2023年四川省南充职院附中中考物理四诊试卷（Word版含解析）

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一、选择题（本大题共12小题，共36分）

1.某同学对身边一些物理量进行了估测，以下的数据最接近实际的是()

A.日光灯正常工作的电流约为B.人体感觉比较舒适的温度约为

C.物理课本的长度约为D.手机待机时的功率大约为

2.冰壶运动又称冰上溜石，是以队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，图为年北京冬奥会上中国队比赛的情景，下列说法正确的是()

A.冰壶离开运动员仍能在冰面上滑行，是因为它受到惯性力

B.运动员使劲摩擦冰面是想增大压力来增大摩擦力

C.运动员使劲摩擦冰面是通过做功改变冰面的内能

D.冰壶受到支持力和它对冰面的压力是一对平衡力

3.五月是栀子花盛开的季节，小芳同学买了一只放在书包里，下列说法正确的是()

A.同桌闻到了花香，是栀子花的花香分子在做无规则运动

B.小芳不小心将一花瓣折断了，之后再也接不起，是因为分子间存在斥力

C.栀子花变干了，是因为栀子花中的水变成了气体，这个过程需要放热

D.把栀子花放入冰箱一会儿，几乎闻不到花香，是因为花香分子不做热运动

4.下列说法中正确的是()

A.“形影相随”在光学中是折射现象

B.老师在教室里说话的地方距离墙米，才能产生回声

C.“雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白”。雾凇的形成是凝华现象，需要放热

D.为了更安全，火线和零线都应该安装保险丝

5.水陆两栖飞机主要用途是森林救火和水上救援，它在内可以汲水，一次最多救护名遇险者，最大平飞速度是，最大起飞质量是，下列说法中正确的是()

A.飞机停留在江面上排开的水的质量比停留在海面上排开水的质量小

B.如果飞机以最大起飞质量停留在长江水面上，排开水的体积是

C.飞机以最大平飞速度飞行分钟，飞行距离是

D.飞机沿斜坡匀速向上飞行进行灭火工作时，动能不变

6.如图所示为甲、乙两种不吸水的固体物质的图像，说法正确的是()

A.甲、乙的密度之比是：

B.将甲做成实心球，放入水中会下沉

C.把乙的体积减半，其比热容会减半

D.在此图上做水的图像，图像应该在甲、乙之间的区域

7.对下列四个图描述不正确的是()

A.如果改变第一个图中的电流方向，小磁针的方向会改变

B.第二个图与电风扇里的电动机的原理一样

C.第三幅图是发电机的原理

D.第四幅图铁钉的上面应该是极

8.有一种智能锁，需要通过“密码人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅闭合，灯发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后才会闭合，电动机工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是()

A.B.

C.D.

9.如图是小芳家的电能表，下列说法不正确的是()

A.小芳家允许加载的用电器总的最大功率是

B.如果只有的电饭锅工作两分钟，电能表转盘会转转

C.该电能表安装在家庭电路的干路上

D.电能表之后应该安装总开关

10.如图是小芳在“探究杠杆平衡条件”实验过程中的一些情况，下列说法正确的是()

A.在图甲平衡的情况下，两边各加一个钩码，杠杆左端下降

B.在图乙中，弹簧测力计从向移动的过程中，示数增大

C.图丙的情况是属于费力杠杆

D.已知一个钩码重，那么图丙中弹簧测力计的示数是

11.如图是某同学在探究凸透镜成像特点实验时安装的凸透镜、蜡烛、光屏的位置，此时恰好在光屏上成清晰的像，下列说法中正确的是()

A.在光屏上是倒立放大的像

B.此现象是望远镜物镜成像原理

C.如果在凸透镜和蜡烛之间放一个近视眼镜，要将光屏像凸透镜移动才能再次成清楚的像

D.该凸透镜的焦距可能是

12.如图，在图甲所示电路中，电源电压保持不变，移动滑片使电阻的有效阻值从零逐渐变大，的电压的倒数与的阻值变化的图象如图乙所示，则()

