上海市东林中学高一物理模拟试卷含解析

上海市东林中学高一物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1..如下图,一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮,绳两端各系一小球a和b.a球质量为m,静置于地面；b球质量为3m,用手托往,高度为h,此时轻绳刚好拉紧.从静止开始释放b后,a可能达到的最大高度为

(

)A.h B.1.5h C.2h D.2.5h

参考答案：B2.（多选）（2015春?长沙校级月考）一物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，这就是说（）A 物体速度变化量是2m/sB． 每经过一秒物体的速度都增大2m/sC． 任意一秒内的末速度均为初速度的2倍D． 第ns末的速度比第1s末的速度大2（n﹣1）m/s参考答案：BD加速度解：A、由a=，得物体速度的变化量为△v=a△t=2△t，△v与△t成正比，故A错误．B、物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，由加速度的定义式可知每经过一秒物体的速度都增大2m/s，故B正确．C、由v=v0+at，得v﹣v0=at，当t=1s时，v﹣v0=2m/s，即任意一秒内的末速度比初速度大2m/s，但不一定是2倍，故C错误．D、第ns末与第1s末的时间间隔为（n﹣1）s，则△v=a△t=2（n﹣1）m/s，第ns末的速度比第1s末的速度大2（n﹣1）m/s．故D正确．故选：BD．3.关于匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．由于a=，所以线速度大的物体向心加速度大B．由于a=ω2r，所以角速度大的物体向心加速度大C．由于v=ωr，所以角速度大的物体线速度大D．由于ω=2πf，所以频率大的物体角速度大参考答案：D【考点】匀速圆周运动．【分析】向心加速度的公式有：a=ω2r=，只有当半径一定时，角速度大，向心加速度才一定大；只有当半径一定时，线速度大，向心加速度才一定大；【解答】解：A、根据a=可知，线速度大的物体的向心加速度不一定大，还要看半径，故A错误；B、根据a=ω2r，可知，角速度大的物体的向心加速度不一定大，还要看半径，故B错误；C、由于v=ωr，角速度大的物体线速度不一定大，还要看半径，故C错误；D、由于ω=2πf，角速度与频率成正比，所以频率大的物体角速度大．故D正确．故选：D4.中央电视台《今日说法》栏目曾报道了一起离奇交通事故。家住公路拐弯处的张先生和李先生家在三个月内连续遭遇了七次大卡车侧翻在自家门口的场面，第八次有辆卡车冲撞进李先生家，造成三死一伤和房屋严重损毁的血腥惨案。经公安部门和交通部门协力调查，画出的现场示意图如图所示。交警根据图示作出以下判断，你认为正确的是：（

）A．由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车作离心运动B．由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车作向心运动C．公路在设计上最有可能内（东）高外（西）低D．公路在设计上最有可能外（西）高内（东）低参考答案：AC5.（单选）物体自楼顶处自由下落（不计阻力），落到地面的速度为v．在此过程中，物体从楼顶落到楼高一半处所经历的时间为（）A．B．C．D．参考答案：考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：设楼顶到地面的高度为h，物体从楼顶落到楼高一半处的速度为v′两次运用匀变速直线运动位移与速度的关系及速度时间关系即可求解解答：解：设楼顶到地面的高度为h，物体从楼顶落到楼高一半处的速度为v′则有：2gh=v22g=v′2解得：t=故选：C．点评：本题考查的是自由落体运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.（填空）（2014秋?鼓楼区校级期末）如图所示，在倾角为α的斜面上，重为G的小球被竖直的木板挡住，不计一切摩擦，则小球对斜面的压力为，小球对木板的压力为

．参考答案：，Gtanα．共点力平衡的条件及其应用；力的分解．对小球进行受力分析：小球受重力，挡板对球的弹力FN1，斜面对球的弹力FN2．将FN1和FN2合成，合力为F，根据共点力平衡条件得出F=G，利用三角函数关系得出：FN1=Gtanα，FN2=．根据牛顿第三定律，斜面对球的弹力等于小球对斜面的压力，板对球的弹力等于小球对木板的压力，所以：小球对斜面的压力为，小球对木板的压力为Gtanα．故答案是：，Gtanα．

