安徽省阜阳市颍州区阜阳三中物理高一上期末预测试题含解析

安徽省阜阳市颍州区阜阳三中物理高一上期末预测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、关于物体运动的描述，下列说法正确的是（）A.物体的速度大，其加速度一定大B.物体的速度变化量大，其加速度一定大C.物体的速度为零，其加速度一定为零D.物体的速度变化越快，其加速度一定大2、一质点受多个共点力而处于平衡态，现将其中一个大小为F=3N的力增大2N，则F增大之后，该质点受到的力的合力为A.5N B.4NC.3N D.2N3、有种自动扶梯，无人乘行时运转很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，正好经历了这两个过程，则能正确反映该乘客在这两个过程中的受力示意图的是（）A. B.C. D.4、如图所示，轻弹簧竖直放置在水平面上，其上放置质量为2kg的物体A，A处于静止状态，现将质量为3kg的物体B缓慢轻放在A上，设B与A刚要一起运动的瞬间，B对A的压力大小为F，当A、B一起向下运动速度最大时取走B，设取走B的瞬间A的加速度大小为a，则F与a的大小是（取g=10m/s2）（）A.20N、 B.30N、C.25N、 D.12N、5、如图所示为A、B两质点从同一地点运动的x－t图象，关于A、B两质点在前8s内的运动，下列说法正确的是A.A质点做匀加速直线运动B.A、B两质点始终沿同一方向运动C.B质点前4s做减速运动，后4s做加速运动D.B质点先沿负方向做直线运动，后沿正方向做直线运动6、中国发射的“嫦娥四号”探测器是人类第一次近距离访问月球背面，此次访问为我国进一步探索深空积累了重要经验。一物体从月球表面某高处由静止释放，自开始下落计时，得到物体离月球表面高度h随时间t变化的图象如图所示，则（）A.物体落到月球表面的速度大小为20m/sB.1s末物体的速度大小为1.6m/sC.月球表面重力加速度大小为3.2m/s2D.若释放的物体质量为2kg，则该物体下落时受到3.2N的力7、如图所示，小球A放在真空容器B内，小球的直径恰好等于正方体B的边长，将它们以初速度v0竖直上抛，A、B一起上升的过程中，下列说法正确的是（）A.若不计空气阻力A、B间一定没有弹力B.若不计空气阻力A、B间一定有弹力C.若考虑空气阻力，A对B的上板一定有压力D.若考虑空气阻力，A对B的下板一定有压力8、将物体竖直向上抛出，假设运动过程中空气阻力不变，其速度—时间图象如图所示，则()A.上升、下降过程中加速度大小之比为11∶9B.上升、下降过程中加速度大小之比为10∶1C.物体所受的重力和空气阻力之比为9∶1D.物体所受重力和空气阻力之比为10∶19、如图所示，从某高度水平抛出一小球，经过时间t到达一竖直墙面时，速度与竖直方向的夹角为θ，不计空气阻力，重力加速度为g．下列说法正确的是()A.小球水平抛出时的初速度大小为gttanθB.小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为C.若小球初速度增大，则平抛运动的时间变短D.若小球初速度增大，则tanθ减小10、如图所示，水平长传送带始终以v匀速运动，现将一质量为m可视为质点的物体，轻放于A端，此时物体与传送带接触点为O，物体与传送带之间的动摩擦因数为μ，AB长为L，物体从A端到B端的运动过程先加速再匀速，下列说法正确的是A.物体先受到向右的滑动摩擦力，而后受到静摩擦力B.在物体加速运动过程中，物体与传送带接触点O的位移大小是物体位移大小的2倍C.若每次逐渐提高传述带速度v，则物体在加速阶段中的加速度大小不变D.若每次逐渐提高传送带速度v，则物体从A端到B端的时间越来越小二、实验题11、（4分）物体做直线运动，若在前时间内的平均速度为，后时间内的平均速度为，则全程的平均速度为______；若在前位移内的平均速度为，后位移内的平均速度为，则全程的平均速度为______12、（10分）如图是“研究平抛物体运动”的实验装置:(1)以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有________(填字母代号)A.安装斜槽轨道，使其末端保持水平B.每次释放小球的初始位置可以任意选择C.每次小球应从同一高度由静止释放D.为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接(2)实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，寻找平抛物体的水平位移和竖直位移的关系.以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标和竖直坐标下图中图像能说明它们的关系的是_________(填字母代号)A、B、C、D、(3)如图是某同学根据实验画出平抛小球的运动轨迹的一部分，在曲线上取一点为坐标原点O，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B、C纵横坐标分别为:则小球做平抛运动的初速度______m/s(结果保留两位有效数字，g取三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，水平面O点的右侧光滑，左侧粗糙．