A.滑动变阻器向右滑动时，的示数变小B.电源电压为

C.的最大值是D.定值电阻的值为

二、非选择题（共64分）

13.地球是太阳系八大行星之一，以地球为参照物，太阳是______的选填“运动”或“静止”。太阳是人类能源的宝库，我们生活所需的各种能量都直接或间接来源于太阳，它每时每刻都在内部超高温下发生核______选填“裂变”或“聚变”，释放出巨大的能量。

14.体育课上李老师拿来一根绳子给同学们进行拔河比赛，已知此绳子所能承受的最大拉力为，现用此绳来拔河，若两队都用的力拉绳子，则绳______选填“会”或“不会”被拉断，在拔河比赛时，同学们都要穿上鞋底花纹深的鞋子，目的是为了______。

15.如图，水平桌面上的台型容器中装一长方体冰块。冰块熔化成水后，容器底部受到的压力将______，水平桌面受到的压强将______。两空均选填“变大”、“变小”或“不变”

16.一个重力为的物体，将其浸没入水中，排开水的重力为，则松手后物体将______选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”；将物体从水中取出不沾水再放入酒精中，静止后排开酒精的体积为______。

17.如图所示，利用轻质滑轮组匀速拉动水平地面上重为的物体，拉力的大小为。若物体和地面之间的摩擦力大小为，则处的拉力大小为______，滑轮组的机械效率为______。

18.如图，电源电压不变，小灯泡标有“”字样。闭合开关后，当滑片移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器的功率为；当滑片移至某一端点时，电流表示数为，电压表示数变化了，此时滑动变阻器的功率为，且：：，则电源电压为______，滑动变阻器的功率为时，小灯泡的功率为______。

19.在图中画出相应的折射光线。

20.在图中画出小球施加的弹力。

21.如图甲所示是小明利用透明玻璃板“探究平面镜成像特点”的实验装置。

实验中选择两根完全一样的蜡烛和，是为了比较像与物的______关系。

实验时，小明应在______填“”或“”侧观察蜡烛经玻璃板所成的像。

图乙是小明测蜡烛的像离玻璃板最近处到玻璃板的距离为______。

小明将蜡烛逐渐远离玻璃板时，它的像的大小将______填“变大”、“不变”或“变小”。

22.在“比较不同液体的吸热能力”实验中：

在甲装置中，分别给初温相同且______相等的水和食用油加热。

在甲装置中，用相同酒精灯给两种液体加热相同时间，其目的是为了保证两种液体______相同。

在甲装置中，两种液体升高相同的温度，给______加热时间更长。

乙装置中两个相同烧杯装有相同质量的水，灯中煤油和酒精的质量相等，进行“比较煤油和酒精的热值大小关系”实验，实验数据如表：

加热时间

甲杯水温

乙杯水温

分析数据可知：热值较大的是______。

通过实验数据直接计算出燃料的热值将______选填“偏大”或“偏小”。

23.东东同学学习了电学知识以后，选用三节新的干电池作为电源，并设计了如下的电学实验。

探究导体中电流与导体电阻的关系。选用的定值电阻的阻值分别是、、、。

按照甲图所示的电路图，把乙实物电路补充完整，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大。

东东排除故障后，把的电阻接入电路，闭合开关，适当调节滑片的位置，电流表的示数如图丙所示，其示数为______。

断开开关，把的电阻换成用的电阻，再次闭合开关后，滑片应向______填“左”或“右”端移动。

东东同学在电源电压未知，缺少电流表的情况下，设计了如图丁所示的电路图阻值已知，来测量未知电阻的阻值。

闭合、，断开，适当调节滑片的位置，电压表示数为。

______，滑动变阻器滑片的位置保持不变，电压表示数为。

未知电阻的阻值：______用字母表示。

24.南充是川东北一个美丽的城市，近年来嘉陵江沿岸的改造，大大提升了南充的旅游经济，游客可以在南充港旅游码头乘观光船欣赏秀丽的山水风光。一艘名叫嘉陵画舫的游船从南充港航行到都京港再返回，两港的距离约，往返航行时间约。取