7.如图展示了研究平行板电容器电容的实验。电容器充电后与电源断开，电量Q将＿＿＿（填变大、变小或不变），与电容器相连的静电计用来测量电容器的

。在常见的电介质中，由于空气的介电常数是最小的，当插入其它的电介质板时，电容器的电容将

（填“增大”、“减小”或“不变”），于是我们发现，静电计指针偏角

（填“增大”、“减小”或“不变”）。如果把两板之间的距离增大，电容器的电容将＿＿＿＿（填“增大”、“减小”或“不变”），静电计指针偏角

（填“增大”、“减小”或“不变”）。两板间的场强将＿＿＿＿（填“增大”、“减小”或“不变”），

参考答案：8.平抛一物体，当抛出1秒后落地，落地时它的速度与水平方向成45o角，（g取10m/s2）物体的初速度

物体下落的高度

。参考答案：10m/s,5m解：如图，落地时它的速度与水平方向成45°角，则落地时vy=v0

又竖直方向vy=gt，则得：v0=gt=10×1m/s=10m/s由得：故答案为：10m/s，5m．

9.（5分）如图所示，置于斜面上的光滑圆球被挡板挡住，处于平衡状态，当挡板受到球对它的压力最小时，挡板与斜面的夹角是＿＿＿＿＿＿＿。参考答案：90°10.某学生在做“研究平抛运动”的实验中，忘记记下小球做平抛运动的起点位置，0为物体运动一段时间后的位置，取为坐标原点，平抛的轨迹如图示，根据轨迹的坐标求出物体做平抛运动的初速度为V0=__________m/s，抛出点的坐标为__________。（g=10m/s2）参考答案：11.三个重量均为10N的相同木块a、b、c和两个劲度系数均为1000N/m、原长10cm的相同轻弹簧p、q用细线连接如图，其中a放在光滑水平桌面上。轻弹簧和细线的重量都忽略不计。开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止状态，q弹簧长度为

cm。现用水平力缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面为止。该过程p弹簧的左端向左移动的距离是

cm。参考答案：9

412.某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图所示的a—F图象；（1）图线不过坐标原点的原因是

；（2）本实验中是否仍需要细沙和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量

(填“是”或“否”)；（3）由图象求出小车和传感器的总质量为

kg。参考答案：13.一质量为5kg的滑块在F=15N的水平拉力作用下，由静止开始做匀加速直线运动，若滑块与水平面间的动摩擦因数是0.2，g取10m/s2，问：（1）滑块运动的加速度是多大？（2）滑块在力F作用下经5s，通过的位移是多大？参考答案：（1）1m/s2（2）12.5m【详解】（1）根据牛顿第二定律：F-μmg=ma解得（2）滑块在力F作用下经5s，通过的位移是三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.下图是光线从空气射入水中的示意图。图中是小婷同学画的光的折射光路图。她画得对吗？为什么？参考答案：小婷同学画得不对。（1分）因为光线从空气射入水中，入射角大于反射角。15.如图所示，置于水平面上的木箱的质量为m＝3.8kg，它与水平面间的动摩擦因数μ＝0.25，在与水平方向成37°角的拉力F的恒力作用下做匀速直线运动．(cos37°＝0.8，sin37°＝0.6，g取10m/s2)求拉力F的大小．参考答案：10N由平衡知识：对木箱水平方向：Fcosθ＝f竖直方向：Fsinθ＋FN＝mg且f＝μFN联立代入数据可得：F＝10N四、计算题：本题共3小题，共计47分16.为了响应国家的“节能减排”号召，某同学采用了一个家用汽车的节能方法．在符合安全行驶要求的情况下，通过减少汽车后备箱中放置的不常用物品和控制加油量等措施，使汽车负载减少．假设汽车以72km/h的速度匀速行驶时，负载改变前、后汽车受到的阻力分别为2000N和1950N，请计算该方法使汽车发动机输出功率减少了多少？参考答案：17.如图所示，轮半径r很小的传送带，水平部分AB的长度L=1.5m，与一圆心在O点、半径R=1m的竖直光滑圆轨道的末端相切于A点，AB高出水平地面H=1.25m，一质量m=0.1kg的小滑块（可视为质点），由圆轨道上的P点从静止释放，OP与竖直线的夹角θ=37°．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，滑块与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，不计空气阻力．（1）求滑块对圆轨道末端的压力的大小；（2）若传送带一直保持静止，求滑块的落地点与B间的水平距离；（3）若传送带以v0=2.4m/s的速度沿顺时针方向运行（传送带上部分由A到B运动），求滑块从A点到B点过程中摩擦力做功的功率．参考答案：解：（1）滑块从P到圆轨道末端的过程中，由动能定理可得：

mgR（1﹣cos37°）=mv2﹣0可得滑块到达A点时的速度v==m/s=2m/s；滑块在轨道末端时，根据牛顿第二定律有：N﹣mg=m可得N=mg+m=0.1×10+0.1×=1.4N根据牛顿第三定律得：滑块对圆轨道末端的压力大小为1.4N，方向竖直向下；（2）从A到B的过程中，只有摩擦力对滑块做功，根据动能定理得：﹣μmgL=﹣mv2代入数据可解得滑块到达B时的速度vB=1m/s滑块从B点开始做平抛运动，则滑块落地点距B点的水平距离：

x=vBt=vB=1×m=0.5m（3）若传送带以v0=2.4m/s的速度沿顺时针方向运行，滑块先做匀加速运动，加速度为a==μg=1m/s2．从滑上传送带到与传送带共速的时间t1===0.4s匀加速的位移x1===0.88m＜L=1.5m接着滑块做匀速运动，用时t2==≈0.25s滑块从A点到B点的总时间t=t1+t2=0.65s摩擦力做功为W=μmgx1=0.1×1×10×0.88=0.88J所以滑块从A点到B点过程中摩擦力做功的功率为P==≈1.4W答：（1）滑块对圆轨道末端的压力为1.4N；（2）若传送带一直保持静止，滑块的落地点与B间的水平距离为0.5m；（3）滑块从A点到B点过程中摩擦力做功的功率为1.4W．【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据动能定理求得滑块到达末端A时的速度，再由牛顿第二定律求得轨道对滑块的支持力，由牛顿第三定