专题07 截长补短证全等（含解析）

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专题07截长补短证全等

1．如图，，平分，，，则．

2．如图，已知AD∥BC，∠PAB的平分线与∠CBA的平分线相交于E，CE的连线交AP于D．求证：AD+BC=AB．

3．如图，已知：在中，，、是的角平分线，交于点O求证：．

4．如图所示，已知△ABC中AB＞AC，AD是∠BAC的平分线，M是AD上任意一点，求证：MB－MC＜AB－AC．

5．如图所示，已知AC平分∠BAD，，于点E，判断AB、AD与BE之间有怎样的等量关系，并证明．

6．如图，在△ABC中，，，P、Q分别在BC、CA上，并且AP、BQ分别是∠BAC、∠ABC的角平分线．求证：

（1）；

（2）．

7．如图，四边形中，，，，M、N分别为AB、AD上的动点，且．求证：．

8．如图中，分别平分相交于点．

（1）求的度数；

（2）求证：

9．如图，，点在线段上，、分别是、的角平分线，若，，求的长．

10．如图，在四边形ABCD中，AB=AD，∠B=∠D=90°，E、F分别是边BC、CD上的点，且∠EAF=∠BAD．求证：EF=BE+FD．

11．（1）如图1，在四边形ABCD中，AB＝AD，∠B＝∠D＝90°，E、F分别是边BC、CD上的点，且∠EAF＝∠BAD，线段EF、BE、FD之间的关系是；（不需要证明）

（2）如图2，在四边形ABCD中，AB＝AD，∠B+∠D＝180°，E、F分别是边BC、CD上的点，且∠EAF＝∠BAD，（1）中的结论是否仍然成立？若成立，请证明．若不成立，请写出它们之间的数量关系，并证明．

（3）如图3，在四边形ABCD中，AB＝AD，∠B+∠D＝180°，E、F分别是边BC、CD延长线上的点，且∠EAF＝∠BAD，（1）中的结论是否仍然成立？若成立，请证明．若不成立，请写出它们之间的数量关系，并证明．

12．已知在四边形ABCD中，∠ABC＋∠ADC＝180°，∠BAD＋∠BCD＝180°，AB＝BC

（1）如图1，连接BD，若∠BAD＝90°，AD＝7，求DC的长度．

（2）如图2，点P、Q分别在线段AD、DC上，满足PQ＝AP＋CQ，求证：∠PBQ＝∠ABP＋∠QBC

（3）若点Q在DC的延长线上，点P在DA的延长线上，如图3所示，仍然满足PQ＝AP＋CQ，请写出∠PBQ与∠ADC的数量关系，并给出证明过程．

13．如图，已知B（-1，0），C（1，0），A为y轴正半轴上一点，点D为第二象限一动点，E在BD的延长线上，CD交AB于F，且∠BDC=∠BAC．

（1）求证：∠ABD=∠ACD；

（2）求证：AD平分∠CDE；

（3）若在点D运动的过程中，始终有DC=DA+DB，在此过程中，∠BAC的度数是否变化？如果变化，请说明理由；如果不变，请求出∠BAC的度数．

14．阅读材料并完成习题：

在数学中，我们会用“截长补短”的方法来构造全等三角形解决问题．请看这个例题：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD=∠BCD=90°，AB=AD，若AC=2cm，求四边形ABCD的面积．

解：延长线段CB到E，使得BE=CD，连接AE，我们可以证明△BAE≌△DAC，根据全等三角形的性质得AE=AC=2，∠EAB=∠CAD，则∠EAC=∠EAB+∠BAC=∠DAC+∠BAC=∠BAD=90°，得S四边形ABCD=S△ABC+S△ADC=S△ABC+S△ABE=S△AEC，这样，四边形ABCD的面积就转化为等腰直角三角形EAC面积．