游船航行的平均速度约为多少千米每时？

游船停靠在岸边时，吃水深度约为，此时船底受到河水的压强多大？

在一次游览中，船上乘客及船员共有人，假设每位游客平均体重为，此时，游船排开水的体积增加了多少立方米？

若游船发动机以最大输出功率工作时，动力推进器效率为，当游船以最大航速行驶时，受到水的阻力为多大？结果用含、的代数式表示

25.某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。普通快洗模式中，包括加热和保温洗涤两个状态，先设定洗涤温度，旋钮旋至挡后闭合开关，洗衣机处于加热状态；当加热到预设温度时，旋钮自动转动实现挡位转换，旋至挡时洗衣机处于保温洗涤状态，保温洗涤完成即普通快洗模式结束。和均为电热丝，其阻值不受温度影响，，主要参数如下表。求：

额定电压

加热功率

设定温度范围

电动机功率

普通快洗耗时

某次家庭中所有用电器中仅该洗衣机工作时，加热状态下连续加热，发现此过程中铭牌标有的电能表转动，求此时家庭中的实际功率；

正常工作时，加热状态下电阻消耗的电功率；

额定电压下，某次洗衣机内装有水和衣物共，初温为，设定洗涤温度为，加热状态的加热效率是，不计保温洗涤过程中电能损失，求整个普通快洗模式中，电路消耗的总电能。已知水和衣物混合后的平均比热容为

答案和解析

1.【答案】

【解析】解：、日光灯正常工作的电流约为，故A错误；

B、人体感觉比较舒适的温度约为，故B错误；

C、物理课本的长度约为，故C正确；

D、手机待机时的功率大约为，故D错误。

故选：。

根据生活常识对各选项进行判断。

本题是生活常识题，属于基础题。

2.【答案】

【解析】解：、冰壶离开运动员后可以继续在冰面上滑行是因为冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说受到了惯性力，故A错误；

B、在冰壶运动中运动员摩擦冰面，使部分冰熔化成水，使接触面脱离而减小摩擦，故B错误；

C、运动员使劲摩擦冰面是通过做功改变冰面的内能，故C正确；

D、冰壶对冰面的压力与冰面对冰壶的支持力，两个力的大小相等、方向反向、作用在同一条直线上，但作用在两个物体上，所以两个力是一对作用力与反作用力，而不是平衡力，故D错误。

故选：。

物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；

减小摩擦力的方法有：一是减小压力；二是减小接触面积的粗糙程度；三是用滚动摩擦代替滑动摩擦；

改变物体内能的两种方法：做功、热传递；

二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。

本题考查的知识点较多，有改变物体内能的方式、惯性、力与运动的关系、力的作用的相互性等知识，都属于较基础的知识，难度不大。

3.【答案】

【解析】解：

A、同桌闻到了花香，这是扩散现象，说明栀子花的花香分子在做无规则运动，故A正确；

B、小芳不小心将一花瓣折断了，之后再也接不起，是因为分子间的距离较大，不会产生引力，故B错误；

C、栀子花变干了，是因为栀子花中的水变成了气体，这是汽化现象，这个过程需要吸热，故C错误；

D、把栀子花放入冰箱一会儿，几乎闻不到花香，是因为温度变低，花香分子无规则运动变慢，而不是不做热运动，故D错误。

故选：。

物质是由分子或原子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动；分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力；物质汽化时需要吸收热量。

