2021届广东省高考物理高分冲刺突破押题密卷一（考试版+全解全析）

2021届广东省高考物理高分冲刺突破押题密卷（一）

-：单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符

合题目要求的。

1.2020年12月4日，中国新一代“人造太阳装置”一"中国环流器二号M”装置在四川成都建成并实现首

次放电，这为中国核聚变反应堆的自主设计与建造打下了坚实基础。已知笊、旅的核聚变反应方程式为；

:H+：H£He+X+17.6MeV,下列说法正确的是（）

A.X是中子

B.该核反应中反应前核子的总质量等于反应后核子的总质量

C.该核反应中反应前的总结合能大于反应后的总结合能

D.该核反应放出的能量来源于笊、瓶原子中电子从高能级向低能级跃迁产生的

2.甲、乙两个台球从同一位置沿同一直线被先后击出，运动位移一时间图像如图所示，则（)

B.5”时甲的加速度大于乙的加速度

C.6fo时乙恰好与甲相碰D.3m-6fo内两球的平均速度相等

3.如图所示，A、B、C三个石块堆叠在水平地面上保持静止，下列说法正确的是（）

C

B

--A

A.石块A对水平地面的压力等于三个石块的总重力

B.石块A受到地面施加的水平向左的摩擦力

C.石块B受到石块A、C作用力的合力为0

D.石块A对石块B的支持力大于石块B对石块A的压力

4.如图，从离地面一定高度的喷水口同时喷出完全相同的三个水滴A、B、C,已知三个水滴的初速度大小

相等，水滴B初速度方向水平，A、C初速度方向与水平面夹角均为仇三个水滴落于同一水平地面，忽略

空气阻力，则（）

A.水滴A、C同时落地

B.水滴C落地时速度最大

C.水滴B落地时重力的瞬时功率最大

D.运动过程中，重力对水滴A的冲量最大

5.如图所示，某垂直纸面向外的匀强磁场的边界为一条直线，且与水平方向的夹角为45。，现有大量带等

量正电荷的同种粒子以大小不同的初速度从边界上某点垂直边界射入磁场，不计粒子的重力及粒子之间的

相互作用，下列说法正确的是（）

A.所有粒子在磁场中圆周运动的半径均相等

B.所有粒子在磁场中受到的洛伦兹力大小均相等

C.所有粒子在磁场中运动的时间均相等

D.所有粒子射出磁场时的速度方向均为竖直向下

6.“土星冲日”是指土星、地球、太阳三者依次排成一条直线，此时土星距离地球最近。若地球和土星绕太

阳公转的周期分别为工、（（式＜n），认为地球和土星的运行轨道均为圆，则相邻两次“土星冲日”间隔的

时间为（）

A.工B.上

l+T2T2-TX

7.真空中有两个固定的等量异种点电荷A、B,过直线A3延长线上的。点作A3的垂线，以。点为圆心

的圆与A3的延长线和垂线分别交于。、c和氏d四点，如图所示。下列说法正确的是（）

b

d

A.“点的电势高于6点的电势

B.”点的电场强度大于6点的电场强度

C.带负电的试探电荷在。点的电势能小于在b点的电势能

D.带正电的试探电荷在c点的电势能小于在d点的电势能

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要

求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图，将等量的正点电荷固定在A、8两点，A、B关于光滑绝缘水平面对称，AB连线与水平面交于0