（1）根据上面的思路，我们可以求得四边形ABCD的面积为cm2．

（2）请你用上面学到的方法完成下面的习题．

如图2，已知FG=FN=HM=GH+MN=2cm，∠G=∠N=90°，求五边形FGHMN的面积．

15．如图1，在中，是直角，，、分别是、的平分线，、相交于点．

（1）求出的度数；

（2）判断与之间的数量关系并说明理由．（提示：在上截取，连接．）

（3）如图2，在△中，如果不是直角，而（1）中的其它条件不变，试判断线段、与之间的数量关系并说明理由．

16．（1）如图（1），在四边形中，,，E，F分别是上的动点，且，求证：．

（2）如图（2），在（1）的条件下，当点E，F分别运动到的延长线上时，之间的数量关系是______．

17．（1）问题背景：如图1，在四边形中，，，．分别是上的点，且，请探究图中线段之间的数量关系是什么？

小明探究此问题的方法是：延长到点，使，连结．先证明，得；再由条件可得，证明，进而可得线段之间的数量关系是．

（2）拓展应用：如图2，在四边形中，，．分别是上的点，且．问（1）中的线段之间的数量关系是否还成立？若成立，请给出证明；若不成立，请说明理由．

参考答案：

1．4

【分析】在BC上截取BE＝AB，利用“边角边”证明△ABD≌△EBD，根据全等三角形对应边相等可得DE＝AD，由全等三角形对应角相等可得∠BED＝∠A，然后求出∠C＝∠CDE，根据等角对等边可得CE＝DE，等量代换得到EC＝AD，则BC＝BE+EC＝AB+AD即可求出AD长．

【详解】解：（1）在BC上截取BE＝BA，如图，

∵BD平分∠ABC，

∴∠ABD＝∠EBD，

在△ABD和△BED中，

，

∴△ABD≌△EBD（SAS），

∴DE＝AD，∠BED＝∠A，

又∵∠A＝2∠C，

∴∠BED＝∠C+∠EDC＝2∠C，

∴∠EDC＝∠C，

∴ED＝EC，

∴EC＝AD，

∴BC＝BE+EC＝AB+AD，

∵BC＝10，AB＝6，

∴AD＝10﹣6＝4；

故答案为：4．

【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和的性质，等角对等边的性质，作辅助线构造出全等三角形和等腰三角形是解题的关键．

2．证明见解析

【分析】如图，在上截取证明再证明可得从而可得结论.

【详解】证明：如图，在上截取

平分

平分

【点睛】本题考查的是全等三角形的判定与性质，掌握“利用截长补短的方法证明两条线段的和等于另一条线段”是解题的关键.

3．见解析

【分析】在AC上取一点H，使AH＝AE，根据角平分线的定义可得∠EAO＝∠HAO，然后利用“边角边”证明△AEO和△AHO全等，根据全等三角形对应角相等可得∠AE0＝∠AHO，根据角平分线的定义可得∠1＝∠2，然后根据三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和求出∠3＝60°，再根据角平分线的定义和三角形的内角和定理求出∠4＝60°，从而得到∠3＝∠4，然后利用“边角边”证明△CFO和△CHO全等，根据全等三角形对应边相等可得CF＝CH，再根据AC＝AH＋CH代换即可得证．

【详解】证明：如图，在上取一点H，使，连接．

∵是的角平分线，

∴，

在和中，

∵

∴，

∴，

∵是的角平分线，

∴，

∵，

∴，

∵、是的角平分线，

∴，

∴，

在和中，

∴，

∴，

∵，

∴．

【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和的性质，角平分线的定义，三角形内角和定理，利用“截长补短”法作辅助线构造出全等三角形是解题的关键．

