初中圆的基本性质解答难题专练含详细答案

初中圆的根本性质解答难题专练含详细答案一．解答题〔共30小题〕1．〔2014•**〕如图，在正方形ABCD中，AD=2，E是AB的中点，将△BEC绕点B逆时针旋转90°后，点E落在CB的延长线上点F处，点C落在点A处．再将线段AF绕点F顺时针旋转90°得线段FG，连接EF，CG．〔1〕求证：EF∥CG；〔2〕求点C，点A在旋转过程中形成的，与线段CG所围成的阴影局部的面积．2．〔2014•〕如图，⊙O是△ABC的外接圆，弦BD交AC于点E，连接CD，且AE=DE，BC=CE．〔1〕求∠ACB的度数；〔2〕过点O作OF⊥AC于点F，延长FO交BE于点G，DE=3，EG=2，求AB的长．3．〔2014•〕〔1〕问题发现如图1，△ACB和△DCE均为等边三角形，点A，D，E在同一直线上，连接BE．填空：①∠AEB的度数为_________；②线段AD，BE之间的数量关系为_________．〔2〕拓展探究如图2，△ACB和△DCE均为等腰直角三角形，∠ACB=∠DCE=90°，点A，D，E在同一直线上，CM为△DCE中DE边上的高，连接BE，请判断∠AEB的度数及线段CM，AE，BE之间的数量关系，并说明理由．〔3〕解决问题如图3，在正方形ABCD中，CD=，假设点P满足PD=1，且∠BPD=90°，请直接写出点A到BP的距离．4．〔2014•〕如图①，等腰梯形ABCD的周长为48，面积为S，AB∥CD，∠ADC=60°，设AB=3*．〔1〕用*表示AD和CD；〔2〕用*表示S，并求S的最大值；〔3〕如图②，当S取最大值时，等腰梯形ABCD的四个顶点都在⊙O上，点E和点F分别是AB和CD的中点，求⊙O的半径R的值．5．〔2013•〕如图，AB是⊙O的直径，弦CD交AB于点E，OF⊥AC于点F，〔1〕请探索OF和BC的关系并说明理由；〔2〕假设∠D=30°，BC=1时，求圆中阴影局部的面积．〔结果保存π〕6．〔2013•〕：如图，AB是⊙O的弦，⊙O的半径为10，OE、OF分别交AB于点E、F，OF的延长线交⊙O于点D，且AE=BF，∠EOF=60°．〔1〕求证：△OEF是等边三角形；〔2〕当AE=OE时，求阴影局部的面积．〔结果保存根号和π〕7．〔2013•〕〔1〕甲市共有三个郊县，各郊县的人数及人均耕地面积如表所示：郊县人数/万人均耕地面积/公顷A200.15B50.20C100.18求甲市郊县所有人口的人均耕地面积〔准确到0.01公顷〕；〔2〕先化简下式，再求值：，其中，；〔3〕如图，A，B，C，D是⊙O上的四点，延长DC，AB相交于点E，假设BC=BE．求证：△ADE是等腰三角形．8．〔2013•〕如图，在矩形ABCD中，AB=2DA，以点A为圆心，AB为半径的圆弧交DC于点E，交AD的延长线于点F，设DA=2．〔1〕求线段EC的长；〔2〕求图中阴影局部的面积．9．〔2013•〕如图，圆锥的侧面展开图是一个半圆，求母线AB与高AO的夹角．参考公式：圆锥的侧面积S=πrl，其中r为底面半径，l为母线长．10．〔2013•〕如图①，在矩形纸片ABCD中，AB=+1，AD=．〔1〕如图②，将矩形纸片向上方翻折，使点D恰好落在AB边上的D′处，压平折痕交CD于点E，则折痕AE的长为_________；〔2〕如图③，再将四边形BCED′沿D′E向左翻折，压平后得四边形B′C′ED′，B′C′交AE于点F，则四边形B′FED′的面积为_________；〔3〕如图④，将图②中的△AED′绕点E顺时针旋转α角，得△A′ED″，使得EA′恰好经过顶点B，求弧D′D″的长．〔结果保存π〕11．〔2012•〕如图，在半径为2的扇形AOB中，∠AOB=90°，点C是弧AB上的一个动点〔不与点A、B重合〕OD⊥BC，OE⊥AC，垂足分别为D、E．〔1〕当BC=1时，求线段OD的长；〔2〕在△DOE中是否存在长度保持不变的边？如果存在，请指出并求其长度，如果不存在，请说明理由；〔3〕设BD=*，△DOE的面积为y，求y关于*的函数关系式，并写出它的定义域．12．〔2012•〕，如图1，△ABC中，BA=BC，D是平面不与A、B、C重合的任意一点，∠ABC=∠DBE，BD=BE．〔1〕求证：△ABD≌△CBE；〔2〕如图2，当点D是△ABC的外接圆圆心时，请判断四边形BDCE的形状，并证明你的结论．13．〔2012•崇左〕如图，正方形ABCD的边长为1，其中弧DE、弧EF、弧FG的圆心依次为点A、B、C．〔1〕求点D沿三条弧运动到点G所经过的路线长；〔2〕判断直线GB与DF的位置关系，并说明理由．14．〔2012•〕如图，是数轴的一局部，其单位长度为a，△ABC中，AB=3a，BC=4a，AC=5a．〔1〕用直尺和圆规作出△ABC〔要求：使点A，C在数轴上，保存作图痕迹，不必写出作法〕；〔2〕记△ABC的外接圆的面积为S圆，△ABC的面积为S△，试说明＞π．15．〔2012•〕在平面直角坐标系*Oy中，点A〔0，2〕，直线OP位于一、三象限，∠AOP=45°〔如图1〕，设点A关于直线OP的对称点为B．〔1〕写出点B的坐标；〔2〕过原点O的直线l从OP的位置开场，绕原点O顺时针旋转．①如图1，当直线l顺时针旋转10°到l1的位置时，点A关于直线l1的对称点为C，则∠BOC的度数是_________，线段OC的长为_________；②如图2，当直线l顺时针旋转55°到l2的位置时，点A关于直线l2的对称点为D，则∠BOD的度数是_________；③直线l顺时针旋转n°〔0＜n≤90〕，在这个运动过程中，点A关于直线l的对称点所经过的路径长为_________〔用含n的代数式表示〕．16．〔2012•〕如图，在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中，△ABC的顶点A、B、C在小正方形的顶点上，将△ABC向下平移4个单位、再向右平移3个单位得到△A1B1C1，然后将△A1B1C1绕点A1顺时针旋转90°得到△A1B2C2．〔1〕在网格中画出△A1B1C1和△A1B2C2；〔2〕计算线段AC在变换到A1C2的过程中扫过区域的面积〔重叠局部不重复计算〕17．〔2012•〕〔1〕如图1，点E、F在AC上，AB∥CD，AB=CD，AE=CF，求证：△ABF≌△CDE〔2〕如图2，方格纸中的每个小方格是边长为1个单位长度的正方形．①画出将Rt△ABC向右平移5个单位长度后的Rt△A1B1C1②再将Rt△A1B1C1绕点C1顺时针旋转90°，画出旋转后的Rt△A2B2C2，并求出旋转过程中线段A1C1所扫过的面积〔结果保存π〕18．〔2011•〕如图，在平面直角坐标系*Oy中，我们把由两条射线AE，BF和以AB为直径的半圆所组成的图形叫作图形C〔注：不含AB线段〕．A〔﹣1，0〕，B〔1，0〕，AE∥BF，且半圆与y轴的交点D在射线AE的反向延长线上．〔1〕求两条射线AE，BF所在直线的距离；〔2〕当一次函数y=*+b的图象与图形C恰好只有一个公共点时，写出b的取值围；当一次函数y=*+b的图象与图形C恰好只有两个公共点时，写出b的取值围；〔3〕▱AMPQ〔四个顶点A，M，P，Q按顺时针方向排列〕的各顶点都在图形C上，且不都在两条射线上，求点M的横坐标*的取值围．19．〔2011•〕阅读下面的情景对话，然后解答问题：〔1〕根据“奇异三角形〞的定义，请你判断小华提出的命题：“等边三角形一定是奇异三角形〞是真命题还是假命题？〔2〕在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=c，AC=b，BC=a，且b＞a，假设Rt△ABC是奇异三角形，求a：b：c；〔3〕如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点〔不与点A、B重合〕，D是半圆的中点，C、D在直径AB的两侧，假设在⊙O存在点E，使AE=AD，CB=CE．