点，带电小球放置于水平面上的尸点.若小球从P点由静止释放，小球将沿直线向。点运动；若给尸

点的小球一个垂直于的水平初速度，则小球（）

A.可能做匀速圆周运动

B.加速度可能一直保持不变

C.电势能一直减小，动能一直增加

D.可能靠近。点，且靠近过程中电场力可能先增大后减小

9.我国古代发明了很多种类的投石机，如图甲所示是一种配重式投石机模型，横梁可绕支架顶端转动，横

梁一端装有重物，另一端装有待发射的石弹，发射前须先将放置石弹的一端用力拉下，放好石弹后砍断绳

索，让重物这一端落下，石弹也顺势抛出。现将其简化为图乙所示模型，轻杆可绕固定点。转动，轻杆两

端分别固定一小球，小球A模拟重物，小球B模拟石弹。现剪断细线，轻杆逆时针转动，轻杆由初始位置

转至竖直位置过程中，不计空气阻力和摩擦，下列说法正确的是（）

石弹

甲

A.小球B机械能守恒

B.小球A机械能的减少量等于小球B机械能的增加量

C.轻杆对小球B做正功

D.轻杆对小球B不做功

10.如图甲所示，abed是由导体做成的“少‘形框架，其所在平面（be在水平面上）与水平面的夹角为6,

质量为优的导体棒PQ与导轨〃垂直接触良好（接触面粗糙），回路的面积为S。整个装置放

在垂直于框架平面的磁场中，磁场的磁感应强度大小随时间的变化关系如图乙所示，磁场的最大磁感应强

度为舔，PQ始终静止。在0~%时间内，下列说法正确的是（）

A.PQ中感应电流的方向由尸到Q

B°S

B.回路中产生的感应电动势为

*0

c.PQ所受安培力的方向垂直PQ沿框架平面向上

D.r=0时刻，PQ所受摩擦力一定沿框架向下

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第1114题为必考题，每道试题考生都必须作答。第15、16

题为选考题，考生根据要求作答。

（-）必考题：共42分。

11.（6分）某试验小组利用拉力传感器来验证牛顿第二定律，实验装置如图。他们将拉力传感器固定在小

车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连，用拉力传感器记录小车受到的拉力F的大小;

小车后面固定一打点计时器，通过拴在小车上的纸带，可测量小车匀加速运动的速度与加速度。

拉力传感器打点计时器

钩码

（1）若交流电的频率为50Hz,则根据如图所打纸带的打点记录，小车此次运动经8点时的速度

2

vB=m/s,小车的加速度a=m/s。

（2）要验证牛顿第二定律，除了前面提及的器材及已测出的物理量外，实验中还要使用来测量出

H--------------------------------8.00---------------------------------►1

（3）由于小车所受阻力/的大小难以测量，为了尽量减小实验的误差，需尽可能降低小车所受阻力/的影

响，以下采取的措施中必要的是o

A.适当垫高长木板无滑轮的一端，使未挂钩码的小车被轻推后恰能拖着纸带匀速下滑

B.应使钩码总质量，〃远小于小车（加上传感器）的总质量”

C.定滑轮的轮轴要尽量光滑

D.适当增大钩码的总质量，〃

12.（10分）某物理兴趣小组欲利用图甲所示电路测量电源的电动势和内阻。提供的实验器材有：

A.电源E（电动势约为6V,内阻约为5Q）;

B.电压表V（量程为6V,内阻约为6k£2）

C.电流表Ai（量程为100mA,内阻约为2.5Q）；

D.电流表A2（量程为1mA，内阻约为3（）Q）；

E.电阻箱R（最大阻值为999.9。，最小改变值为0.1。）；

F.开关S,导线若干。

（1）电流表应选用选填C或D。

（2）主要实验步骤如下，请完成步骤II中的填空:

I,断开开关S,拆下电流表，将N与P用导线直接相连，闭合S,调节电阻箱的阻值，使电压表指针指

向中间某一刻度，此时电阻箱的阻值为159.1Q；

II.断开S,拆下M与N之间的导线，电流表接到M、N之间，闭合S,调节电阻箱的阻值，使电压表指

针指向同一刻度，此时电阻箱的阻值为156.4Q，则电流表的内阻尺\=

III.断开S,拆下电流表，将M与N用导线直接相连，N与P之间的导线拆下，将电流表接回N、P之间；

iv.闭合s,调节电阻箱，记下电阻箱的阻值上电压表的示数q,电流表的示数人；再改变电阻箱的阻

值，获得多组数据。

（3）张同学根据电压表的示数和对应电流表的示数作出的图线如图乙所示，若图线在纵轴上的截距

为。、图线斜率的绝对值为左，则张同学测得电源的电动势为、内阻为（电流表的内阻用&表

示）。

（4）李同学根据电阻箱的阻值和对应电压表的示数作出的，图线如图丙所示，若图线在纵轴上的截距

为江图线的斜率为心，则李同学测得电源的电动势为内阻为、内附为（电流表的内阻用R.A

表示）。

13.(10分).如图所示，在粗糙的水平面上，粗细均匀的单匝正方形闭合金属线圈MNP。竖直放置，已知

3

线圈边长为L总电阻为凡线圈的质量为〃在线圈右侧有一长为乙、宽为士L的矩形区域，矩形区域中

4

存在磁感应强度大小为B、垂直于线圈平面向外的匀强磁场。现给线圈施加一水平拉力，使线圈从初始位

置以速度v匀速穿过磁场区域，线圈在穿过磁场区域的运动过程中，PQ边一直处在磁场区域且始终未离开

地面。求：

(1)NP边框在磁场区域运动过程中，NP边框受到的安培力的大小；

(2)线圈穿过磁场区域过程中产生的焦耳热。

14.(16分)如图，装置的左边是足够长的光滑水平台面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量