本题考查了分子动理论的内容、汽化现象，属于基础题。

4.【答案】

【解析】解：、“形影相随”是影子的形成，是光的直线传播形成的，故A错误；

B、老师在教室里说话，声音经墙壁反射会形成回声，只是教室的空间较小，回声与原声混在一起，人耳无法区分，故B错误；

C、雾凇的形成是凝华现象，需要放热，故C正确；

D、为了更安全，保险丝应装在火线上，而不是火线和零线都安装保险丝，故D错误。

故选：。

光在同种均匀介质中沿直线传播，如影子的形成、小孔成像等；

声音遇到反射时会产生回声，人耳能区分回声与原声的最短时间是；

物质从气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华放热；

家庭电路中，保险丝应装在火线上。

本题考查了光的直线传播的应用、回声的认识、凝华现象、保险丝的安装等，有一定综合性，但难度不大。

5.【答案】

【解析】解：、因为两栖飞机漂浮，根据可知，飞机停留在江面上与停留在海面上受到的浮力不变，根据阿基米德原理可知它排开水的质量不变，故A错误；

B、如果飞机以最大起飞质量停留在长江水面上，排开水的体积是，故B正确；

C、飞机以最大平飞速度飞行分钟，飞行距离是，故C错误；

D、飞机沿斜坡匀速向上飞行进行灭火工作时，速度不变，质量减小，动能减小，故D错误。

故选：。

因为两栖飞机漂浮，根据可知它受到的浮力的变化情况，根据阿基米德原理可知它排开水的质量的变化情况；

根据计算出飞机排开水的体积；

根据计算飞机的飞行距离；

动能的大小与质量和速度有关。

本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理的应用、速度计算公式的应用、动能的影响因素，综合性较强。

6.【答案】

【解析】解：、由图可知甲物质的密度为：；

乙物质的密度为：；

甲、乙两种物质的密度之比为：：：：，故A错误；

B、因为甲物质的密度大于水的密度，所以将甲做成实心球放入水中会下沉，故B正确；

C、比热容是物质本身的一种特性，其大小是由物质决定的，与是否吸热、放热、温度、质量、体积等因素无关，所以把乙的体积减半，其比热容不变，故C错误；

D、水的密度是，大于乙的密度，小于甲的密度，因此水的图像应该在甲、乙之间的区域，故D正确。

故选：。

根据图中数据利用密度公式求出甲、乙两种物质的密度，进而可求出甲、乙两种物质的密度之比；

根据甲物质的密度和水的密度之间的关系判断；

比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质有关，与其它因素没有关系；

水的密度是，判断水的密度与甲、乙的密度大小关系，进而可知水的图像应该在哪个区域。

本题考查了密度公式的应用、浮沉条件的应用、比热容的特点，从图中读取相关信息是解题的关键。

7.【答案】

【解析】解：

A、通电导线周围的磁场的方向与电流的方向有关，改变电流的方向，磁场方向改变，小磁针偏转方向改变，故A正确；

B、第二个图中的导体通电后在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，与电风扇里的电动机的原理一样，故B正确；

C、第三个图中红，闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C正确；

D、第四幅图中，电流从铁钉的上端流入，根据安培定则可知，铁钉的上面应该是极，故D错误。

故选：。

电流周围的磁场的方向与电流的方向有关；

通电导体在磁场中受力运动；

发电机工作原理：电磁感应现象；

根据安培定则判定电磁铁的磁性。

本题考查了电与磁之间的三个联系通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。

8.【答案】

【解析】解：根据题意知，闭合，灯发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时闭合，即、同时闭合，电动机才工作。

由图知，

A、只闭合时，电动机工作，同时闭合和时，电动机和灯泡都工作，故A不符合题意；

B、只闭合，灯发光，再闭合，电动机也工作，故B符合题意；

C、只闭合时，电动机和灯泡都工作，故C不符合题意；

D、只闭合时，电动机和灯泡都工作，故D不符合题意。

故选：。

由题知，闭合，灯发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后闭合，电动机工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。

本题考查了电路图的设计，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。

9.【答案】

【解析】解：、“、”说明电能表的工作电压为，电能表平时工作允许通过的最大电流为，

小芳家允许加载的用电器的最大功率：

，故A错误；

B、由可得，电饭锅正常工作消耗的电能：

，

电能表表盘上“”表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的转盘转，电能表的转盘在这段时间内转的转数：

，故B正确；

C、电能表测量家庭电路中所有用电器消耗的电能，要连接在家庭电路的干路上，故C正确；

D、在家庭电路中，进户线先连接电能表，在电能表后面连接总开关，故D正确。

故选：。

“、”中，是指电能表的工作电压，是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用求小芳家允许加载的用电器的最大功率；

利用求电饭锅正常工作消耗的电能；电能表表盘上“”表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的转盘转，据此求电能表的转盘在这段时间内转的转数；