①求证：△ACE是奇异三角形；②当△ACE是直角三角形时，求∠AOC的度数．20．〔2011•〕如图，以点O为圆心的两个同心圆中，矩形ABCD的边BC为大圆的弦，边AD与小圆相切于点M，OM的延长线与BC相交于点N．〔1〕点N是线段BC的中点吗？为什么？〔2〕假设圆环的宽度〔两圆半径之差〕为6cm，AB=5cm，BC=10cm，求小圆的半径．21．〔2011•〕如图1，⊙O中AB是直径，C是⊙O上一点，∠ABC=45°，等腰直角三角形DCE中∠DCE是直角，点D在线段AC上．〔1〕证明：B、C、E三点共线；〔2〕假设M是线段BE的中点，N是线段AD的中点，证明：MN=OM；〔3〕将△DCE绕点C逆时针旋转α〔0°＜α＜90°〕后，记为△D1CE1〔图2〕，假设M1是线段BE1的中点，N1是线段AD1的中点，M1N1=OM1是否成立？假设是，请证明；假设不是，说明理由．22．〔2011•〕如图①，小慧同学把一个正三角形纸片〔即△OAB〕放在直线l1上．OA边与直线l1重合，然后将三角形纸片绕着顶点A按顺吋针方向旋转120°，此时点O运动到了点O1处，点B运动到了点B1处；小慧又将三角形纸片AO1B1，绕点B1按顺吋针方向旋转120°，此时点A运动到了点A1处，点O1运动到了点O2处〔即顶点O经过上述两次旋转到达O2处〕．小慧还发现：三角形纸片在上述两次旋转的过程中．顶点O运动所形成的图形是两段圆弧，即和，顶点O所经过的路程是这两段圆弧的长度之和，并且这两段圆弧与直线l1围成的图形面积等于扇形A001的面积、△AO1B1的面积和扇形B1O1O2的面积之和．小慧进展类比研究：如图②，她把边长为1的正方形纸片0ABC放在直线l2上，0A边与直线l2重合，然后将正方形纸片绕着顶点A按顺时针方向旋转90°，此时点O运动到了点O1处〔即点B处〕，点C运动到了点C1处，点B运动到了点B2处，小慧又将正方形纸片AO1C1B1绕顶点B1按顺时针方向旋转90°，…．按上述方法经过假设干次旋转后，她提出了如下问题：问题①：假设正方形纸片0ABC按上述方法经过3次旋转，求顶点0经过的路程，并求顶点O在此运动过程中所形成的图形与直线l2围成图形的面积；假设正方形纸片OABC按上述方法经过5次旋转．求顶点O经过的路程；问题②：正方形纸片OABC按上述方法经过多少次旋转，顶点0经过的路程是？23．〔2010•崇左〕我市为了纪念龙州起义80周年，对红八军纪念广场进展了改造，改造后安装了八个石球．小明想知道其中一个球的半径，于是找了两块厚10cm的砖塞在球的两侧〔如图〕，并量得两砖之间的距离是60cm．请你在图中利用所学的几何知识，求出石球的半径〔要写出计算过程〕．24．〔2010•〕正方形ABCD的四个顶点都在⊙O上，E是⊙O上的一点．〔1〕如图①，假设点E在上，F是DE上的一点，DF=BE．求证：△ADF≌△ABE；〔2〕在〔1〕的条件下，小明还发现线段DE、BE、AE之间满足等量关系：DE﹣BE=AE．请你说明理由；〔3〕如图②，假设点E在上．写出线段DE、BE、AE之间的等量关系．〔不必证明〕25．〔2010•〕如图①，在直角坐标系中，点A的坐标为〔1，0〕，以OA为边在第一象限作正方形OABC，点D是*轴正半轴上一动点〔OD＞1〕，连接BD，以BD为边在第一象限作正方形DBFE，设M为正方形DBFE的中心，直线MA交y轴于点N．如果定义：只有一组对角是直角的四边形叫做损矩形．〔1〕试找出图1中的一个损矩形；〔2〕试说明〔1〕中找出的损矩形的四个顶点一定在同一个圆上；〔3〕随着点D位置的变化，点N的位置是否会发生变化？假设没有发生变化，求出点N的坐标；假设发生变化，请说明理由；〔4〕在图②中，过点M作MG⊥y轴于点G，连接DN，假设四边形DMGN为损矩形，求D点坐标．26．〔2010•**〕圆心角都是90°的扇形OAB与扇形OCD如下图那样叠放在一起，连接AC、BD．〔1〕求证：△AOC≌△BOD；〔2〕假设OA=3cm，OC=1cm，求阴影局部的面积．27．〔2009•永州〕问题探究：〔1〕如图①所示是一个半径为，高为4的圆柱体和它的侧面展开图，AB是圆柱的一条母线，一只蚂蚁从A点出发沿圆柱的侧面爬行一周到达B点，求蚂蚁爬行的最短路程．〔探究思路：将圆柱的侧面沿母线AB剪开，它的侧面展开图如图①中的矩形ABB′A′，则蚂蚁爬行的最短路程即为线段AB′的长〕；〔2〕如图②所示是一个底面半径为，母线长为4的圆锥和它的侧面展开图，PA是它的一条母线，一只蚂蚁从A点出发沿圆锥的侧面爬行一周后回到A点，求蚂蚁爬行的最短路程；〔3〕如图③所示，在②的条件下，一只蚂蚁从A点出发沿圆锥的侧面爬行一周到达母线PA上的一点，求蚂蚁爬行的最短路程．28．〔2009•〕问题探究〔1〕在图①的半径为R的半圆O〔含弧〕，画出一边落在直径MN上的面积最大的正三角形，并求出这个正三角形的面积？〔2〕在图②的半径为R的半圆O〔含弧〕，画出一边落在直径MN上的面积最大的正方形，并求出这个正方形的面积？问题解决〔3〕如图③，现有一块半径R=6的半圆形钢板，是否可以裁出一边落在MN上的面积最大的矩形？假设存在，请说明理由，并求出这个矩形的面积；假设不存在，说明理由？29．〔2009•〕如图，AD是⊙O的直径．〔1〕如图①，垂直于AD的两条弦B1C1，B2C2把圆周4等分，则∠B1的度数是_________°，∠B2的度数是_________°；〔2〕如图②，垂直于AD的三条弦B1C1，B2C2，B3C3把圆周6等分，分别求∠B1，∠B2，∠B3的度数；〔3〕如图③，垂直于AD的n条弦B1C1，B2C2，B3C3，…，Bn把圆周2n等分，请你用含n的代数式表示∠Bn的度数〔只需直接写出答案〕．30．〔2009•〕如图1至图5，⊙O均作无滑动滚动，⊙O1、⊙O2、⊙O3、⊙O4均表示⊙O与线段AB或BC相切于端点时刻的位置，⊙O的周长为c．阅读理解：〔1〕如图1，⊙O从⊙O1的位置出发，沿AB滚动到⊙O2的位置，当AB=c时，⊙O恰好自转1周；〔2〕如图2，∠ABC相邻的补角是n°，⊙O在∠ABC外部沿A﹣B﹣C滚动，在点B处，必须由⊙O1的位置旋转到⊙O2的位置，⊙O绕点B旋转的角∠O1BO2=n°，⊙O在点B处自转周．实践应用：〔1〕在阅读理解的〔1〕中，假设AB=2c，则⊙O自转_________周；假设AB=l，则⊙O自转_________周．在阅读理解的〔2〕中，假设∠ABC=120°，则⊙O在点B处自转_________周；假设∠ABC=60°，则⊙O在点B处自转_________周；〔2〕如图3，∠ABC=90°，AB=BC=c．⊙O从⊙O1的位置出发，在∠ABC外部沿A﹣B﹣C滚动到⊙O4的位置，⊙O自转_________周．拓展联想：〔1〕如图4，△ABC的周长为l，⊙O从与AB相切于点D的位置出发，在△ABC外部，按顺时针方向沿三角形滚动，又回到与AB相切于点D的位置，⊙O自转了多少周？请说明理由；〔2〕如图5，多边形的周长为l，⊙O从与*边相切于点D的位置出发，在多边形外部，按顺时针方向沿多边形滚动，又回到与该边相切于点D的位置，直接写出⊙O自转的周数．初中圆的根本性质解答难题专练含详细答案参考答案与试题解析一．解答题〔共30小题〕1．〔2014•**〕如图，在正方形ABCD中，AD=2，E是AB的中点，将△BEC绕点B逆时针旋转90°后，点E落在CB的延长线上点F处，点C落在点A处．再将线段AF绕点F顺时针旋转90°得线段FG，连接EF，CG．〔1〕求证：EF∥CG；〔2〕求点C，点A在旋转过程中形成的，与线段CG所围成的阴影局部的面积．考点：正方形的性质；全等三角形的判定与性质；勾股定理；扇形面积的计算．