4．见解析

【分析】法一：因为AB＞AC，所以在AB上截取线段AE＝AC，则BE＝AB－AC，连接EM，在△BME中，显然有MB－ME＜BE，再证明ME＝MC，则结论成立．

法二：延长AC至H，在AH上截取线段AB＝AG，证明△ABM≌△AGM，得到BM=GM，根据三角形的三边关系即可求解．

【详解】证明：法一：在AB上截取AE＝AC，连接ME，

在△MBE中，MB－ME＜BE（三角形两边之差小于第三边）,

∵AD是∠BAC的平分线，

∴,

在△AMC和△AME中，

∵

∴△AMC≌△AME（SAS），

∴MC＝ME（全等三角形的对应边相等）．

又∵BE＝AB－AE，

∴BE＝AB－AC，

∴MB－MC＜AB－AC．

法二：延长AC至H，在AH上截取线段AB＝AG，

同理可证得△ABM≌△AGM（SAS），

∴BM=GM，

∵在△MCG中MG-MC＜CG

∴MB－MC＜AG-AC=AB－AC

即MB－MC＜AB－AC．

【点睛】本题考查全等三角形的判定和性质，三角形三边关系以及截长补短法，解题关键是作辅助线构造全等三角形．

5．，证明见解析

【分析】在AB上截取EF，使EF=BE，联结CF．证明，得到，又证明，得到，最后结论可证了．

【详解】证明:在AB上截取EF，使EF=BE，联结CF．

在和

AC平分∠BAD

在和中

【点睛】本题考查三角形全等知识的综合应用，关键在于寻找全等的条件，作适当的辅助线加以证明．

6．（1）见解析；（2）见解析

【分析】（1）由三角形的内角和就可以得出∠ABC＝80°，再由角平分线的性质就可以得出∠QBC＝40°，就有∠QBC＝∠C而得出结论；

（2）延长AB至M，使得BM＝BP，连结MP，根据条件就可以得出∠M＝∠C，进而证明△AMP≌△ACP就可以得出结论．

【详解】（1）∵BQ是的角平分线，

∴．

∵，且，，

∴，

∴，

∴，

∴；

（2）延长AB至M，使得，连结MP．

∴，

∵△ABC中，，

∴，

∵BQ平分，

∴，

∴，

∵，

∴，

∵AP平分，

∴，

在△AMP和△ACP中，

∵，

∴△AMP≌△ACP，

∴，

∵，，

∴

【点睛】本题主要考查全等三角形的判定与性质的知识点，解答本题的关键是熟练掌握判定两个三角形全等的一般方法：SSS、SAS、ASA、AAS、HL．注意：AAA、SSA不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角．

7．见解析

【分析】延长至点，使得，连接，根据同角的补角相等得，根据证明，则，进而证明，根据证明，得到，则．

【详解】证明：延长至点，使得，连接，

四边形中，，，

，

在和中，

，

，

，，

，，

，

，

在和中，

，

，

．

【点睛】本题主要考查了全等三角形的判定与性质，作辅助线构造全等三角形是解决问题的关键．

8．（1）∠CPD=60°；（2）详见解析

【分析】（1）根据三角形的内角和定理及角平分线的定义，三角形的外角性质即可求出；

（2）在AC上截取AF=AE，先证明△APE≌△APF（SAS），再证明△CFP≌△CDP（ASA），根据全等三角形的性质证明即可．

【详解】解：（1）∵∠ABC=60°，

∴∠BAC+∠ACB=180°-60°=120°，

又∵AD、CE分别平分，

∴，

∴，

又∵∠CPD是△ACP的外角，

∴∠CPD=∠CAD+∠ACE=60°，

∴∠CPD=60°．

（2）如图，在AC上截取AF=AE，连接PF，

∵∠CPD=60°，

∴∠APC=120°，∠APE=60°

∵AD平分∠BAC，CE平分∠ACB，

∴∠BAD=∠CAD，∠ACE=∠BCE

在△APE与△APF中

，

∴△APE≌△APF（SAS）

∴∠APF=∠APE=60°，

∴∠CPF=∠AOC-∠APF=60°，

在△CFP与△CDP中，

∴△CFP≌△CDP（ASA）

∴CD=CF

∴AC=AF+CF=AE+CD，

即．

【点睛】本题考查了全等三角形的判定及性质、三角形内角和定理与角平分线的角度计算问题，解题的关键是通过在AC上截取AF=AE构造全等三角形．

9．5

【分析】如图，在上截取，连接，先证明，得到，，然后证明，得到，即可求出答案．

【详解】解：如图，在上截取，连接，

是的角平分线，

，

在△和△中，

，

，，

，

，

，

，

是的角平分线，

，

在和中，

，

，

．

【点睛】本题考查了角平分线的性质，平行线的性质，全等三角形的判定和性质，证明是解题关键．

10．证明见解析．

【分析】延长EB到G，使BG=DF，连接AG．先说明△ABG≌△ADF，然后利用全等三角形的性质和已知条件证得△AEG≌△AEF，最后再运用全等三角形的性质和线段的和差即可解答．

【详解】延长EB到G，使BG=DF，连接AG．

∵∠ABG=∠ABC=∠D=90°，AB=AD，

∴△ABG≌△ADF．

∴AG=AF，∠1=∠2．

∴∠1+∠3=∠2+∠3=∠EAF=∠BAD．

∴∠GAE=∠EAF．

又∵AE=AE，

∴△AEG≌△AEF．

∴EG=EF．

∵EG=BE+BG．

∴EF=BE+FD

【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，做出辅助线构造全等三角形是解答本题的关键．

11．（1）EF＝BE+FD；（2）（1）中的结论仍然成立，见解析；（3）结论不成立，EF＝BE﹣FD，见解析

【分析】（1）延长CB至G，使BG＝DF，连接AG，证明△ABG≌△ADF，根据全等三角形的性质得到AG＝AF，∠BAG＝∠DAF，再证明△GAE≌△FAE，根据全等三角形的性质得出EF＝EG，结合图形计算，证明结论；