M=3kg的小物块A,物块A不会脱离弹簧。装置的中间是长度/=4.0m的水平传送带，它与左右两

边的台面等高，并能平滑对接，传送带以丫=7m/s的速度逆时针转动。装置的右边是一段光滑的水平

台面连接的光滑曲面，质量加=lkg的小物块B从曲面上距水平台面/i=5.25m处由静止释放，经过

传送带后与物块A发生对心弹性碰撞，已知碰撞前物块A静止且弹簧处于原长状态，物块B与传送带

之间的动摩擦因数〃=。3,取g=10m/s2,不考虑物块大小对问题的影响，不考虑物块运动对传送

带速度的影响。求：

(1)物块B与物块A碰撞前瞬间的速度大小；

(2)物块A、B碰撞后，传送带的传动速度降为M=2.5m/s,方向保持逆时针方向不变。试求物块B第

二次离开传送的速度方向及大小。

（二）选考题：共12分。请考生从15、16两题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

15.[选修3-3]（12分）

（1）（4分）宇航员王亚萍太空授课呈现了标准水球，这是由于水的表面张力引起的。在水球表面层中，水

分子之间的相互作用总体上表现为（填“引力”或“斥力如图所示，4位置固定一个水分子甲，若

水分子乙放在C位置，其所受分子力为零，则将水分子乙放在如图_______（填“AC之间”或“BC之间”），

其分子力与水球表面层分子有相同的作用效果。若空间两个分子间距从无限远逐渐变小，直到小于小则

分子势能变化的趋势是

（2）（8分）如图所示，“手掌提杯”实验可反映大气压的存在。先将热水加入不计壁厚的玻璃杯中，杯

子升温后将水倒掉，再迅速用手盖住杯口，待杯中密封气体缓慢冷却至室温，手掌竖直向上提起，杯

子跟着手掌被提起而不脱落（杯内气体各处温度相等）。

（1）杯口横截面为S,手掌刚盖上时，杯内气体温度为力。冷却后温度为T2,大气压强为po,忽略杯内气体

体积变化，则能提起的杯子最大重力G为多少？

529

（2）若杯口横截面S=40cm2,po=l.OOxlOPa,冷却后杯内气体温度为17"C,杯内气体体积减为原来的玉j,

将杯子固定，需要用F=25N竖直向上的力才能将手掌和杯子分开（不计拉开过程中杯内气体体积变化的影

响），求刚密闭时杯内气体温度约为多少摄氏度？

□

16.[选修3-4]（12分）

（1）（4分）Si和S2是两个振动情况完全相同的波源，振幅均为4,波长均为2,波速均为v,实线和虚线

分别表示波峰和波谷，那么在A、8、C、D四点中，是振动加强点。加强点在任意时刻的位移

（填“一定”或者"不一定”）等于2A。从图示时刻开始，。点第一次运动到波谷需要的时间为。

（2）（8分）一透明砖的横截面如图所示，APB是半径为火的,圆弧，尸点在圆弧上，OOE8是长

4

方形，边足够长。一细束单色光平行的方向从P点以入射角i=60°射入透明砖。透明砖材料对

该光的折射率〃=百。请通过计算判断该光经弧面A8折射后是否从AO面射出透明破。

2021届广东省高考物理高分冲刺突破押题密卷（一）

物理。全解全析

1.A

【详解】

A.在；H+：H£He+X+17.6MeV反应中，根据电荷数守恒、质量数守恒可知，X的电荷数为0,质量

数为1,所以X是中子，故A正确；

B.该核反应方程释放能量，因此有质量亏损，反应后的核子总质量小于反应前的核子总质量，故B错误；

C.由结合能的概念和核聚变是放能反应可知，反应前的总结合能小于反应后的总结合能，故C错误；

D.该核反应放出的能量来源于原子核聚变反应质量亏损，而不是核外电子的跃迁，故D错误。

故选

Ao

2.C

【详解】

A.根据运动位移一时间图像可知，图像的斜率表示台球的速度，则2.5to时甲的速度为

2.5to时乙的速度为

v__2x（）__2尤（）

3%—2fot0

则有匕＜岭，所以A错误;

