强变大，温度不一定升高，因此分子热运动度升高，分子热运动变得剧烈，选项B正确；在压强变大或变小时，气体的体积可能变大，也可能变小或不变，因此选项C错，D对.答案（★★（入1atm的空气0.1L.设在所有过程中空气可看做理想气体,且温度不变，下 解析充气后气体温度不变，分子平均动能不变，分子数密度增加，压强增气体由定律得1atm×0.6L＝p2×2.5L,得p2＝0.24atm<p0，故不能将水喷光，D错误.答案2（266.0L1.0atm9.0L.设充气过程为等温过程,空气可看做理想气体，则充气后储气罐中气体压强为（）A.2.5 B.2.0 C.1.5 D.1.0解析可把此过程等效为将体积为（6.0L＋9.0L1.0atmV6.0Lp1V1＝p2V2.解得p2＝V1p1＝2.5atm.V2答案7.（2012·重庆理综，16，6分（难度★★★）图为设计的一种测温装置 C.温度升高，压强减 D.温度不变，压强减 设玻璃泡中气体压强为p，外界大气压强为p′,则p′＝p＋ρgh，且玻璃气体的状态方程

B、C、DA正确答

可知，T变大，即T8.[2013·福建理综,29（2）,6分]（难度★★）某自行车轮胎的容积为V，里面已有压强为p0的空气，现在要使轮胎内的气压增大到p，设充气过程为等温过压强也是p0，体积为 p p 解 设需充入体积为V′的空气，以V、V′体积的空气整体为研究对象，

V′＝（p答

＝T， Ⅰ3（210S2＝40.0cm2；两活塞用刚性轻杆连接,l＝40.0cm；汽缸外p＝1.00×105Pa,T＝303K.l相距2T1＝495K.活塞缓慢下移.忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦,重力加速度大小g取10缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强解析（ⅰ）不变，由盖 定律得 2（S1＋S2，1＝4952

1＝330（ⅱ）1g＋2g＋pS1＋p12＝p1S1＋p2p1＝1.1×105Pa得 T3＝T＝303p2＝1.01×105答 （ⅰ）330 （ⅱ）1.01×105Ⅱ，33（2，10形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K开关K打开，从Uh1＝10.0cm时将开关K关闭.p0＝75.0ABA、B两侧的水银面达到同一高度，求注解析（ⅰ）cmHg为压强单位.Al＝10.0cm时的压强为由玻意耳定律得pl＝p1l1①打开开关K放出水银的过程中，Bp0A侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小,B、A两侧水银面的高度差也随之减小，直至B侧水银面低于A侧水银面h1为止.由力学平衡条件有联立①②③l1＝12.0（ⅱ）A、BAl2，压强为p2.由玻意耳定律得pl＝p2l2⑤联立②⑤⑥l2＝10.4联立④⑦⑧式，并代入题给数据得Δh＝13.2答 （ⅰ）12.0 （ⅱ）13.211L.2解析V1，由等温过程得：p0V0＝p1V1，代入数据得V1＝0.5L，因为0.45L＜0.5L，故包装袋漏气.答 漏10（2，6吹出的肥皂泡会很快冻结.T1p1,肥皂泡冻结后泡内气体温度降为T2.整个过泡内气体视为理想气体,不计体p0.求冻结后肥皂膜内外气体的压强差.解 对泡内气体由定律 内外气体的压强差为T联立①②式解得T1T答 T1生被顶起的现象.S的热杯盖扣在水平桌面上，开始时内部封300p0.303K时，p0303K.300K.整个过303K300K时，竖直向上提起杯盖所需的最小力解 （ⅰ）以开始封闭的气体为研究对象，由题意可知,初状态温度300K，压强为p0；末状态温度T1＝303K，压强设为p1，由定律 p1＝101 100p＝1.01p（ⅱ）m，刚好被顶起时，由平衡条件得 F，由平衡条件得联立②③④⑤10F＝20110答 （ⅰ）1.01 Ⅰ3（29T0.m的沙子缓慢地倒在活塞的上表面,h/4.T，求重新达到平衡后气体的体积.已知g.