专题：几何综合题．分析：〔1〕根据正方形的性质可得AB=BC=AD=2，∠ABC=90°，再根据旋转变化只改变图形的位置不改变图形的形状可得△ABF和△CBE全等，根据全等三角形对应角相等可得∠FAB=∠ECB，∠ABF=∠CBE=90°，全等三角形对应边相等可得AF=EC，然后求出∠AFB+∠FAB=90°，再求出∠CFG=∠FAB=∠ECB，根据错角相等，两直线平行可得EC∥FG，再根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形判断出四边形EFGC是平行四边形，然后根据平行四边形的对边平行证明；〔2〕求出FE、BE的长，再利用勾股定理列式求出AF的长，根据平行四边形的性质可得△FEC和△CGF全等，从而得到S△FEC=S△CGF，再根据S阴影=S扇形BAC+S△ABF+S△FGC﹣S扇形FAG列式计算即可得解．解答：〔1〕证明：在正方形ABCD中，AB=BC=AD=2，∠ABC=90°，∵△BEC绕点B逆时针旋转90°得到△ABF，∴△ABF≌△CBE，∴∠FAB=∠ECB，∠ABF=∠CBE=90°，AF=CE，∴∠AFB+∠FAB=90°，∵线段AF绕点F顺时针旋转90°得线段FG，∴∠AFB+∠CFG=∠AFG=90°，∴∠CFG=∠FAB=∠ECB，∴EC∥FG，∵AF=CE，AF=FG，∴EC=FG，∴四边形EFGC是平行四边形，∴EF∥CG；〔2〕解：∵AD=2，E是AB的中点，∴BF=BE=AB=×2=1，∴AF===，由平行四边形的性质，△FEC≌△CGF，∴S△FEC=S△CGF，∴S阴影=S扇形BAC+S△ABF+S△FGC﹣S扇形FAG，=+×2×1+×〔1+2〕×1﹣，=﹣．点评：此题考察了正方形的性质，全等三角形的判定与性质，旋转变换的性质，勾股定理的应用，扇形的面积计算，综合题，但难度不大，熟记各性质并准确识图是解题的关键．2．〔2014•〕如图，⊙O是△ABC的外接圆，弦BD交AC于点E，连接CD，且AE=DE，BC=CE．〔1〕求∠ACB的度数；〔2〕过点O作OF⊥AC于点F，延长FO交BE于点G，DE=3，EG=2，求AB的长．考点：三角形的外接圆与外心；全等三角形的判定与性质；等边三角形的判定与性质；勾股定理．专题：几何图形问题．分析：〔1〕首先得出△AEB≌△DEC，进而得出△EBC为等边三角形，即可得出答案；〔2〕由得出EF，BC的长，进而得出CM，BM的长，再求出AM的长，再由勾股定理求出AB的长．解答：〔1〕证明：在△AEB和△DEC中，∴△AEB≌△DEC〔ASA〕，∴EB=EC，又∵BC=CE，∴BE=CE=BC，∴△EBC为等边三角形，∴∠ACB=60°；〔2〕解：∵OF⊥AC，∴AF=CF，∵△EBC为等边三角形，∴∠GEF=60°，∴∠EGF=30°，∵EG=2，∴EF=1，又∵AE=ED=3，∴CF=AF=4，∴AC=8，EC=5，∴BC=5，作BM⊥AC于点M，∵∠BCM=60°，∴∠MBC=30°，∴CM=，BM==，∴AM=AC﹣CM=，∴AB==7．点评：此题主要考察了全等三角形的判定与性质以及等边三角形的性质和勾股定理以及锐角三角函数关系等知识，得出CM，BM的长是解题关键．3．〔2014•〕〔1〕问题发现如图1，△ACB和△DCE均为等边三角形，点A，D，E在同一直线上，连接BE．填空：①∠AEB的度数为60°；②线段AD，BE之间的数量关系为AD=BE．〔2〕拓展探究如图2，△ACB和△DCE均为等腰直角三角形，∠ACB=∠DCE=90°，点A，D，E在同一直线上，CM为△DCE中DE边上的高，连接BE，请判断∠AEB的度数及线段CM，AE，BE之间的数量关系，并说明理由．〔3〕解决问题如图3，在正方形ABCD中，CD=，假设点P满足PD=1，且∠BPD=90°，请直接写出点A到BP的距离．考点：圆的综合题；全等三角形的判定与性质；等腰三角形的性质；等边三角形的性质；直角三角形斜边上的中线；正方形的性质；圆周角定理．专题：综合题；探究型．分析：〔1〕由条件易证△ACD≌△BCE，从而得到：AD=BE，∠ADC=∠BEC．由点A，D，E在同一直线上可求出∠ADC，从而可以求出∠AEB的度数．〔2〕仿照〔1〕中的解法可求出∠AEB的度数，证出AD=BE；由△DCE为等腰直角三角形及CM为△DCE中DE边上的高可得CM=DM=ME，从而证到AE=2CH+BE．〔3〕由PD=1可得：点P在以点D为圆心，1为半径的圆上；由∠BPD=90°可得：点P在以BD为直径的圆上．显然，点P是这两个圆的交点，由于两圆有两个交点，接下来需对两个位置分别进展讨论．然后，添加适当的辅助线，借助于〔2〕中的结论即可解决问题．解答：解：〔1〕①如图1，∵△ACB和△DCE均为等边三角形，∴CA=CB，CD=CE，∠ACB=∠DCE=60°．∴∠ACD=∠BCE．在△ACD和△BCE中，∴△ACD≌△BCE〔SAS〕．∴∠ADC=∠BEC．∵△DCE为等边三角形，∴∠CDE=∠CED=60°．∵点A，D，E在同一直线上，∴∠ADC=120°．∴∠BEC=120°．∴∠AEB=∠BEC﹣∠CED=60°．故答案为：60°．②∵△ACD≌△BCE，∴AD=BE．故答案为：AD=BE．〔2〕∠AEB=90°，AE=BE+2CM．理由：如图2，∵△ACB和△DCE均为等腰直角三角形，∴CA=CB，CD=CE，∠ACB=∠DCE=90°．∴∠ACD=∠BCE．在△ACD和△BCE中，∴△ACD≌△BCE〔SAS〕．∴AD=BE，∠ADC=∠BEC．∵△DCE为等腰直角三角形，∴∠CDE=∠CED=45°．∵点A，D，E在同一直线上，∴∠ADC=135°．∴∠BEC=135°．∴∠AEB=∠BEC﹣∠CED=90°．∵CD=CE，CM⊥DE，∴DM=ME．∵∠DCE=90°，∴DM=ME=CM．∴AE=AD+DE=BE+2CM．〔3〕∵PD=1，∴点P在以点D为圆心，1为半径的圆上．∵∠BPD=90°，∴点P在以BD为直径的圆上．∴点P是这两圆的交点．①当点P在如图3①所示位置时，连接PD、PB、PA，作AH⊥BP，垂足为H，过点A作AE⊥AP，交BP于点E，如图3①．∵四边形ABCD是正方形，∴∠ADB=45°．AB=AD=DC=BC=，∠BAD=90°．∴BD=2．∵DP=1，∴BP=．∵A、P、D、B四点共圆，∴∠APB=∠ADB=45°．∴△PAE是等腰直角三角形．又∵△BAD是等腰直角三角形，点B、E、P共线，AH⊥BP，∴由〔2〕中的结论可得：BP=2AH+PD．∴=2AH+1．∴AH=．②当点P在如图3②所示位置时，连接PD、PB、PA，作AH⊥BP，垂足为H，过点A作AE⊥AP，交PB的延长线于点E，如图3②．同理可得：BP=2AH﹣PD．∴=2AH﹣1．∴AH=．综上所述：点A到BP的距离为或．点评：此题考察了等边三角形的性质、正方形的性质、等腰三角形的性质、直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半、圆周角定理、三角形全等的判定与性质等知识，考察了运用已有的知识和经历解决问题的能力，是表达新课程理念的一道好题．而通过添加适当的辅助线从而能用〔2〕中的结论解决问题是解决第〔3〕的关键．4．〔2014•〕如图①，等腰梯形ABCD的周长为48，面积为S，AB∥CD，∠ADC=60°，设AB=3*．〔1〕用*表示AD和CD；〔2〕用*表示S，并求S的最大值；〔3〕如图②，当S取最大值时，等腰梯形ABCD的四个顶点都在⊙O上，点E和点F分别是AB和CD的中点，求⊙O的半径R的值．考点：圆的综合题；等腰三角形的性质；含30度角的直角三角形；勾股定理；垂径定理．