B.根据运动位移一时间图像可知，两台球做匀速直线运动，则加速度都为0,所以B错误;

C.根据运动位移一时间图像可知，图像的交点表示两台球相遇，所以C正确；

D.to-6to内甲球的平均速度为

4x

T_o_2玉）2x。

V\―_~

6%-3ro3%

to-6to内乙球的平均速度为

F=4%一（-2%）=2x（）

6/Q—3tot0

则有匕＜吗，所以D错误;

故选Co

3.A

【详解】

A.以三个石块组成的整体为研究对象，整体只受到重力和桌面的支持力，因此水平地面对石块A的支持力

等于3个石块的总重力，由牛顿第三定律，得石块A对水平地面的压力等于3个石块的总重力，故A正确;

B.以三个石块整体分析，水平方向没有外力作用，所以地面对石块A没有摩擦力作用，故B错误；

C.对石块B受力分析，根据平衡条件，石块B受到石块A、C作用力的合力与自身的重力平衡，所以石块

B受到石块A、C作用力的合力大小为石块B的重力大小，故C错误；

D.石块A对石块B的支持力与石块B对石块A的压力是一对相互作用力，大小相等，故D错误。

故选Ao

4.D

【详解】

A.在竖直方向上，A做竖直上抛运动，C做竖直下抛运动，高度相同，所以C先落地。A错误;