电能表测量家庭电路中所有用电器消耗的电能，要连接在家庭电路的干路上；

在家庭电路中，从进户线后面，依次连接电能表、总开关、空气开关和漏电保护器、插座和各种用电器。

本题考查了消耗电能、电功率的计算，以及电能表和总开关的连接方式，明确电能表相关参数的意义是关键。

10.【答案】

【解析】解：在图甲平衡的情况下，两边各加一个钩码，杠杆左端下降，设一个钩码为，一格的长度为；

根据杠杆的平衡条件：，左右各加一个钩码

作为为：；

右侧为，右侧偏大，因而杠杆右端下沉，故A错误；

B.在图乙中，弹簧测力计从向移动的过程中，此时动力臂变小，而左侧的阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件知，动力变大，则弹簧测力计的示数增大，故B正确；

C.图丙中弹簧测力计的拉力为动力，动力的力臂比阻力臂短，因而此时的情况是属于费力杠杆，故C正确；

已知一个钩码重，那么图丙钩码的拉力为，根据杠杆的平衡条件有：，弹簧测力计的示数是，故D错误。

故选：。

根据杠杆的平衡条件解答；

根据动力臂和阻力臂的大小关系分析杠杆的类型；

根据杠杆的平衡条件分析解答。

本题考查杠杆的平衡条件和杠杆的分类，属于基础题。

11.【答案】

【解析】解：、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，望远镜物镜就是利用此原理制成的，故A错误，B正确；

C、如果在凸透镜和蜡烛之间放一个近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会将光线推迟会聚成像，因此要将光屏远离凸透镜移动才能再次成清楚的像，故C错误；

D、由图可知，，且成实像，说明，，即，因此该凸透镜的焦距可能是，故D正确。

故选：。

根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，望远镜物镜就是利用此原理制成的；

近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用；

，且成实像，说明，，由此可得焦距的范围。

此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。

12.【答案】

【解析】解：由图知电阻与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电压表测两端电压；

电压表测电源电压，由于电源电压不变，则电压表示数不变，滑动变阻器向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变大，根据串联电路电压规律可知定值电阻两端的电压变小，即的示数变小，故A正确；

由图乙知：时，上的电压的倒数，则两端电压，由于此时电路中只有定值电阻连入电路，所以电源电压，故B错误；

当时，上的电压的倒数，则此时两端电压，

根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知此时滑动变阻器两端的电压：；

此时电路中的电流为：，

根据欧姆定律可得：，故D错误；

根据图像可知，电阻的最大阻值大于，故C错误。

故选：。

由图知电阻与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电压表测两端电压；

电源电压不变，滑动变阻器向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变化，根据串联电路电压规律可知定值电阻两端的电压变化；

由图乙知：当电阻的有效阻值为零时，上的电压的倒数为，则两端电压为，即电源电压为；然后根据的有效阻值为时，上的电压的倒数求出此时两端电压，最后根据串联电路电压特点和欧姆定律即可求出的阻值。

本题考查了学生对欧姆定律、串联电路的电压关系的了解与掌握，能从图象上得出相关信息是本题的关键。

13.【答案】运动聚变

【解析】解：地球是太阳系八大行星之一，地球绕太阳不停地运动，以地球为参照物，太阳是运动的；

太阳内部发生的是核聚变反应，并释放出巨大的能量。

故答案为：运动；聚变。

物体的运动与静止是相对于参照物而言的；

在太阳内部氢原子核在超高温下发生聚变释放核能。

本题考查了运动和静止的相对性、对太阳能量的释放方式的了解，属基础题。

14.【答案】不会在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力

【解析】解：绳子的最大承受拉力为，所以两队都用大约的拉力拉时，作用在绳子上的力是，所以绳子将不会被拉断。

在拔河比赛时，同学们都要穿上鞋底花纹深的鞋子，目的是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

故答案为：不会；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

在拔河比赛时，两队之间的力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反。

增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

本题考查了力的作用的相互性、增大摩擦的方法，属于基础知识的考查，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