（2）延长CB至M，使BM＝DF，连接AM，仿照（1）的证明方法解答；

（3）在EB上截取BH＝DF，连接AH，仿照（1）的证明方法解答．

【详解】解：（1）EF＝BE+FD，

理由如下：如图1，延长CB至G，使BG＝DF，连接AG，

在△ABG和△ADF中，

，

∴△ABG≌△ADF（SAS），

∴AG＝AF，∠BAG＝∠DAF，

∵∠EAF＝∠BAD，

∴∠DAF+∠BAE＝∠EAF，

∴∠GAE＝∠BAG+∠BAE＝∠DAF+∠BAE＝∠EAF，

在△GAE和△FAE中，

，

∴△GAE≌△FAE（SAS），

∴EF＝EG，

∵EG＝BG+BE＝BE+DF，

∴EF＝BE+FD，

故答案为：EF＝BE+FD；

（2）（1）中的结论仍然成立，

理由如下：如图2，延长CB至M，使BM＝DF，连接AM，

∵∠ABC+∠D＝180°，∠ABC+∠1＝180°，

∴∠1＝∠D，

在△ABM和△ADF中，

，

∴△ABM≌△ADF（SAS），

∴AM＝AF，∠3＝∠2，

∵∠EAF＝∠BAD，

∴∠2+∠4＝∠EAF，

∴∠EAM＝∠3+∠4＝∠2+∠4＝∠EAF，

在△MAE和△FAE中，

，

∴△MAE≌△FAE（SAS），

∴EF＝EM，

∵EM＝BM+BE＝BE+DF，

∴EF＝BE+FD；

（3）（1）中的结论不成立，EF＝BE﹣FD，

理由如下：如图3，在EB上截取BH＝DF，连接AH，

同（2）中证法可得，△ABH≌△ADF，

∴AH＝AF，∠BAH＝∠DAF，

∴∠HAE＝∠FAE，

在△HAE和△FAE中，

，

∴△HAE≌△FAE（SAS），

∵EH＝BE﹣BH＝BE﹣DF，

∴EF＝BE﹣FD．

【点睛】本题考查了三角形全等的性质与判定，掌握三角形全等的性质与判定是解题的关键．

12．（1）；（2）见解析；（3），证明见解析

【分析】（1）根据已知条件得出为直角三角形，再根据证出，从而证出即可得出结论；

（2）如图2，延长DC到K，使得CK=AP，连接BK，通过证△BPA≌△BCK（SAS）得到：∠1=∠2，BP=BK．然后根据证明得，从而得出，然后得出结论；

（3）如图3，在CD延长线上找一点K，使得KC=AP，连接BK，构建全等三角形：△BPA≌△BCK（SAS），由该全等三角形的性质和全等三角形的判定定理SSS证得：△PBQ≌△BKQ，则其对应角相等：∠PBQ=∠KBQ，结合四边形的内角和是360°可以推得：∠PBQ=90°+∠ADC．

【详解】（1）证明：如图1，

∵，，

∴，

在和中，

∴，

∴，

∴；

（2）如图2，

延长至点，使得，连接

∵，

∴，

∵，

∴，

∵，，

∴，

∴，，

∵，，

∴，

∵，，

∴，

∴，

∴；

（3）；

如图3，在延长线上找一点，使得，连接，

∵，

∴，

∵，

∴，

在和中，

∴，

∴，，

∴，

∵，

∴，

在和中，

∴，

∴，

∴，

∴，

∴．

【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质．在应用全等三角形的判定时，要注意三角形间的公共边和公共角，必要时添加适当辅助线构造三角形．