专题：综合题．分析：〔1〕作AH⊥CD于H，BG⊥CD于G，如图①，易得四边形AHGB为矩形，则HG=AB=3*，再根据等腰梯形的性质得AD=BC，DH=CG，在Rt△ADH中，设DH=t，根据含30度的直角三角形三边的关系得AD=2t，AH=t，然后根据等腰梯形ABCD的周长为48得3*+2t+t+3*+t+2t=48，解得t=8﹣*，于是可得AD=18﹣2*，CD=16+*；〔2〕根据梯形的面积公式计算可得到S=﹣2*2+8*+64，再进展配方得S=﹣2〔*﹣2〕2+72，然后根据二次函数的最值问题求解；〔3〕连结OA、OD，如图②，由〔2〕得到*=2时，则AB=6，CD=18，等腰梯形的高为6，所以AE=3，DF=9，由于点E和点F分别是AB和CD的中点，根据等腰梯形的性质得直线EF为等腰梯形ABCD的对称轴，所以EF垂直平分AB和CD，EF为等腰梯形ABCD的高，即EF=6，根据垂径定理的推论得等腰梯形ABCD的外接圆的圆心O在EF上，设OE=a，则OF=6﹣a，在Rt△AOE中，利用勾股定理得a2+32=R2，在Rt△ODF中，利用勾股定理得〔6﹣a〕2+92=R2，然后消去R得到a的方程a2+32=〔6﹣a〕2+92，解得a=5，最后利用R2=〔5〕2+32求解．解答：解：〔1〕作AH⊥CD于H，BG⊥CD于G，如图①，则四边形AHGB为矩形，∴HG=AB=3*，∵四边形ABCD为等腰梯形，∴AD=BC，DH=CG，在Rt△ADH中，设DH=t，∵∠ADC=60°，∴∠DAH=30°，∴AD=2t，AH=t，∴BC=2t，CG=t，∵等腰梯形ABCD的周长为48，∴3*+2t+t+3*+t+2t=48，解得t=8﹣*，∴AD=2〔8﹣*〕=16﹣2*，CD=8﹣*+3*+8﹣*=16+*；〔2〕S=〔AB+CD〕•AH=〔3*+16+*〕•〔8﹣*〕=﹣2*2+8*+64，∵S=﹣2〔*﹣2〕2+72，∴当*=2时，S有最大值72；〔3〕连结OA、OD，如图②，当*=2时，AB=6，CD=16+2=18，等腰梯形的高为×〔8﹣2〕=6，则AE=3，DF=9，∵点E和点F分别是AB和CD的中点，∴直线EF为等腰梯形ABCD的对称轴，∴EF垂直平分AB和CD，EF为等腰梯形ABCD的高，即EF=6，∴等腰梯形ABCD的外接圆的圆心O在EF上，设OE=a，则OF=6﹣a，在Rt△AOE中，∵OE2+AE2=OA2，∴a2+32=R2，在Rt△ODF中，∵OF2+DF2=OD2，∴〔6﹣a〕2+92=R2，∴a2+32=〔6﹣a〕2+92，解得a=5，∴R2=〔5〕2+32=84，∴R=2．点评：此题考察了圆的综合题：熟练掌握垂径定理及其推论和等腰梯形的性质；会运用二次函数的性质解决最值问题；熟练运用勾股定理和含30度的直角三角形三边的关系进展计算．5．〔2013•〕如图，AB是⊙O的直径，弦CD交AB于点E，OF⊥AC于点F，〔1〕请探索OF和BC的关系并说明理由；〔2〕假设∠D=30°，BC=1时，求圆中阴影局部的面积．〔结果保存π〕考点：垂径定理；三角形中位线定理；圆周角定理；扇形面积的计算．分析：〔1〕先根据垂径定理得出AF=CF，再根据AO=BO得出OF是△ABC的中位线，由三角形的中位线定理即可得出结论；〔2〕连接OC，由〔1〕知OF=，再根据直角三角形的性质得出AB及AC的长，根据扇形的面积公式求出扇形AOC的度数，根据S阴影=S扇形AOC﹣S△AOC即可得出结论．解答：解：〔1〕OF∥BC，OF=BC．理由：由垂径定理得AF=CF．∵AO=BO，∴OF是△ABC的中位线．∴OF∥BC，OF=BC．〔2〕连接OC．由〔1〕知OF=．∵AB是⊙O的直径，∴∠ACB=90°．∵∠D=30°，∴∠A=30°．∴AB=2BC=2．∴AC=．∴S△AOC=×AC×OF=．∵∠AOC=120°，OA=1，∴S扇形AOC==．∴S阴影=S扇形AOC﹣S△AOC=﹣．点评：此题考察的是垂径定理，根据题意作出辅助线，构造出直角三角形，利用勾股定理求解是解答此题的关键．6．〔2013•〕：如图，AB是⊙O的弦，⊙O的半径为10，OE、OF分别交AB于点E、F，OF的延长线交⊙O于点D，且AE=BF，∠EOF=60°．〔1〕求证：△OEF是等边三角形；〔2〕当AE=OE时，求阴影局部的面积．〔结果保存根号和π〕考点：垂径定理；等边三角形的判定与性质；扇形面积的计算．分析：〔1〕作OC⊥AB于点C，由OC⊥AB可知AC=BC，再根据AE=BF可知EC=FC，因为OC⊥EF，所以OE=OF，再由∠EOF=60°即可得出结论；〔2〕在等边△OEF中，因为∠OEF=∠EOF=60°，AE=OE，所以∠A=∠AOE=30°，故∠AOF=90°，再由AO=10可求出OF的长，根据S阴影=S扇形AOD﹣S△AOF即可得出结论．解答：〔1〕证明：作OC⊥AB于点C，∵OC⊥AB，∴AC=BC，∵AE=BF，∴EC=FC，∵OC⊥EF，∴OE=OF，∵∠EOF=60°，∴△OEF是等边三角形；〔2〕解：∵在等边△OEF中，∠OEF=∠EOF=60°，AE=OE，∴∠A=∠AOE=30°，∴∠AOF=90°，∵AO=10，∴OF=，∴S△AOF=××10=，S扇形AOD=×102=25π，∴S阴影=S扇形AOD﹣S△AOF=25π﹣．点评：此题考察的是垂径定理，涉及到等边三角形的判定与性质、直角三角形的性质及扇形的面积等知识，难度适中．7．〔2013•〕〔1〕甲市共有三个郊县，各郊县的人数及人均耕地面积如表所示：郊县人数/万人均耕地面积/公顷A200.15B50.20C100.18求甲市郊县所有人口的人均耕地面积〔准确到0.01公顷〕；〔2〕先化简下式，再求值：，其中，；〔3〕如图，A，B，C，D是⊙O上的四点，延长DC，AB相交于点E，假设BC=BE．求证：△ADE是等腰三角形．考点：圆周角定理；分式的化简求值；等腰三角形的判定；加权平均数．分析：〔1〕求出总面积和总人口，再相除即可；〔2〕先算加法，再化成最简分式，再代入求出即可；〔3〕求出∠A=∠BCE=∠E，即可得出AD=DE．解答：解：〔1〕甲市郊县所有人口的人均耕地面积是≈0.17〔公顷〕；〔2〕原式===*﹣y，当*=+1，y=2﹣2时，原式=+1﹣〔2﹣2〕=3﹣；〔3〕证明：∵A、D、C、B四点共圆，∴∠A=∠BCE，∵BC=BE，∴∠BCE=∠E，∴∠A=∠E，∴AD=DE，即△ADE是等腰三角形．点评：此题考察了分式求值，四点共圆，等腰三角形的性质和判定，求平均数等知识点的应用，主要考察学生的推理和计算能力．8．〔2013•〕如图，在矩形ABCD中，AB=2DA，以点A为圆心，AB为半径的圆弧交DC于点E，交AD的延长线于点F，设DA=2．〔1〕求线段EC的长；〔2〕求图中阴影局部的面积．考点：扇形面积的计算；含30度角的直角三角形；勾股定理；矩形的性质．分析：〔1〕根据扇形的性质得出AB=AE=4，进而利用勾股定理得出DE的长，即可得出答案；〔2〕利用锐角三角函数关系得出∠DEA=30°，进而求出图中阴影局部的面积为：S扇形FAB﹣S△DAE﹣S扇形EAB求出即可．解答：解：〔1〕∵在矩形ABCD中，AB=2DA，DA=2，∴AB=AE=4，∴DE==2，∴EC=CD﹣DE=4﹣2；〔2〕∵sin∠DEA==，∴∠DEA=30°，∴∠EAB=30°，∴图中阴影局部的面积为：S扇形FAB﹣S△DAE﹣S扇形EAB=﹣×2×2﹣=﹣2．点评：此题主要考察了扇形的面积计算以及勾股定理和锐角三角函数关系等知识，根据得出DE的长是解题关键．9．〔2013•〕如图，圆锥的侧面展开图是一个半圆，求母线AB与高AO的夹角．参考公式：圆锥的侧面积S=πrl，其中r为底面半径，l为母线长．考点：圆锥的计算．