15.【答案】变小不变

【解析】解：当冰块熔化成水后，它的质量不变，重力不变；

原来冰块对容器底的压力，受力面积，

当冰块熔化成水后，设水的深度为，容器的底面积为，如下图所示：

因为水的质量不变，则重力等于冰的重力，大小不变，

水对容器底部的压力其中为容器底部正上方水柱的体积，小于容器中水的体积，

比较可知，即：冰块熔化成水后，对容器底的压力变小；

冰熔化后质量不变，重力不变，对桌面的压力不变，受力面积不变，由可知水平桌面受到的压强将

不变。

故答案为：变小；不变。

质量是物体的一种属性，与物体的状态、形状和空间位置无关；冰块熔化成水后，质量不变，但受力面积变大，对于这种上下口不一样大的容器，可以通过比较对容器底的压力与液体重的大小关系，得出容器底部受到压力的变化。

根据结合冰块熔化成水后压力和受力面积的变化，判断水平桌面受到压强的变化。

本题综合考查了质量及其特性、和压强的比较，对于上口大、下口小的容器，液体对容器底的压力小于所装液体重；上口小、下口大的容器，液体对容器底的压力大于所装液体重；圆柱形、长方体或正方体直壁容器，液体对容器底的压力等于所装液体重。

16.【答案】上浮

【解析】解：将物体全部浸没在水中时，已知排开的水受到的重力为，由阿基米德原理知：此时物体所受的浮力也为，浮力方向竖直向上；由于物体受到的浮力大于物体的自重，所以放手后物体上浮；

根据阿基米德原理，可知物体的体积；

物体的质量，

物体的密度，

物体在酒精中漂浮，所受浮力等于重力，为，

静止后排开酒精的体积。

故答案为：上浮；。

将物体全部浸没在水中时，已知排开的水受到的重力为，由阿基米德原理知：此时物体所受的浮力也为，浮力方向竖直向上；由于物体受到的浮力大于物体的自重，所以放手后物体上浮；

根据阿基米德原理可知物体的体积，根据得出物体的质量，根据密度公式得出物体的密度；

根据浮沉条件判断物体在酒精中静止时所处的状态，根据阿基米德原理得出静止后排开酒精的体积。

本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。

17.【答案】

【解析】解：物体在水平地面上做匀速运动，则此时处绳子对物体的拉力和物体受到的摩擦力是一对平衡力，已知物体和地面之间摩擦力为，所以处的拉力大小为。

从图可知，由段绳子与动滑轮相连，则绳子自由端移动的距离，

而，，

该滑轮组的机械效率为：

。

故答案为：；。

物体在水平地面上做匀速运动，则此时处绳子对物体的拉力和物体受到的摩擦力是一对平衡力，知道物体和地面之间摩擦力的大小，从而可以计算出处的拉力大小。

本题中使用滑轮组水平拉动物体，拉力所做的功为总功，克服物体摩擦力所做的功为有用功，从图可知，由段绳子与动滑轮相连，则，可利用公式计算出滑轮组的机械效率。

此题主要考查了滑轮组绳子拉力的计算以及滑轮组的机械效率，在计算过程中，要注意弄清哪些力是平衡力，不要被多余的条件所迷惑。

18.【答案】

【解析】解：灯泡正常发光时的电流，

由图可知：灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，

设电源电压为，当滑片移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，灯泡两端的电压为额定电压，此时电路中的电流是，

串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器消耗的功率为，

当滑片移至某一端点时，电流表示数为，，说明滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压将增大，所以电压表示数是增大，

此时滑动变阻器两端的电压为，

滑动变阻器消耗的功率，

已知：：，即，解得。

由于此时电压表示数是增大，所以此时小灯泡两端的电压减小为：

，

小灯泡消耗的功率为：

。

故答案为：；。

已知灯泡的规格，利用计算灯泡正常发光时的电流；

由图可知：灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，小灯泡恰好正常发光，灯泡两端的电压为额定电压，通过电路的电流等于灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电压规律结合表示滑动变阻器的电功率；

当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律电路中的电流减小，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压将增大，比较电流的大小判断电压表示数的变化，再利用串联电路电压规律结合表示滑动变阻器的电功率，已知滑动变阻器两次的电功率之比，联立解方程可得电源电压。