解得Δp＝1外界的温度变为T后，设活塞距底面的高度为h′.根据盖—定律，h（h－1h

＝ ＝ Th′＝3T0S据题意可得S联立②④⑤⑥0答 Ⅱ，33（2，10倍，A上端封闭，BA顶部导热外，其余部分均a上方充有氧气.p07℃且平衡

离汽缸顶的距离是汽缸高度的4

b在汽缸正中间a上升.a上升的距离是汽缸高度的1求氧气的压强解析（ⅰ）活塞b升至顶部的过,活塞a不动，活塞a、b下方的氮气经历等压过程.AV0V1T1；末态V2T2.BV0/4，由题给数据和盖—V1＝3

1 04V＋24＝8VV2＝3 1 4V＋4V＝V 由①②③T2＝320（ⅱ）ba开始向上移动，直至活塞上升的距离是汽缸高度的1a上方的氧气经历等温过程.设氧气V1p1V2p2′.由题给数据和V1′＝10，p1′＝p0，V2′＝3p2′＝4答 （ⅰ）320

4如图所示.将一质量M＝3×103kg、体积V0＝0.5m3的重物在开口朝下的浮筒上.h1＝40mV1＝1m3.在拉力作用下浮筒缓慢上升，当筒内液面到h2V2浮.V2p0＝1×105Pa,ρ＝1×103kg/m3，重力加速度的大小g＝10m/s2.不计水温变化，筒内气体质量不变且可视为理想气体，浮筒质量解 当F＝0时，由平衡条件V2＝2.5p1、p2，由题意得在此过筒内气体温度和质量不变，由玻意耳定律联立②③④⑤h2＝10答 2.5 101（26V0,p0解析FVp0V0＝pVF＝pSVV答 V（★★★（（1） 出）从玻璃管开口处缓慢往下推,l1′＝20.0cm.假T （1）气体体积为气体分子所能到达的空间的体积,A正确；气体分子热运动的剧烈程度表现为气体温度，B正确；气体压强是由气体分子频繁碰撞容器壁引起的，与重力无关,C错误；由热力学第一定律ΔU＝Q＋W可知，D错误；由盖－ V＝C，V增大，则T增大，E正T确（2）以cmHg为压强单位.p1′，由玻意耳定律得如图所示，设活塞下推距离为Δlp3′，则联立①～⑤式及题给数据解得Δl＝15.0答 （2）15.0Ⅰ3（29K.V0,汽缸中各有一个绝热活塞（质量不同，厚度可忽略）.开始时K关闭,两活塞下方和右活塞上方充有气体（可视V0/4.至汽缸顶部，且与顶部刚好没有接触；然后打开K，经过一段时间，重新达到平衡.T0，不计活塞与汽缸壁间的摩擦.求：解析（1）与恒温度热源接触后,在K未打开时，右活塞不动，两活塞下方T 由此得由初始状态的力学平衡条件可知，左活塞的质量比右活塞的大.打开Kp3（p＋p0（2V0Vx）＝p07联立③④6V2－VV 0 Vx＝1

答

7 1 考点三1.（2015·理综，13，6分（难度★★）下列说法正确的是 B. 由热力学第一定律ΔU＝W＋Q可知,改变物体内能的方式有两种：做W＜0（W＋QCQ＜0W＜0，所以ΔU＜0，即内能一定减小，D选误.答 1（16气体，那么（）B.D. 气体内能增大，D项正确.答 则（） 解 a→b过程为等压变化，由盖 定律得：p0＝2p0,得Tc＝2Ta所以Tb＝Tc由热 Wab＜0，Wac＝0，ΔUab＝ΔUacQab＞Qac故C项正确答 ，10（1，6质量均不变，则罐内气体（可视为理想气体（）B.C.D.解析故选项B正确.答案Ⅰ3（16★★（状态a开始,经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其pT图象如图所示.下 abbccaa、bcabc两个状态中,容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不 对封闭气体,由题图可知a→b过程，气体体积V不变，没有做功，而温度T升高，则为吸热过程，A项正确；b→c过程为等温变化，压强减小，体积增大，对外做功，则为吸热过程，B；c→a过程为等压变化，温度T降低,内能减少，体积V减小，外界对气体做功，依据W＋Q＝ΔU，外界对气体所做的功小于气体所放的热，C；温度是分子平均动能的标志，Ta＜Tb＝Tc，故D项正确；同种气体的压强由气体的分子数密度ρ和温度T决定，由题图可知Tb＝Tc，pb＞pc，显然E项正确.答案 （双选，填正确答案标号内能增 B.对外做C.压强增 D.分子间的引力和斥力都增ST解析因汽缸导热良好，故环境温度升高时封闭气体温度亦升高，而一定质量的理想气体内能只与温度有关，故封闭气体内能增大，A正确；因汽缸内壁光滑由活塞受力平衡有p0S＋mg＝pS,即缸内气体的压强p＝p0＋mg不变，C错误；由盖— 定律V＝恒量可知气体体积膨胀，对外做功，B正确；理想气体分子间除碰撞瞬间外无相互作用力，故D错误.ST答案 A.B.解析100%，A错能，B错误；单个分子的运动无规则，但大量分子的运动符合统计规律，D错误；C的说法是正确的.答案28（1，6下列说法正确的 Ｗ.（填选项前的字母C.解析A离的增大而减小，随分子间距离的减小而增大，故D正确.答案3（16★★（ D.1K所吸收的热量与气体经历的过程有关T解析对于一