13．（1）见解析；（2）见解析；（3）不变，60°

【分析】（1）根据∠BDC＝∠BAC，∠DFB＝∠AFC，再结合∠ABD＋∠BDC＋∠DFB＝∠BAC＋∠ACD＋∠AFC＝180°，即可得出结论；

（2）过点A作AM⊥CD于点M，作AN⊥BE于点N．运用“AAS”证明△ACM≌△ABN得AM＝AN．根据“到角的两边距离相等的点在角的平分线上”得证；

（3）运用截长法在CD上截取CP＝BD，连接AP．证明△ACP≌ABD得△ADP为等边三角形，从而求∠BAC的度数．

【详解】（1）证明：∵∠BDC＝∠BAC，∠DFB＝∠AFC，

又∵∠ABD＋∠BDC＋∠DFB＝∠BAC＋∠ACD＋∠AFC＝180°，

∴∠ABD＝∠ACD；

（2）过点A作AM⊥CD于点M，作AN⊥BE于点N．

则∠AMC＝∠ANB＝90°，

∵OB＝OC，OA⊥BC，

∴AB＝AC，

∵∠ABD＝∠ACD，

∴△ACM≌△ABN（AAS），

∴AM＝AN，

∴AD平分∠CDE（到角的两边距离相等的点在角的平分线上）；

（3）∠BAC的度数不变化．

在CD上截取CP＝BD，连接AP．

∵CD＝AD＋BD，

∴AD＝PD，

∵AB＝AC，∠ABD＝∠ACD，BD＝CP，

∴△ABD≌△ACP，

∴AD＝AP，∠BAD＝∠CAP，

∴AD＝AP＝PD，

即△ADP是等边三角形，

∴∠DAP＝60°，

∴∠BAC＝∠BAP＋∠CAP＝∠BAP＋∠BAD＝60°．

【点睛】此题考查全等三角形的判定与性质，运用了角平分线的判定定理和“截长补短”的数学思想方法，综合性较强．

14．（1）2；（2）4

【分析】（1）根据题意可直接求等腰直角三角形EAC的面积即可；

（2）延长MN到K，使NK=GH，连接FK、FH、FM，由（1）易证，则有FK=FH，因为HM=GH+MN易证，故可求解．

【详解】（1）由题意知，

故答案为2；

（2）延长MN到K，使NK=GH，连接FK、FH、FM，如图所示：

FG=FN=HM=GH+MN=2cm，∠G=∠N=90°，

∠FNK=∠FGH=90°，，

FH=FK，

又FM=FM，HM=KM=MN+GH=MN+NK，

，

MK=FN=2cm，

．

【点睛】本题主要考查全等三角形的性质与判定，关键是根据截长补短法及割补法求面积的运用．

15．（1）∠AFC＝120°；（2）FE与FD之间的数量关系为：DF＝EF．理由见解析；（3）AC＝AE+CD．理由见解析．

【分析】（1）根据三角形的内角和性质只要求出∠FAC，∠ACF即可解决问题;

（2）根据在图2的AC上截取CG=CD，证得△CFG≌△CFD(SAS),得出DF=GF；再根据ASA证明△AFG≌△AFE，得EF=FG，故得出EF=FD；

（3）根据(2)的证明方法，在图3的AC上截取AG=AE，证得△EAF≌△GAF(SAS)得出∠EFA=∠GFA；再根据ASA证明△FDC≌△FGC，得CD=CG即可解决问题．

【详解】（1）解：∵∠ACB＝90°，∠B＝60°，

∴∠BAC＝90°﹣60°＝30°，

∵AD、CE分别是∠BAC、∠BCA的平分线，

∴∠FAC＝15°，∠FCA＝45°，

∴∠AFC＝180°﹣（∠FAC+∠ACF）＝120°

（2）解：FE与FD之间的数量关系为：DF＝EF．

理由：如图2，在AC上截取CG＝CD，

∵CE是∠BCA的平分线，

∴∠DCF＝∠GCF，

在△CFG和△CFD中，

，

∴△CFG≌△CFD（SAS），

∴DF＝GF．∠CFD＝∠CFG

由（1）∠AFC＝120°得，

∴∠CFD＝∠CFG＝∠AFE＝60°，

∴∠AFG＝60°，

又∵∠AFE＝∠CFD＝60°，

∴∠AFE＝∠AFG，

在△AFG和△AFE中，

，

∴△AFG≌△AFE（ASA），

∴EF＝GF，

∴DF＝EF；

（3）结论：AC＝AE+CD．

理由：如图3，在AC上截取AG＝AE，

同（2）可得，△EAF≌△GAF（SAS），

∴∠EFA＝∠GFA，AG＝AE

∵∠BAC+∠BCA=180°-∠B=180°-60°=120°

∴∠AFC＝180°﹣(∠FAC+∠FCA)＝180°-(∠BAC+∠BCA)=18