由电压表示数变化判断出小灯泡两端的电压，由算出小灯泡消耗的功率。

本题考查串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是要判断电压表示数变化了，是增大了还是减小了。

19.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过凹透镜光心的光线传播方向不改变。如图所示：

【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凹透镜的光学特点三条特殊光线来作图。

凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过凹透镜光心的光线传播方向不改变。

20.【答案】解：小球施加的弹力有对斜面的压力和对挡板的作用力，方向垂直接触面，如图所示：

【解析】物体由于发生弹性形变而产生的力叫弹力，通常所说的压力、支持力、拉力等都是弹力。据此分析小球施加弹力的方向，按力的示意图要求画图即可。

本题考查弹力示意图的作图，正确判断物体受到的弹力及其方向是关键。

21.【答案】大小不变

【解析】解：

实验中选择两根完全一样的蜡烛和，是为了比较物与像的大小的关系。

平面镜成的像是光的反射形成的，蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在蜡烛所在这一侧；

由图可知，刻度尺的分度值为，则蜡烛的像离玻璃板最近处到玻璃板的距离为。

由平面镜成像特点知：如果将蜡烛向远离镜面的方向移动，那么它的像将向远离镜面的方向移动，由于像的大小与物体等大，所以无论如何移动蜡烛，像的大小都不会变。

故答案为：大小；；；不变。

蜡烛与大小相同，又与的像大小相同，所以像与物大小相同，这是利用等效替代法来比较像与物的大小的。

由于平面镜所成的像是虚像，这个像光屏接收不到，人眼只能与同一侧，才能接收到反射光线，即看到像；

首先看清刻度尺的分度值为，然后即可读数。

平面镜成像中像的大小与物相等，不取决于物体离像的远近。

本题考查学生动手操作实验的能力并会根据对实验现象的分析得出正确的结论，牢记并紧扣平面镜成像特点可比较容易的进行解答。

22.【答案】质量吸收的热量水煤油偏小

【解析】解：根据控制变量法知，在“比较不同液体的吸热能力”时，应控制水和食用油的质量是相同的；

用相同的酒精灯给两种物质加热，在相同的时间内，水和食用油吸收的热量是相同的，这是转换法的应用；

给质量相同的水和食用油加热，升高相同的温度时，由于水的比热容大，食用油的比热容小，所以水吸收的热量多，即水的加热时间长；

分析表格数据可知，两个装置中，水的质量和初温相同，由知，末温高的吸收的热量较多；在相同的加热设备下，相同时间内，消耗燃料的质量相同，由知，水温上升高的，对应的燃料的热值较大；左杯中的水温度升高的快，所以煤油的热值大；

在实验的过程中，由于存在热量的散失，所以实验测得的热值会偏小。

故答案为：质量；吸收的热量；水；煤油；偏小。

“比较不同液体的吸热能力”时，应控制两种物质的质量是相同的；用相同的加热器加热，在相同的时间内，物质吸收的热量是相同的；

根据水和食用油的比热容的大小分析；

表格数据可知，在其它条件相同时，左杯水的温度升高的较快，即煤油灯燃烧产生的热量多，所以其热值大；在实验的过程中，有热量的散失。

本题是一道关于吸热能力和热值的实验探究题；会用控制变量法和转换法设计探究实验是本题的解题关键。

23.【答案】右闭合、，断开

【解析】解：滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：

如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为，其示数为；

根据串联分压原理可知，将定值电阻由改接成的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动；

闭合、，断开，适当调节滑片的位置，电压表示数为；

闭合、，断开，滑动变阻器滑片的位置保持不变，电压表示数为；

在中，电压表测待测电阻和定值电阻的总电压，在中，电压表定值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为是，由分压原理有：

，

未知电阻的阻值：

。

故答案为：见解析；；右；闭合、，断开；。

根据滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大，确定变阻器左下接线柱连入电路中；

根据电流表选用小量程确定分度值读数；

根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；

分析操作中电路的连接及电压表测量的电压，在滑动变阻器滑片的位置保持不变的条件，如果用电压表测量出定值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为是，由分压原理即可得出未知电阻的阻值表达式。

本题探究导体中电流与导体电阻的关系，考查电路连接