福建省福州市鼓楼区2024届物理高一第一学期期末联考试题含解析

福建省福州市鼓楼区2024届物理高一第一学期期末联考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、用两根绳子吊起—重物，使重物保持静止，若逐渐增大两绳之间的夹角，则两绳对重物的拉力的合力变化情况是()A.不变B.减小C.增大D.无法确定2、在强冷空气影响下，2020年第一场雪不期而遇。为防止道路结冰，我县环卫局计划对各主要路面进行撒盐除冰。假设撒盐车的牵引力不变，车所受阻力与车重成正比，若未撒盐时，撒盐车匀速直线行驶，则撒盐过程中它的运动将是（）A.做匀加速运动 B.汽车速度变化得越来越快C.做匀减速运动 D.继续保持匀速直线运动3、一个原来静止的物体，质量是7kg，在14N的恒力作用下开始运动，则5s末的速度及5s内通过的路程为()A.8m/s；25mB.2m/s；25mC.10m/s；25mD.10m/s；12.5m4、将一小球以5m/s的速度水平抛出，经过1s小球落地，不计空气阻力g=10m/s2．关于这段时间小球的运动，下列说法正确的是（）A.小球着地速度是10m/sB.小球竖直方向的位移是10mC.小球着地速度是5m/sD.小球水平方向位移是5m5、如图所示为A、B两质点从同一地点运动的x－t图象，关于A、B两质点在前8s内的运动，下列说法正确的是A.A质点做匀加速直线运动B.A、B两质点始终沿同一方向运动C.B质点前4s做减速运动，后4s做加速运动D.B质点先沿负方向做直线运动，后沿正方向做直线运动6、伽利略在对自由落体运动的研究过程中，开创了如下框所示的一套科学研究方法，其中方框2和4中的方法分别是()A.提出假设，实验检验B数学推理，实验检验C.实验检验，数学推理D.实验检验，合理外推7、如图所示，某同学站在体重计上观察超重与失重现象。由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。他稳定站立时，体重计的示数为500N，关于实验现象，下列说法正确的是（）A.“起立”过程是超重现象，“下蹲”过程是失重现象B.“起立”和“下蹲”过程都有超重和失重现象出现C.图记录的是他先“下蹲”稳定后又“起立”的过程D.“下蹲”过程先出现失重现象，“起立”过程先出现超重现象8、物体从某一高度处开始做自由落体运动，3s后落到地面（g取10m/s2），则下列选项中正确的是A.物体下落处离地面高为30mB.物体落地时的速度大小为30m/sC.物体在落地前最后1s内的位移为25mD.物体在整个下落过程中的平均速度为20m/s9、如图所示，在粗糙的水平面上叠放着物体A和B，A和B间的接触面也是粗糙的，如果用水平拉力F施于A，而A、B仍保持静止，则下面的说法中正确的是()A.物体A与地面间的静摩擦力的大小等于FB.物体A与地面间的静摩擦力的大小等于零C.物体A与B间的静摩擦力的大小等于FD.物体A与B间的静摩擦力的大小等于零10、一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其－t的图象如图所示，则()A.质点做匀加速直线运动，加速度为1m/s2B.质点在1s末速度为2m/sC.质点在第1s内的平均速度0.75m/sD.质点做匀速直线运动，速度为0.5m/s11、如图所示，a、b两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连.当用恒力F竖直向上拉着a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1，物体的加速度大小为a1；当用大小仍为F的恒力沿斜面向上拉着a，使a、b一起沿光滑斜面向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，物体的加速度大小为a2．已知斜面的倾角为θ，则有（）A.x1=x2 B.x1>x2C.a1=a2 D.a1<a212、如图所示，逆时针匀速转动的传送带与水平面的夹角θ，在传送带顶端静止释放小物块，小物块以加速度a1加速下滑，当小物块与传送带共速后，以加速度a2加速下滑，小物块与传送带间的动摩擦因数为μ。