B.三水滴初动能相同，合力做功相同，所以末动能相同，即三水滴落地速度一样大。B错误；

C.AC初始时刻的竖直方向分速度大小相等，竖直方向做匀变速运动，因此

vj-v'^2gh

可知AC竖直方向的末速度大小相等，大于B的竖直方向分速度，可知B的重力功率小于AC的重

力功率，C错误；

D.在竖直方向上，A做竖直上抛运动，B做自由落体运动，C做竖直下抛运动，高度相同，所以A运动的

时间最长，则重力对水滴A的冲量最大。D正确。

故选D。

5.C

【详解】

AB.由

2

qvBn=m—V-

r

解得

mv

r-——

qB

可知，由于速度不同，所有粒子在磁场中受到的洛伦兹力不同，做圆周运动的半径不相等，AB错误；

CD.粒子在磁场中运动的周期

,2兀m

1=------

qB

根据左手定则易得，所有粒子垂直边界进入，垂直边界射出，圆心角均为180。，所有粒子在磁场中运动的

时间

t=-T

2

所有粒子在磁场中运动的时间均相等，D错误C正确。

故选Co

6.D

【详解】

设相邻两次〃上星冲日〃间隔的时间为t,有

-----------=1

ZT2

解得

r,有

T「T\

所以D正确；ABC错误；

故选D。

7.B

【详解】

电场线的分布如图所示

A.由于沿电场线方向电势逐渐降低，。点的电势低于b点的电势，选项A错误；

B.由于等势线与电场线垂直，画出过b点的等势线，可知b、d两点与b点的电势相等，而电场线的疏密

表示电场强度的大小，可得。点的电场强度大于b点的电场强度，选项B正确

C.带负电的试探电荷从。点移到伪点的过程中电场力做正功，电势能减小，即带负电的试探电荷在。点的

电势能大于在b点的电势能，选项C错误；

D.带正电的试探电荷从c点移到4点的过程中电场力做正功。电势能减小，即带正电的试探电荷在c点的

电势能大于在d点的电势能，选项D错误；

故选Bo

8.AD

【详解】

AB.若小球从P点由静止释放，小球将沿直线MN向。点运动，可知小球带负电，受到的是吸引力；若给

P点的小球一个垂直于MN的水平初速度，若满足

2

_V

Eq=m—

则小球做匀速圆周运动，加速度大小不变，但方向不断变化，选项A正确，B错误；

C.若小球做匀速圆周运动，则电势能不变，动能不变，选项C错误；

D.若满足

V2

Eq>m—

r

则小球向靠近。点运动，根据等量同种电荷的中垂线上的场强分布可知，从。点向外侧场强先增加后减小,

则小球在靠近0点过程中电场力可能先增大后减小，选项D正确。

故选AD。

9.BC

【详解】

AB.小球A与小球B组成的系统机械能守恒，杆逆时针转动，杆由初始位置转至竖直位置过程中，小球A

的重力势能减少，转化为小球A的动能和小球B的重力势能及动能，因此，杆逆时针转动，杆由初始位置

转至竖直位置过程中，小球A的机械能减少，小球B的机械能增加，A错误，B正确；

CD.对小球B由能量守恒得，杆对小球B做的功等于小球B机械能的增加量，小球B机械能增加，因此，

杆对小球B做正功，C正确，D错误；

故选BCo

10.BC

【详解】

A.由楞次定律可以判断，导体棒PQ中感应电流的方向由Q到P,所以A错误；

B.回路中产生的感应电动势

P△=①----------

△ttQ

所以B正确；

c.出安培定则可以判断，导体棒PQ所受安培力的方向垂直PQ沿框架平面向上，所以c正确；

D.r=0时刻，导体棒所受安培力大小未知。无法根据物体的平衡条件确定导体棒PQ所受摩擦力的方向,

所以D错误；

故选BC,

11.0,401.46天平小车总质量AD

【详解】

(1)[1]根据平均速度表示瞬时速度可得小车此次运动经B点时的速度为

%_8.00x10-2

=0.40m/s

'AC2x0.1

[2]根据

可得，小车的加速度为

”%UZ孚包“46mzs2

T20.12

(2)[3⑷要验证牛顿第二定律，根据

F

(1----

M

可知该实验需要测量质量，所以实验中还要使用天平，来测量出小车的总质量。

(3)[5]A.实验中需要平衡摩擦力，平衡摩擦力的操作，适当垫高长木板无滑轮的一端，使未挂钩码的小

车被轻推后恰能拖着纸带匀速下滑，所以A正确；

BC.实验中用拉力传感器直接测出了小车的拉力大小，因此对小车的质量和所挂钩码质量没有具体的要求,

定滑轮的轮轴是否光滑也无关，所以BC错误；

D.适当增大钩码的总质量m可以减小摩擦阻力产生的相对误差，所以D正确；

故选AD。

12.C2.7ok-RA-

hhA

【详解】

⑴田若电流表选用量程为的则通过的最小电流约为

1mAA2OA2

/=-----------------A«6mA

mm,inn(1000+5+30)

超过了A2的量程。

⑵⑵由于电压表指针指向同一刻度，故有

8+156.4。=159.1C

解得

&=2.7C。

⑶⑶⑷根据闭合电路的欧姆定律有

£="+/(&+「)

变形得

。=一(y+r)/+£

结合题图乙解得

E=a、r=k、-RA。

⑷⑸⑹根据闭合电路的欧姆定律有

后3"区+厂)

变形得

l=^±r.l+l

UERE

结合题图丙解得

B-Isv3B2£3V

13.(1)⑵。=

R2R

【详解】

(1)由法拉第电磁感应定律得

E=BLv

由电路特点得

E_

R

B'l}y

F=B1L=

R

(2)焦耳热为

Q=l2Rt

f=2XL

V

联立解得:

3B2L3V

2R

14.(1)9m/s；(2)2.5m/s,方向向左离开传送带

【详解】

(1)设B滑到曲面底部速度为%,根据机械能守恒定律

mgh=^mvo

解得

%=小2gh=j2xl0x5.25m/s=J105mzs

由于%>u=7m/s,B在传送带上开始做匀减速运动，设8一直减速滑过传送带的速度为由动能定理

可得

-fdmgl=；mv^-gmVg

解得

M=9m/s

由于匕=9m/s仍大于7m/s,说明假设成立，即8与A碰前速度为9m/s。

(2)设第一次碰后A的速度为丫机，B的速度为丫加，取向左为正方向，根据动量守恒定律和机械等守恒定

律得

mv{=mvBl+MVM

g机v；=g〃?4吟

解得

v„,m/s=-4.5m/s

B122

上式表明B碰后以4.5m/s的速度向右反弹

滑上传送带后做在摩擦力的作用下减速，设向右减速的最大位移为台，由动能定理得

~^gxB=0-^mvl

解得

27

x=­m

BR8

因/=4.0m,所以还未滑出传送带8的速度减为零后B向左做匀加速直线运动，这个过程经历的时间有

得

：=1.5s

由于传送带已经在AB碰撞后调为y'=2.5m/s,所以物体8将向左做加速运动，设加速到与传动带共速的

时间为4。因此有

解得

5

—一S

26

这过程产生的位移

v'2.5525

x——t)——x—m=­m

RB1-222624

人B人B2一人B3

得

7

xB3=-m>0

所以，在共速后物体将做匀速直线运动，速度大小2.5m/s,方向向左离开传送带。

15.[选修3-3](12分)

(1).引力"8C之间"先减小再增大

【详解】

⑴在小水滴表