安徽省滁州市珠龙中学2022-2023学年高一物理月考试卷含解析

安徽省滁州市珠龙中学2022-2023学年高一物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.某行星的卫星，在接近行星的轨道上运动，若要计算行星的密度，唯一要测量出的物理量是（）A．行星的半径 B．卫星的半径C．卫星运行的线速度 D．卫星运行的周期参考答案：D【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供向心力G=mR去求行星的质量．根据密度公式表示出密度．【解答】解：根据密度公式得：ρ=A、已知行星的半径，不知道质量，无法求出行星的密度，故A错误．B、已知卫星的半径，无法求出行星的密度，故B错误．C、已知飞船的运行速度，根据根据万有引力提供向心力，列出等式可以表示出行星的质量，但是代入密度公式无法求出行星的密度，故C错误．D、根据根据万有引力提供向心力，列出等式：G=mR得行星的质量：M=代入密度公式得：ρ=，故选：D．2.如图在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向．则（）A．环只受三个力作用B．环一定受四个力作用C．物体做匀加速运动D．悬绳对物体的拉力小于物体的重力参考答案：B【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】先以物体为研究对象，分析物体的受力情况，判断运动情况，再分析环的受力情况．【解答】解：A、B、C以物体为研究对象，物体沿滑杆向下做直线运动，加速度为零，或加速度与速度在同一直线上，而物体受到竖直向下重力和绳子竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，说明物体做匀速直线运动，则环也做匀速直线运动，环受到重力、绳子竖直向下的拉力、滑杆的支持力和滑动摩擦力，共四个力作用．故AC错误，B正确．D、由平衡得到，悬绳对物体的拉力等于物体的重力．故D错误．故选B3.把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（

）A．A球的正电荷移到B球上

B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上

D．B球的正电荷移到A球上参考答案：4.（多选题）如图，竖直放置的轻弹簧一端固定在地面上，另一端与斜面体P连接，P与斜放的固定挡板MN接触且处于静止状态，则斜面体P此刻受到外力的个数可能为(

)A．2个

B．3个 C．4个

D．5个参考答案：AC5.（单选）一辆巡逻车最快能在10s内由静止匀加速到最大速度vm=50m/s，并能保持这个速度匀速行驶，问该巡逻车在平直的高速公路上由静止追上前方2000m处正以v=35m/s的速度匀速行驶的汽车，至少需要的时间为（） A100s B 120s C．140s D．150s参考答案：考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题： 追及、相遇问题．分析： 巡逻车追赶汽车的过程是先做匀加速直线运动后做匀速直线运动，追赶上时巡逻车和汽车的位移存在这样的关系，x1=x2+2000m，x1表示巡逻车的位移，x2表示汽车的位移．根据运动学公式，结合位移关系求出追及的时间．解答： 解：设至少经过时间t追上此时汽车的位移x2=v2t巡逻车匀加速运动的位移匀速运动的位移x″=vm（t﹣10）则巡逻车的位移x1=x′+x″=250+50×（t﹣10）=50t﹣250因为x1=x2+2000m代入数据得，t=150s．故ABC错误，D正确．故选：D．点评： 解决本题的关键知道巡逻车追赶汽车的过程是先做匀加速直线运动后做匀速直线运动，追赶上时巡逻车和汽车的位移存在这样的关系，x1=x2+2000m．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.（5分）竖直上抛的物体，在上升阶段的平均速度是20m／s，则从抛出到落回抛出点所需时间为______s，上升的最大高度为______m（g取10m／s2）

参考答案：8；807.（4分）一物体作自由落体运动，落地时的速度为30m／s，则它下落高度是______m.它在前2s内的平均速度为______m／s，它在最后1s内下落的高度是______m(g取10m／s2).参考答案：45；10；258.一跳伞运动员的质量是65kg，伞的质量是5kg，当跳伞运动员打开伞在空中匀速直线下落时，人和伞受到的空气阻力是

N参考答案：686分析：跳伞运动员和伞在空中做匀速直线运动，受到力是平衡力，二者大小相等，方向相反．解答：解：人和伞的总重力：G=mg=（65kg+5kg）×9.8N/kg=686N；

由于跳伞运动员和伞在空中匀速直线下降，处于匀速直线运动状态，所以人和伞受到的阻力与人和伞的总重力是一对平衡力，大小相等，方向相反，因此阻力大小为686N，方向为竖直向上9.以36km/h的速度行驶，刹车时，汽车的加速度大小是4m/s2，则从开始刹车的时刻起，经过 S，汽车速度减小为零。在这段时间内汽车的位移是 m，2S内的位移是 m，4.5S内的位移 m。参考答案：10.（3分）如图是一个物体做直线运动的速度图线，由图线可知物体在整段时间8s内的平均速度是

参考答案：3.25m／s11.（6分）河宽400m，船在静水中速度为5m／s，水流速度是3m／s，则船过河的最短时间是

；船过河的最短距离是

；若船头正对河岸过河时，水流速度突然改变，过河的时间是否会受到影响？答：

。（填“会”或“不会”）参考答案：80；400；不会12.小型轿车的“百里加速度的时间”是轿车从静止开始加速度到所用的最小时间，它与发动机的功率、车体的质量、传动机构的匹配等因素有关，是反应汽车性能的重要参数。某种型号的轿车的百里加速时间为13.2s，则它的平均加速度为