则下列说法正确的是（）A.a1>a2 B.a1=a2C.μ=tanθ D.μ<tanθ二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，传送带与平板紧靠在一起，且上表面在同一水平面内，两者长度分别为L1=3m、L2=1m．传送带始终以速度v0=4m/s向右匀速运动．现有一滑块（可视为质点）以速度v1=6m/s滑上传送带的左端，然后平稳地滑上平板．已知：滑块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，滑块与平板、平板与地面间的动摩擦因数分别为μ1=0.4,μ2=0.3，滑块、平板的质量均为m=1kg,g=10m/s2．求：(1)滑块滑离传送带时的速度大小；(2)判断滑块能否离开平板，如果能离开，请计算出离开平板时的速度大小。16、（12分）如图所示，高为h=1.25m的平台上．覆盖一层薄冰，现有一滑雪爱好者，以一定的初速度v向平台边缘滑去，着地时的速度方向与水平地面的夹角为45°（取重力加速度g=10m/s2).求:(1)滑雪者在空中运动的时间(2)滑雪者离开平台边缘时的速度大小(3)滑雪者着地点到平台边缘的水平距离17、（12分）在消防演习中，消防队员通过一根竖直的长绳从楼房顶端由静止开始滑下，经一段时间落地．某消防队员下滑过程中轻绳对消防队员的作用力随时间变化情况如图所示，已知消防队员质量m=60kg，消防队员脚一触地其与长绳作用力即为零，g取10m/s2．求：（1）消防员在下滑过程中最大速度；（2）楼房的高度

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、A【解题分析】两根绳子吊起一重物，使重物保持静止；当增大两绳之间的夹角，物体仍处于静止，所以两绳对重物的合力不变【题目详解】物受到三力平衡，此时两绳对重物的拉力的合力等于重力；当逐渐增大两绳之间的夹角，由于重物仍处于平衡，所以两绳对重物的拉力的合力仍等于重力．因此拉力的合力是不变的，故A正确【题目点拨】将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小；要注意的是物体受到的合力大小是不变的2、B【解题分析】由题意可知，牵引力F不变，阻力：f=kmg，由牛顿第二定律得：解得：，撒盐过程，车的质量m逐渐减小，加速度a逐渐增大，所以撒盐车做加速度增大的加速运动，即汽车速度变化得越来越快，B正确，ACD错误。故选B。3、C【解题分析】根据牛顿第二定律得，物体的加速度.则5s末的速度v=at=2×5m/s=10m/s，5s内的路程.故C正确，A、B、D错误．故选C【题目点拨】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁4、D【解题分析】小球做平抛运动水平方向上：竖直方向上：小球最后的速度为解得：；；，故D正确；ABC错误故选D【题目点拨】根据小球运动的时间求出小球抛出点的高度,结合初速度和时间求出水平位移.通过速度时间公式求出竖直分速度,根据平行四边形定则求出小球落地的速度大小5、C【解题分析】A．由题图可知，质点A的位移随时间均匀变化，即质点A做匀速运动，选项A错误；B．质点B的位移先增大后减小，即0～4s质点B向正方向运动，4～8s质点B向反方向运动，选项B错误；CD．在位移—时间图象中，斜率（倾斜程度）代表速度，质点B前4s正方向减速，后4s反向加速，选项C正确，D错误6、A【解题分析】这是依据思维程序排序的问题，这一套科学研究方法，要符合逻辑顺序，即通过观察现象，提出假设，根据假设进行逻辑推理，然后对自己的逻辑推理进行实验验证，紧接着要对实验结论进行修正推广。故选A。7、BCD【解题分析】A、B、D．从下蹲状态站起来的过程中，人先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，即人先处于超重状态后处于失重状态。从站立状态蹲下去的过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，最后回到静止状态，即人先处于失重状态。后处于超重状态。故A错误，BD正确；C．