分析：设出圆锥的半径与母线长，利用圆锥的底面周长等于侧面展开图的弧长得到圆锥的半径与母线长，进而表示出母线与高的夹角的正弦值，也就求出了夹角的度数．解答：解：设圆锥的母线长为l，底面半径为r，则：πl=2πr，∴l=2r，∴母线与高的夹角的正弦值==，∴母线AB与高AO的夹角30°．点评：此题主要考察了圆锥的侧面展开图的弧长等于圆锥的底面周长；注意利用一个角相应的三角函数值求得角的度数．10．〔2013•〕如图①，在矩形纸片ABCD中，AB=+1，AD=．〔1〕如图②，将矩形纸片向上方翻折，使点D恰好落在AB边上的D′处，压平折痕交CD于点E，则折痕AE的长为；〔2〕如图③，再将四边形BCED′沿D′E向左翻折，压平后得四边形B′C′ED′，B′C′交AE于点F，则四边形B′FED′的面积为﹣；〔3〕如图④，将图②中的△AED′绕点E顺时针旋转α角，得△A′ED″，使得EA′恰好经过顶点B，求弧D′D″的长．〔结果保存π〕考点：翻折变换〔折叠问题〕；矩形的性质；弧长的计算．专题：探究型．分析：〔1〕先根据图形反折变换的性质得出AD′，D′E的长，再根据勾股定理求出AE的长即可；〔2〕由〔1〕知，AD′=，故可得出BD′的长，根据图形反折变换的性质可得出B′D′的长，再由等腰直角三角形的性质得出B′F的长，根据梯形的面积公式即可得出结论；〔3〕先根据直角三角形的性质求出∠BEC的度数，由翻折变换的性质可得出∠DEA的度数，故可得出∠AEA′=75°=∠D′ED″，由弧长公式即可得出结论．解答：解：〔1〕∵△ADE反折后与△AD′E重合，∴AD′=AD=D′E=DE=，∴AE===；〔2〕∵由〔1〕知AD′=，∴BD′=1，∵将四边形BCED′沿D′E向左翻折，压平后得四边形B′C′ED′，∴B′D′=BD′=1，∵由〔1〕知AD′=AD=D′E=DE=，∴四边形ADED′是正方形，∴B′F=AB′=﹣1，∴S梯形B′FED′=〔B′F+D′E〕•B′D′=〔﹣1+〕×1=﹣；故答案为：〔1〕；〔2〕﹣；〔3〕∵∠C=90°，BC=，EC=1，∴tan∠BEC==，∴∠BEC=60°，由翻折可知：∠DEA=45°，∴∠AEA′=75°=∠D′ED″，∴==．点评：此题考察的是图形的翻折变换，熟知图形翻折不变性的性质是解答此题的关键．11．〔2012•〕如图，在半径为2的扇形AOB中，∠AOB=90°，点C是弧AB上的一个动点〔不与点A、B重合〕OD⊥BC，OE⊥AC，垂足分别为D、E．〔1〕当BC=1时，求线段OD的长；〔2〕在△DOE中是否存在长度保持不变的边？如果存在，请指出并求其长度，如果不存在，请说明理由；〔3〕设BD=*，△DOE的面积为y，求y关于*的函数关系式，并写出它的定义域．考点：垂径定理；勾股定理；三角形中位线定理．专题：压轴题；探究型．分析：〔1〕根据OD⊥BC可得出BD=BC=，在Rt△BOD中利用勾股定理即可求出OD的长；〔2〕连接AB，由△AOB是等腰直角三角形可得出AB的长，再根据D和E是中点可得出DE=；〔3〕由BD=*，可知OD=，由于∠1=∠2，∠3=∠4，所以∠2+∠3=45°，过D作DF⊥OE，DF=，EF=*即可得出结论．解答：解：〔1〕如图〔1〕，∵OD⊥BC，∴BD=BC=，∴OD==；〔2〕如图〔2〕，存在，DE是不变的．连接AB，则AB==2，∵D和E分别是线段BC和AC的中点，∴DE=AB=；〔3〕如图〔3〕，连接OC，∵BD=*，∴OD=，∵∠1=∠2，∠3=∠4，∴∠2+∠3=45°，过D作DF⊥OE．∴DF==，由〔2〕DE=，∴在Rt△DEF中，EF==，∴OE=OF+EF=+=∴y=DF•OE=••=，〔0＜*＜〕．点评：此题考察的是垂径定理、勾股定理、三角形的性质，综合性较强，难度中等．12．〔2012•〕，如图1，△ABC中，BA=BC，D是平面不与A、B、C重合的任意一点，∠ABC=∠DBE，BD=BE．〔1〕求证：△ABD≌△CBE；〔2〕如图2，当点D是△ABC的外接圆圆心时，请判断四边形BDCE的形状，并证明你的结论．考点：三角形的外接圆与外心；全等三角形的判定与性质；菱形的判定．专题：几何综合题；探究型．分析：〔1〕由∠ABC=∠DBE可知∠ABC+∠CBD=∠DBE+∠CBD，即∠ABD=∠CBE，根据SAS定理可知△ABD≌△CBE；〔2〕由〔1〕可知，△ABD≌△CBE，故CE=AD，根据点D是△ABC外接圆圆心可知DA=DB=DC，再由BD=BE可判断出BD=BE=CE=CD，故可得出四边形BDCE是菱形．解答：〔1〕证明：∵∠ABC=∠DBE，∴∠ABC+∠CBD=∠DBE+∠CBD，∴∠ABD=∠CBE，在△ABD与△CBE中，∵，∴△ABD≌△CBE…4分〔2〕解：四边形BDCE是菱形．证明如下：同〔1〕可证△ABD≌△CBE，∴CE=AD，∵点D是△ABC外接圆圆心，∴DA=DB=DC，又∵BD=BE，∴BD=BE=CE=CD，∴四边形BDCE是菱形．点评：此题考察的是三角形的外接圆与外心、全等三角形的判定与性质及菱形的判定定理，先根据题意判断出△ABD≌△CBE是解答此题的关键．13．〔2012•崇左〕如图，正方形ABCD的边长为1，其中弧DE、弧EF、弧FG的圆心依次为点A、B、C．〔1〕求点D沿三条弧运动到点G所经过的路线长；〔2〕判断直线GB与DF的位置关系，并说明理由．考点：弧长的计算；全等三角形的判定与性质；正方形的性质．分析：〔1〕根据弧长的计算公式，代入运算即可．〔2〕先证明△FCD≌△GCB，得出∠G=∠F，从而利用等量代换可得出∠GHD=90°，即GB⊥DF．解答：解：〔1〕根据弧长公式得所求路线长为：++=3π．〔2〕GB⊥DF．理由如下：在△FCD和△GCB中，∵，∴△FCD≌△GCB〔SAS〕，∴∠G=∠F，∵∠F+∠FDC=90°，∴∠G+∠FDC=90°，∴∠GHD=90°，∴GB⊥DF．点评：此题考察了弧长的计算、全等三角形的判定与性质，正方形的性质，解答此题的关键是熟练各个知识点，将所学知识融会贯穿，难度一般．14．〔2012•〕如图，是数轴的一局部，其单位长度为a，△ABC中，AB=3a，BC=4a，AC=5a．〔1〕用直尺和圆规作出△ABC〔要求：使点A，C在数轴上，保存作图痕迹，不必写出作法〕；〔2〕记△ABC的外接圆的面积为S圆，△ABC的面积为S△，试说明＞π．考点：作图—复杂作图；勾股定理；三角形的外接圆与外心．分析：〔1〕在数轴上截取AC=5a，再以A，C为圆心3a，4a为半径，画弧交点为B；〔2〕利用△ABC的外接圆的面积为S圆，根据直角三角形外接圆的性质得出AC为外接圆直径，求出的比值即可．解答：解：〔1〕如下图：〔2〕∵△ABC的外接圆的面积为S圆，∴S圆=π×〔〕2=π，△ABC的面积S△ABC=×3a×4a=6a2，∴==π＞π．点评：此题主要考察了复杂作图以及直角三角形外接圆的性质，根据得出外接圆直径为AC是解题关键．15．〔2012•〕在平面直角坐标系*Oy中，点A〔0，2〕，直线OP位于一、三象限，∠AOP=45°〔如图1〕，设点A关于直线OP的对称点为B．〔1〕写出点B的坐标；〔2〕过原点O的直线l从OP的位置开场，绕原点O顺时针旋转．①如图1，当直线l顺时针旋转10°到l1的位置时，点A关于直线l1的对称点为C，则∠BOC的度数是20°，线段OC的长为2；②如图2，当直线l顺时针旋转55°到l2的位置时，点A关于直线l2的对称点为D，则∠BOD的度数是110°；③直线l顺时针旋转n°〔0＜n≤90〕，在这个运动过程中，点A关于直线l的对称点所经过的路径长为〔用含n的代数式表示〕．考点：旋转的性质；弧长的计算；坐标与图形变化-对称．