参考答案：13.由于电压和电阻两者都可能影响电流的大小，用实验研究它们的关系时，可以先保持电压不变，探究电流和电阻的关系；然后保持电阻不变，探究电流和电压的关系，最后总结出了欧姆定律。这种研究问题的方法叫“控制变量法”。在以下问题的研究中：①滑动摩擦力大小跟哪些物理量有关；②牛顿在伽利略等人研究成果的基础上得出牛顿第一定律；③电流产生的热量与哪些因素有关；④研究磁场，引入磁感线。其中，应用“控制变量法”进行研究的是

（填番号）。参考答案：①③三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验中，设计了图1所示的实验装置．他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在下面的表中．(弹簧始终在弹性限度内)(1)根据实验数据在图2的坐标纸上已描出了前四次测量的弹簧所受弹力大小F跟弹簧总长x之间的函数关系点，请把第5、6次测量的数据对应的点描出来，并作出F-x图线．(2)图线跟x坐标轴交点的物理意义是__________________________________．(3)该弹簧的劲度系数k＝________.(结果保留两位有效数字)参考答案：（1）(2)弹簧的原长(3)42N/m15.探究“加速度与力、质量的关系”的实验中，某组同学制订实验方案、选择实验器材且组装完成，在接通电源进行实验之前，实验装置如图1所示．（1）下列哪些说法对此组同学操作的判断是正确的

A．打点计时器不应该固定在长木板的最右端，而应该固定在靠近定滑轮的那端，即左端B．小车初始位置不应该离打点计时器太远，而应该靠近打点计时器放置C．实验中不应该将长木板水平放置，应该在右端垫起合适的高度D．打点计时器不应使用干电池，应使用220V的交流电源（2）保持小车质量不变，改变沙和沙桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图2，该图线不通过原点，明显超出偶然误差范围，其主要原因是平衡摩擦力

（选填“不足”或“过度”）．（3）沙和沙桶质量m

（填字母代号）小车质量M时，才可以认为细绳对小车的拉力F的大小近似等于沙和沙桶的重力．A．远大于

B．大于

C．接近（相差不多）

D．远小于．参考答案：（1）BC；（2）过度；（3）D．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）打点计时器应固定在没有定滑轮的一端，打点计时器使用交流了电；实验时应平衡摩擦力；开始时小车应靠近打点计时器．（2）平衡摩擦力时，如果木板垫起的太高，过平衡摩擦力，小车重力平行于木板方向的分力大于小车受到的摩擦力，在不施加拉力时，小车已经有加速度，a﹣F图象不过坐标原点，在a轴上有截距．（3）砂与砂桶的质量远小于小车质量时，细线对小车的拉力近似等于砂和砂桶的重力．【解答】解：（1）A、打点汁时器应该固定在长木板没有定滑轮的右端，故A错误；B、小车初始位嚣不应该离打点汁时器太远，而应该靠近打点计时器放置，故B正确；C、实验中不应该将长木板水平放置，应该在右端垫起合适的高度，平衡小车的摩擦力，故C正确；D、由图可知，实验中采用电磁式打点计时器，故打点计时器不应使用干电池．应使用低压交流电源，故D错误；故选：BC．（2）由图2所示a﹣F图象可知，图象不过原点，在a轴上有截距，这说明在不加拉力时，小车已经具有加速度，这是由于平衡摩擦力时木板垫的过高，木板倾角过大，平衡摩擦力过度造成的．（3）因砂桶具有加速度，根据牛顿第二定律可知，只有砂和砂桶质量m远小于小车质量M时，才可以认为细绳对小车的拉力F的大小近似等于砂和砂桶的重力，故D正确．故选：D故答案为：（1）BC；（2）过度；（3）D．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，AB为竖直半圆轨道的竖直直径，轨道半径R=0.9m，轨道B端与水平面相切，质量m=1kg的光滑小球从水平面以初速度V0向B滑动，取g=10m/s2．（1）若V0=6m/s，求小球经轨道最低点B瞬间对轨道的压力为多少？（2）若小球刚好能经过A点，则小球在A点的速度至少为多大？小球离开A点后在水平面的落点与B点的距离为多少？参考答案：解：（1）小球在B点的受力分析如图：由牛顿第二定律有：，解得小球受到的支持力N===50N

由牛顿第三定律可知，小球对道轨的压与与N大小相等，方向相反．

（2）小球恰好过最高点，即只由重力提供向心力有：解得小球在A点的最小速度：=3m/s．小球离开A点后做平抛运动有：，s=vAt

代入数据解得t=0.6s，s=1.8m．答：（1）小球经轨道最低点B瞬间对轨道的压力为50N；（2）小球在A点的速度至少为3m/s，小球离开A点后在水平面的落点与B点的距离为1.8m．【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】（1）根据牛顿第二定律求出小球在B点所受的支持力，从而得出小球对轨道的压力．（2）小球刚好经过A点，对轨道的压力为零，根据重力提供向心力求出A点的最小速度，离开A点做平抛运动，结合平抛运动的规律求出小球离开A点后在水平面的落点与B点的距离．17.如图所示，质量不计的光滑直杆AB的A端固定一个小球P，杆OB段套着小球Q，Q与轻质弹簧的一端相连,弹簧的另一端固定在O点，弹簧原长为L，劲度系数为k，两球的质量均为m,OA=d，小球半径忽略.现使在竖直平面内绕过O点的水平轴转动，若OB段足够长，弹簧形变始终处于弹性限度内。当球P转至最高点时，球P对杆的作用力为零，