物体对支持物的压力大于物体所受重力的情况称为超重现象，即显示重量大于实际重量；物体对支持物的压力小于物体所受重力的情况称为失重现象，即显示重量小于实际重量。图像中第一次变化，显示重量先小于重量再大于重量，即先失重后超重，因此为“下蹲”；第二变化，显示重量先大于重量再小于重量，即先超重后失重，因此为“起立”，故C正确。故选择BCD。8、BC【解题分析】A.物体下落处离地面高为故A错误B.物体落地时的速度大小为故B正确C.物体在落地前最后1s内的位移为故C正确D.物体在整个下落过程中平均速度为故D错误9、AD【解题分析】A．B都保持静止，受力都平衡，分别以整体和B为研究对象，根据平衡条件分别求出A和B受到的静摩擦力【题目详解】以整体为研究对象，分析受力可知，整体水平方向受到拉力F和地对A的静摩擦力fA，由平衡条件得到，fA=F．故A正确，B错误．以B为研究对象，分析受力可知，B相对于A没有运动趋势，B不受静摩擦力，即物体A与B间的静摩擦力的大小等于零．故C错误，D正确．故选AD【题目点拨】对于静摩擦力，常常根据物体的状态，由平衡条件或牛顿第二定律求解10、AB【解题分析】AD．由图得：根据得对比可得：则加速度为a＝2×0.5＝1m/s2由图知质点的加速度不变，说明质点做匀加速直线运动，故A正确，D错误；BC．质点的初速度v0＝1m/s，在1s末速度为v＝v0＋at＝2m/s质点在第1s内的平均速度故B正确，C错误故选AB。11、AD【解题分析】当用恒力F竖直向上或者沿斜面向上拉时，利用整体法求加速度a1和a2，利用隔离法可求出x1和x2，比较即可得解【题目详解】设弹簧的劲度系数为k，当用恒力F竖直向上拉时，整体分析有：F-（m1+m2）g=（m1+m2）a1，分析b有:kx1-m2g=m2a1，解得x1=，加速度a1=-g；当用恒力F沿斜面向上拉时，整体分析有：F-（m1+m2）g=（m1+m2）a2，对b分析有：kx2-m2g=m2a2，解得x2=，加速度a2=-g，由上分析可知，x1=x2，a1a2，故A、D正确，B、C错误故选AD12、AD【解题分析】AB．小物块与传送带共速前，小物块所受的滑动摩擦力沿斜面向下，根据牛顿第二定律得mgsinθ+μmgcosθ=ma1。小物块与传送带共速后，小物块所受的滑动摩擦力沿斜面向上，根据牛顿第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma2。对比可得，a1＞a2，故A正确，B错误。CD．当小物块与传送带共速后，以加速度a2加速下滑，说明mgsinθ＞μmgcosθ，则得μ＜tanθ故C错误，D正确。故选AD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、(1)；(2)【解题分析】根据牛顿第二定律求出加速度，在结合运动学公式即可求出滑块滑离传送带时的速度大小；滑块滑上平板时，分别求出平板上下表面受到的摩擦力，从而判断平板静止，在根据牛顿第二定律和运动学规律即可求出离开平板时的速度大小【题目详解】（1）设滑块在传送带上的加速度大小为，根据牛顿第二定律有解得：设滑块在传送带上减速运动的位移为，且，根据运动规律学解得：，得出滑块在传送带上先做匀减速运动，再做匀速运动，离开传送带时的速度大小为；（2）滑块滑上平板时，平板上下表面受到的摩擦力分别为，根据受力分析有因为，所以平板保持静止.滑块在平板上一直做匀减速，其加速度大小为，假设能离开平板，根据牛顿第二定律：根据运动学规律有：解得：可知滑块能离开平板，离开平板时速度的大小为.【题目点拨】本题是传送带类型，属于有相对运动的问题，关键要分析清楚物体运动过程，把握隐含的临界状态，如速度相等的状态，找出两个物体的速度关系和位移关系16、(1)0.5s(2)5.0m/s(3)2.5m【解题分析】(1)滑雪者离开平台后做平抛运动，由h=gt2得：(2)着地时竖直分速度为vy=gt=5.0m/s由于着地时的速度方向与水平地面的夹角为45°，所以水平速度和竖直速度的大小相等，则v0=vy=5.0m/s即滑雪者离开平台边缘时的速度大小为5.0m/s；(3)滑雪者着地点到平台边缘的水平距离是x=v0t=5×05m=2.5m17、（1）最大速度vm=a1t1=5m/s（2）楼房的高度为8.5m【解题分析】该队员先在t1=1s时间内以a