分析：〔1〕根据题意画出图形，根据图形和A的坐标即可求出答案；〔2〕①过A作AZ⊥直线l1于Z，延长AZ到C，使AZ=ZC，则C为A关于直线l1的对称点，根据轴对称性质求出∠AOC和得出OA=OC，推出∠BOC=2∠AOZ﹣90°，即可得出答案；②过A作AM⊥直线l1于M，延长AM到D，使AM=MD，则D为A关于直线l1的对称点，求出∠AOD，即可求出∠BOD；〔3〕根据〔2〕中结果得出规律：当旋转n°时，∠BOM=2n°，根据弧长公式求出即可．解答：〔1〕解：如图A关于直线OP的对称点正好落在*轴上，∵根据轴对称性质∴得出OA=OB=2，∴B点的坐标是〔2，0〕；〔2〕解：①如图1，过A作AZ⊥直线l1于Z，延长AZ到C，使AZ=ZC，则C为A关于直线l1的对称点，∵根据轴对称性质得出OA=OC=2，∴∠AOZ=∠COZ=45°+10°=55°，∴∠BOC=55°+55°﹣90°=20°，故答案为：20°，2；②解：如图2，过A作AM⊥直线l2于M，延长AM到D，使AM=MD，则D为A关于直线l2的对称点，∵根据轴对称性质得出OA=OD，∴∠AOM=∠DOM=180°﹣〔45°+55°〕=80°，80°+80°﹣90°=70°，∴∠BOD=180°﹣70°=110°，故答案为：110°；③解：直线l顺时针旋转n°〔0＜n≤90〕，在这个运动过程中，点A关于直线l的对称点所经过的路径为以O为圆心，以2为半径的弧BQ〔Q为A关于旋转n°后直线l1的对称点〕，圆心角∠BOQ=2〔45°+n°〕﹣90°=2n°，由弧长公式得：=，故答案为：．点评：此题考察了旋转的性质，轴对称性质，弧长公式，坐标与图形性质等知识点，此题难度偏大，对学生提出较高的要求．16．〔2012•〕如图，在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中，△ABC的顶点A、B、C在小正方形的顶点上，将△ABC向下平移4个单位、再向右平移3个单位得到△A1B1C1，然后将△A1B1C1绕点A1顺时针旋转90°得到△A1B2C2．〔1〕在网格中画出△A1B1C1和△A1B2C2；〔2〕计算线段AC在变换到A1C2的过程中扫过区域的面积〔重叠局部不重复计算〕考点：作图-旋转变换；扇形面积的计算；作图-平移变换．专题：压轴题；探究型．分析：〔1〕根据图形平移及旋转的性质画出△A1B1C1及△A1B2C2即可；〔2〕根据图形平移及旋转的性质可知，将△ABC向下平移4个单位AC所扫过的面积是以4为底，以2为高的平行四边形的面积；再向右平移3个单位AC扫过的面积是以3为底以2为高的平行四边形的面积；当△A1B1C1绕点A1顺时针旋转90°到△A1B2C2时，A1C1所扫过的面积是以A1为圆心以以2为半径，圆心角为90°的扇形的面积，再减去重叠局部的面积，根据平行四边形的面积及扇形面积公式进展解答即可．解答：解：〔1〕如下图：〔2〕∵图中是边长为1个单位长度的小正方形组成的网格，∴AC==2，∵将△ABC向下平移4个单位AC所扫过的面积是以4为底，以2为高的平行四边形的面积；再向右平移3个单位AC扫过的面积是以3为底以2为高的平行四边形的面积；当△A1B1C1绕点A1顺时针旋转90°到△A1B2C2时，A1C1所扫过的面积是以A1为圆心以2为半径，圆心角为90°的扇形的面积，重叠局部是以A1为圆心，以2为半径，圆心角为45°的扇形的面积，∴线段AC在变换到A1C2的过程中扫过区域的面积=4×2+3×2+﹣=14+π．点评：此题考察的是旋转变换及平移变换，扇形的面积公式，熟知图形旋转、平移不变性的特点是解答此题的关键．17．〔2012•〕〔1〕如图1，点E、F在AC上，AB∥CD，AB=CD，AE=CF，求证：△ABF≌△CDE〔2〕如图2，方格纸中的每个小方格是边长为1个单位长度的正方形．①画出将Rt△ABC向右平移5个单位长度后的Rt△A1B1C1②再将Rt△A1B1C1绕点C1顺时针旋转90°，画出旋转后的Rt△A2B2C2，并求出旋转过程中线段A1C1所扫过的面积〔结果保存π〕考点：作图-旋转变换；全等三角形的判定；扇形面积的计算；作图-平移变换．分析：〔1〕由AB∥CD可知∠A=∠C，再根据AE=CF可得出AF=CE，由AB=CD即可判断出△ABF≌CDE；〔2〕根据图形平移的性质画出平移后的图形，再根据在旋转过程中，线段A1C1所扫过的面积等于以点C1为圆心，以A1C1为半径，圆心角为90度的扇形的面积，再根据扇形的面积公式进展解答即可．解答：〔1〕证明：∵AB∥CD∴∠A=∠C．∵AE=CF∴AE+EF=CF+EF，即AF=CE∵AB=CD∴∴△ABF≌CDE〔SAS〕．〔2〕解：①如下图；②如下图：在旋转过程中，线段A1C1所扫过的面积等于=4π．点评：此题考察的是作图﹣旋转变换、全等三角形的判定及扇形面积的计算，熟知图形平移及旋转不变性的性质是解答此题的关键．18．〔2011•〕如图，在平面直角坐标系*Oy中，我们把由两条射线AE，BF和以AB为直径的半圆所组成的图形叫作图形C〔注：不含AB线段〕．A〔﹣1，0〕，B〔1，0〕，AE∥BF，且半圆与y轴的交点D在射线AE的反向延长线上．〔1〕求两条射线AE，BF所在直线的距离；〔2〕当一次函数y=*+b的图象与图形C恰好只有一个公共点时，写出b的取值围；当一次函数y=*+b的图象与图形C恰好只有两个公共点时，写出b的取值围；〔3〕▱AMPQ〔四个顶点A，M，P，Q按顺时针方向排列〕的各顶点都在图形C上，且不都在两条射线上，求点M的横坐标*的取值围．考点：一次函数综合题；勾股定理；平行四边形的性质；圆周角定理．专题：综合题；压轴题；分类讨论．分析：〔1〕利用直径所对的圆周角是直角，从而判定三角形ADB为等腰直角三角形，其直角边的长等于两直线间的距离；〔2〕利用数形结合的方法得到当直线与图形C有一个交点时自变量*的取值围即可；〔3〕根据平行四边形的性质及其四个顶点均在图形C上，可能会出现四种情况，分类讨论即可．解答：解：〔1〕如图1，分别连接AD、DB，则点D在直线AE上，∵点D在以AB为直径的半圆上，∴∠ADB=90°，∴BD⊥AD，在Rt△DOB中，由勾股定理得，BD=，∵AE∥BF，∴两条射线AE、BF所在直线的距离为．〔2〕当一次函数y=*+b的图象与图形C恰好只有一个公共点时，b的取值围是b=或﹣1＜b＜1；当一次函数y=*+b的图象与图形C恰好只有两个公共点时，b的取值围是1＜b＜〔3〕假设存在满足题意的平行四边形AMPQ，根据点M的位置，分以下四种情况讨论：①当点M在射线AE上时，如图2∵AMPQ四点按顺时针方向排列，∴直线PQ必在直线AM的上方，∴PQ两点都在弧AD上，且不与点A、D重合，∴0＜PQ＜．∵AM∥PQ且AM=PQ，∴0＜AM＜∴﹣2＜*＜﹣1，②当点M在弧AD上时，如图3∵点A、M、P、Q四点按顺时针方向排列，∴直线PQ必在直线AM的下方，此时，不存在满足题意的平行四边形．③当点M在弧BD上时，设弧DB的中点为R，则OR∥BF，当点M在弧DB上时，如图4，过点M作OR的垂线交弧DB于点Q，垂足为点S，可得S是MQ的中点．∴四边形AMPQ为满足题意的平行四边形，∴0≤*＜．当点M在弧RB上时，如图5，直线PQ必在直线AM的下方，此时不存在满足题意的平行四边形．④当点M在射线BF上时，如图6，直线PQ必在直线AM的下方，此时，不存在满足题意的平行四边形．综上，点M的横坐标*的取值围是﹣2＜*＜﹣1或0≤*＜．点评：此题是一道一次函数的综合题，题目中还涉及到了勾股定理、平行四边形的性质及圆周角定理的相关知识，题目中还渗透了分类讨论思想．19．〔2011•〕阅读下面的情景对话，然后解答问题：〔1〕根据“奇异三角形〞的定义，请你判断小华提出的命题：“等边三角形一定是奇异三角形〞是真命题还是假命题？〔2〕在Rt△ABC中，∠C=90°，AB=c，AC=b，BC=a，且b＞a，假设Rt△ABC是奇异三角形，求a：b：c；〔3〕如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点〔不与点A、B重合〕，D是半圆的中点，C、D在直径AB的两侧，假设在⊙O存在点E，使AE=AD，CB=CE．①求证：△ACE是奇异三角形；②当△ACE是直角三角形时，求∠AOC的度数．考点：勾股定理；等边三角形的性质；圆周角定理．专题：压轴题；新定义．分析：〔1〕根据“奇异三角形〞的定义与等边三角形的性质，求证即可；〔2〕根据勾股定理与奇异三角形的性质，可得a2+b2=c2与a2+c2=2b2，用a表示出b与c，即可求得答案；〔3〕①AB是⊙O的直径，即可求得∠ACB=∠ADB=90°，然后利用勾股定理与圆的性质即可证得；②利用〔2〕中的结论，分别从AC：AE：CE=1：：与AC：AE：CE=：：1去分析，即可求得结果．解答：解：〔1〕设等边三角形的一边为a，则a2+a2=2a2，∴符合奇异三角形〞的定义．∴是真命题；〔2〕∵∠C=90°，则a2+b2=c2①，∵Rt△ABC是奇异三角形，且b＞a，∴a2+c2=2b2②，由①②得：b=a，c=a，∴a：b：c=1：：；〔3〕∵①AB是⊙O的直径，∴∠ACB=∠ADB=90°，在Rt△ACB中，AC2+BC2=AB2，在Rt△ADB中，AD2+BD2=AB2，∵点D是半圆的中点，∴=，∴AD=BD，∴AB2=AD2+BD2=2AD2，∴AC2+CB2=2AD2，又∵CB=CE，AE=AD，∴AC2+CE2=2AE2，∴△ACE是奇异三角形；②由①可得△ACE是奇异三角形，∴AC2+CE2=2AE2，当△ACE是直角三角形时，由〔2〕得：AC：AE：CE=1：：或AC：AE：CE=：：1，当AC：AE：CE=1：：时，AC：CE=1：，即AC：CB=1：，∵∠ACB=90°，∴∠ABC=30°，∴∠AOC=2∠ABC=60°；当AC：AE：CE=：：1时，AC：CE=：1，即AC：CB=：1，∵∠ACB=90°，∴∠ABC=60°，∴∠AOC=2∠ABC=120°．∴∠AOC的度数为60°或120°．点评：此题考察了新定义的知识，勾股定理以及圆的性质，三角函数等知识．解题的关键是理解题意，抓住数形结合思想的应用．20．〔2011•〕如图，以点O为圆心的两个同心圆中，矩形ABCD的边BC为大圆的弦，边AD与小圆相切于点M，OM的延长线与BC相交于点N．〔1〕点N是线段BC的中点吗？为什么？〔2〕假设圆环的宽度〔两圆半径之差〕为6cm，AB=5cm，BC=10cm，求小圆的半径．考点：垂径定理；勾股定理；矩形的性质．专题：几何综合题；探究型．分析：〔1〕由AD是小圆的切线可知OM⊥AD，再由四边形ABCD是矩形可知，AD∥BC，AB=CD，故ON⊥BC，由垂径定理即可得出结论；〔2〕延长ON交大圆于点E，由于圆环的宽度〔两圆半径之差〕为6cm，AB=5cm可知ME=6cm，在Rt△OBE中，利用勾股定理即可求出OM的长．解答：解：〔1〕∵AD是小圆的切线，M为切点，∴OM⊥AD，∵四边形ABCD是矩形，∴AD∥BC，∴ON⊥BC，∴N是BC的中点；〔2〕延长ON交大圆于点E，连接OB，∵圆环的宽度〔两圆半径之差〕为6cm，AB=5cm，∴EN=6﹣5=1cm，∴ME=6cm，在Rt△OBN中，设OM=r，OB2=BN2+〔OM+MN〕2，即〔r+6〕2=52+〔r+5〕2，解得r=7cm，故小圆半径为7cm．点评：此题考察的是垂径定理，涉及到切线的性质及勾股定理、矩形的性质，根据题意作出辅助线，构造出直角三角形是解答此题的关键．21．〔2011•〕如图1，⊙O中AB是直径，C是⊙O上一点，∠ABC=45°，等腰直角三角形DCE中∠DCE是直角，点D在线段AC上．〔1〕证明：B、C、E三点共线；〔2〕假设M是线段BE的中点，N是线段AD的中点，证明：MN=OM；〔3〕将△DCE绕点C逆时针旋转α〔0°＜α＜90°〕后，记为△D1CE1〔图2〕，假设M1是线段BE1的中点，N1是线段AD1的中点，M1N1=OM1是否成立？假设是，请证明；假设不是，说明理由．考点：圆周角定理；全等三角形的判定与性质；等腰直角三角形；三角形中位线定理；旋转的性质．专题：证明题；压轴题．分析：〔1〕根据直径所对的圆周角为直角得到∠BCA=90°，∠DCE是直角，即可得到∠BCA+∠DCE=90°+90°=180°；〔2〕连接BD，AE，ON，延长BD交AE于F，先证明Rt△BCD≌Rt△ACE，得到BD=AE，∠EBD=∠CAE，则∠CAE+∠ADF=∠CBD+∠BDC=90°，即BD⊥AE，再利用三角形的中位线的性质得到ON=BD，OM=AE，ON∥BD，AE∥OM，于是有ON=OM，ON⊥OM，即△ONM为等腰直角三角形，即可得到结论；〔3〕证明的方法和〔2〕一样．解答：〔1〕证明：∵AB是直径，∴∠BCA=90°，而等腰直角三角形DCE中∠DCE是直角，∴∠ACB=∠DCE=90°，∴∠BCA+∠DCE=90°+90°=180°，∴B、C、E三点共线；〔2〕连接BD，AE，ON，延长BD交AE于F，如图1，∵CB=CA，CD=CE，∴Rt△BCD≌Rt△ACE，∴BD=AE，∠EBD=∠CAE，∴∠CAE+∠ADF=∠CBD+∠BDC=90°，即BF⊥AE，又∵M是线段BE的中点，N是线段AD的中点，而O为AB的中点，∴ON=BD，OM=AE，ON∥BD，AE∥OM；∴ON=OM，ON⊥OM，即△ONM为等腰直角三角形，∴MN=OM；〔3〕成立．理由如下：如图2，连接BD1，AE1，ON1，∵∠ACB﹣∠ACD1=∠D1CE1﹣∠ACD1，∴∠BCD1=∠ACE1，又∵CB=CA，CD1=CE1，∴△BCD1≌△ACE1，与〔2〕同理可证BD1⊥AE1，△ON1M1为等腰直角三角形，从而有M1N1=OM1．点评：此题考察了直径所对的圆周角为直角和三角形中位线的性质；也考察了三角形全等的判定与性质、等腰直角三角形的性质以及旋转的性质．22．〔2011•〕如图①，小慧同学把一个正三角形纸片〔即△OAB〕放在直线l1上．OA边与直线l1重合，然后将三角形纸片绕着顶点A按顺吋针方向旋转120°，此时点O运动到了点O1处，点B运动到了点B1处；小慧又将三角形纸片AO1B1，绕点B1按顺吋针方向旋转120°，此时点A运动到了点A1处，点O1运动到了点O2处〔即顶点O经过上述两次旋转到达O2处〕．小慧还发现：三角形纸片在上述两次旋转的过程中．顶点O运动所形成的图形是两段圆弧，即和，顶点O所经过的路程是这两段圆弧的长度之和，并且这两段圆弧与直线l1围成的图形面积等于扇形A001的面积、△AO1B1的面积和扇形B1O1O2的面积之和．小慧进展类比研究：如图②，她把边长为1的正方形纸片0ABC放在直线l2上，0A边与直线l2重合，然后将正方形纸片绕着顶点A按顺时针方向旋转90°，此时点O运动到了点O1处〔即点B处〕，点C运动到了点C1处，点B运动到了点B2处，小慧又将正方形纸片AO1C1B1绕顶点B1按顺时针方向旋转90°，…．按上述方法经过假设干次旋转后，她提出了如下问题：问题①：假设正方形纸片0ABC按上述方法经过3次旋转，求顶点0经过的路程，并求顶点O在此运动过程中所形成的图形与直线l2围成图形的面积；假设正方形纸片OABC按上述方法经过5次旋转．求顶点O经过的路程；问题②：正方形纸片OABC按上述方法经过多少次旋转，顶点0经过的路程是？考点：旋转的性质；等边三角形的性质；正方形的性质；弧长的计算；扇形面积的计算．专题：压轴题．分析：①根据正方形旋转3次和5次的路径，利用弧长计算公式以及扇形面积公式求出即可，②再利用正方形纸片OABC经过4次旋转得出旋转路径，进而得出=20〔1+〕π+，即可得出旋转次数．解答：解：①如下图，正方形纸片OABC经过3次旋转，顶点O运动所形成的图形是三段圆弧，∴顶点O在此过程中经过的路程为：2+=〔1+〕π，顶点O在此过程中经过的图形与直线l2围成的图形面积为：×2++2××1=1+π．正方形纸片OABC经过5次旋转，顶点O在此过程中经过的路程为：3+=〔+〕π，②正方形纸片OABC经过3次旋转，顶点O在此过程中经过的路程为：∵2+=〔1+〕π，根据第四次正方形旋转时O点不动，也就是此时也是正方形纸片OABC经过4次旋转的路程；∴=20〔1+〕π+，∴正方形纸片OABC经过了：20×4+1=81次旋转．点评：此题主要考察了图形的旋转以及扇形面积公式和弧长计算公式，分别得出旋转3，4，5次旋转的路径是解决问题的关键．23．〔2010•崇左〕我市为了纪念龙州起义80周年，对红八军纪念广场进展了改造，改造后安装了八个石球．小明想知道其中一个球的半径，于是找了两块厚10cm的砖塞在球的两侧〔如图〕，并量得两砖之间的距离是60cm．请你在图中利用所学的几何知识，求出石球的半径〔要写出计算过程〕．考点：垂径定理的应用；勾股定理．专题：应用题．分析：根据题意可知，两砖之间的距离正好是圆中弦的距离，砖的厚度是拱高，根据勾股定理和垂径定理可以求出圆的半径．解答：解：根据题意可以建立圆中垂径定理的模型如图：AC=60cm，BD=10cm，设半径为rcm，∵OB⊥AC，∴AD=AC=30，在Rt△ADO中，AD2+OD2=OA2，可得：302+〔r﹣10〕2=r2，解得r=50cm．答：石球的半径为50cm．点评：解决与弦有关的问题时，往往需构造以半径、弦心距和弦长的一半为三边的直角三角形，假设设圆的半径为r，弦长为a，这条弦的弦心距为d，则有等式r2=d2+〔〕2成立，知道这三个量中的任意两个，就可以求出另外一个．24．〔2010•〕正方形ABCD的四个顶点都在⊙O上，E是⊙O上的一点．〔1〕如图①，假设点E在上，F是DE上的一点，DF=BE．求证：△ADF≌△ABE；〔2〕在〔1〕的条件下，小明还发现线段DE、BE、AE之间满足等量关系：DE﹣BE=AE．请你说明理由；〔3〕如图②，假设点E在上．写出线段DE、BE、AE之间的等量关系．〔不必证明〕考点：圆周角定理；全等三角形的判定；勾股定理；正方形的性质．专题：证明题；探究型．分析：〔1〕中易证AD=AB，EB=DF，所以只需证明∠ADF=∠ABE，利用同弧所对的圆周角相等不难得出，从而证明全等；〔2〕中易证△AEF是等腰直角三角形，所以EF=AE，所以只需证明DE﹣BE=EF即可，由BE=DF不难证明此问题；〔3〕类比〔2〕不难得出〔3〕的结论．解答：解：〔1〕在正方形ABCD中，AB=AD〔1分〕∵∠1和∠2都对，∴∠1=∠2，〔3分〕在△ADF和△ABE中，，∴△ADF≌△ABE〔SAS〕；〔4分〕〔2〕由〔1〕有△ADF≌△ABE，∴AF=AE，∠3=∠4．〔5分〕在正方形ABCD中，∠BAD=90°．∴∠BAF+∠3=90°．∴∠BAF+∠4=90°．∴∠EAF=90°．〔6分〕∴△EAF是等腰直角三角形．∴EF2=AE2+AF2．∴EF2=2AE2．〔7分〕∴EF=AE．〔8分〕即DE﹣DF=AE．∴DE﹣BE=AE．〔9分〕〔3〕BE﹣DE=AE．理由如下：〔12分〕在BE上取点F，使BF=DE，连接AF．易证△ADE≌△ABF，∴AF=AE，∠DAE=∠BAF．〔5分〕在正方形ABCD中，∠BAD=90°．∴∠BAF+∠DAF=90°．∴∠DAE+∠DAF=90°．∴∠EAF=90°．〔6分〕∴△EAF是等腰直角三角形．∴EF2=AE2+AF2．∴EF2=2AE2．〔7分〕∴EF=AE．〔8分〕即BE﹣BF=AE．∴BE﹣DE=AE．〔9分〕点评：此题主要考察圆周角定理，全等三角形的判定及勾股定理，难度适中．25．〔2010•〕如图①，在直角坐标系中，点A的坐标为〔1，0〕，以OA为边在第一象限作正方形OABC，点D是*轴正半轴上一动点〔OD＞1〕，连接BD，以BD为边在第一象限作正方形DBFE，设M为正方形DBFE的中心，直线MA交y轴于点N．如果定义：只有一组对角是直角的四边形叫做损矩形．〔1〕试找出图1中的一个损矩形；〔2〕试说明〔1〕中找出的损矩形的四个顶点一定在同一个圆上；〔3〕随着点D位置的变化，点N的位置是否会发生变化？假设没有发生变化，求出点N的坐标；假设发生变化，请说明理由；〔4〕在图②中，过点M作MG⊥y轴于点G，连接DN，假设四边形DMGN为损矩形，求D点坐标．考点：确定圆的条件；正方形的性质．专题：压轴题；新定义．分析：〔1〕根据题中给出的损矩形的定义，从图找出只有一组对角是直角的四边形即可；〔2〕证明四边形BADM四个顶点到BD的中点距离相等即可；〔3〕利用同弧所对的圆周角相等可得∠MAD=∠MBD，进而得到OA=ON，则就求得了点N的坐标；〔4〕根据正方形的性质及损矩形含有的直角，利用勾股定理求解．解答：解：〔1〕从图中我们可以发现四边形ADMB就是一个损矩形．∵点M是正方形对角线的交点，∴∠BMD=90°，∵∠BAD=90°，∴四边形ADMB就是一个损矩形．〔2〕取BD中点H，连接MH，AH．∵四边形OABC，BDEF是正方形，∴△ABD，△BDM都是直角三角形，∴HA=BD，HM=BD，∴HA=HB=HM=HD=BD，∴损矩形ABMD一定有外接圆．〔3〕∵损矩形ABMD一定有外接圆⊙H，∴∠MAD=∠MBD，∵四边形BDEF是正方形，∴∠MBD=45°，∴∠MAD=45°，∴∠OAN=45°，∵OA=1，∴ON=1，∴N点的坐标为〔0，﹣1〕．〔4〕延长AB交MG于点P，过点M作MQ⊥*轴于点Q，设点MG=*，则四边形APMQ为正方形，∴PM=AQ=*﹣1，∴OG=MQ=*﹣1，∵△MBP≌△MDQ，∴DQ=BP=CG=*﹣2，∴MN2=2*2，ND2=〔2*﹣2〕2+12，MD2=〔*﹣1〕2+〔*﹣2〕2，∵四边形DMGN为损矩形，∴2*2=〔2*﹣2〕2+12+〔*﹣1〕2+〔*﹣2〕2，∴2*2﹣7*+5=0，∴*=2.5或*=1〔舍去〕，∴OD=3，∴D点坐标为〔3，0〕．点评：解决此题的关键是理解损矩形的只有一组对角是直角的性质，综合考察了四点共圆的判定及勾股定理的应用．26．〔2010•**〕圆心角都是90°的扇形OAB与扇形OCD如下图那样叠放在一起，连接AC、BD．〔1〕求证：△AOC≌△BOD；〔2〕假设OA=3cm，OC=1cm，求阴影局部的面积．考点：扇形面积的计算；全等三角形的判定．专题：几何综合题．分析：〔1〕利用SAS证明全等即可；〔2〕根据扇形面面积公式求出阴影局部的面积．解答：〔1〕证明：∵∠COD=∠AOB=90°，∴∠AOC+∠AOD=∠AOD+∠BOD，∴∠AOC=∠BOD，又∵OA=OB，OC=OD，∴△AOC≌△BOD；〔3分〕〔2〕解：S阴影=S扇形AOB﹣S扇形COD=π×32﹣π×12=2π〔cm2〕．故答案为：2πcm2．点评：此题考察两个知识点：全等三角形的判定和如何计算扇形的面积．27．〔2009•永州〕问题探究：〔1〕如图①所示是一个半径为，高为4的圆柱体和它的侧面展开图，AB是圆柱的一条母线，一只蚂蚁从A点出发沿圆柱的侧面爬行一周到达B点，求蚂蚁爬行的最短路程．〔探究思路：将圆柱的侧面沿母线AB剪开，它的侧面展开图如图①中的矩形ABB′A′，则蚂蚁爬行的最短路程即为线段AB′的长〕；〔2〕如图②所示是一个底面半径为，母线长为4的圆锥和它的侧面展开图，PA是它的一条母线，一只蚂蚁从A点出发沿圆锥的侧面爬行一周后回到A点，求蚂蚁爬行的最短路程；〔3〕如图③所示，在②的条件下，一只蚂蚁从A点出发沿圆锥的侧面爬行一周到达母线PA上的一点，求蚂蚁爬行的最短路程．考点：平面展开-最短路径问题；等边三角形的判定