O点到右侧竖直墙壁的距离为L，一系统由可看作质点A、B两木块和一短而硬（即劲度系数很大）的轻质弹簧构成．A、B两木块的质量均为m，弹簧夹在A与B之间，与二者接触而不固连．让A、B压紧弹簧，并将它们锁定，此时弹簧的弹性势能为E0．若通过遥控解除锁定时，弹簧可瞬时恢复原长．该系统在O点从静止开始在水平恒力F作用下开始向右运动，当运动到离墙S=L/4时撤去恒力F，撞击墙壁后以原速率反弹，反弹后当木块A运动到O点前解除锁定．求（1）解除锁定前瞬间，A、B的速度多少？（2）解除锁定后瞬间，A、B的速度分别为多少？（3）解除锁定后F、L、E0、m、满足什么条件时，B具有的动能最小，这样A能运动到距O点最远距离为多少？（A与粗糙水平面间的摩擦因数为μ）14、（14分）如图所示，一物块以大小v0＝8m/s的速度从足够长的传送带的底端冲上倾角θ＝37°的传送带。已知传送带顺时针转动的速度大小恒为v＝2m/s，传送带与物块间的动摩擦因数μ＝0.5，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2，求：(1)物块从开始减速到和皮带的速度相同所需的时间t1；(2)物块沿传送带向上运动的最大距离x；(3)物块在传送带上运动的时间t。15、（13分）如图所示，传送带与水平方向的倾角，在电动机的带动下以v=4m/s的速率顺时针方向运行，在传送带的B端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住，在传送带的A端无初速地释放一质量m=1kg的物块，它与传送带间的动摩擦因数，AB间的长度L=9m，物块与挡板的碰撞能量损失不计，即碰撞后物块的速度大小不变，物块与挡板的碰撞时间极短．g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）物体刚放上传送带时的加速度是多大；（2）从物块与挡板P第一次碰撞后，物块再次上升到最高点（最高点还未达到A点）所需要的时间？

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解析】AC．物体的速度与加速度没有大小关系，速度大加速度不一定大，速度为零加速度也不一定为零，故A错误，C错误；BD．加速度是反映速度变化快慢的物理量，物体的速度变化越快，其加速度一定大；根据可知速度变化量大，但如果时间可能很长，加速度不一定大，故B错误，D正确。故选D。2、D【解析】由题可知，一质点受多个共点力而处于平衡态，其中一个力大小为F=3N，则其余的力的合力大小为3N，方向与之相反；当将F=3N的力增大2N，则该力的大小为5N，其余的力的合力大小仍为3N，方向仍与之相反，故F增大之后，该质点受到的力的合力为：5N-3N=2N故D正确，ABC错误。故选D3、D【解析】人随扶梯先慢慢加速，再匀速向上，加速度先沿斜面向上，后变为零，根据牛顿第二定律分析可知：人先受到重力、扶梯的支持力和静摩擦力，后受到重力和支持力，不受摩擦力；【详解】当扶梯匀速上升时，人受力平衡，故人受重力和支持力；而当扶梯加速上升时，人受重力、支持力，将加速度分解可知，物体应有水平向右的加速度，故扶梯应对人有平行于接触面向右的摩擦力，故D正确，A、B、C错误；故选D【点睛】关键是在分析加速过程时，也可以先确定加速度，根据加速度方向确定合力方向，再分析受力情况4、D【解析】释放B之前，物体A保持静止状态，重力和弹簧的弹力平衡，有：F弹=mAg=20N释放B瞬间，对AB整体，受重力和弹簧的支持力，根据牛顿第二定律有：（mA+mB）g-F=（mA+mB）a′联立解得：a′=6m/s2，对物体B受力分析，受重力、A对B的支持力N，根据牛顿第二定律有：mBg-F′=mBa′解得：F′=12N根据牛顿第三定律知，释放B瞬间，B对A的压力大小F=F′=12N；当A、B一起向下运动速度最大时，AB的加速度为零，则（mA+mB）g=F弹′．取走B的瞬间，对A，由牛顿第二定律得F弹′-mAg=mAa，解得a=15m/s2．故ABC错误，D正确5、C【解析】A．由题图可知，质点A的位移随时间均匀变化，即质点A做匀速运动，选项A错误；B．质点B的位移先增大后减小，即0～4s质点B向正方向运动，4～8s质点B向反方向运动，选项B错误；CD．在位移—时间图象中，斜率（倾斜程度）代表速度，质点B前4s正方向减速，后4s反向加速，选项C正确，D错误6、BD【解析】AC．根据题意可知，物体下落时的高度为，其运动的总时间为，因为则月球表面的重力加速度为故物体落在月球表面的速度为故AC错误；B．末物体的速度为故B正确；D．物体下落过程中受到的力为自身的重力，大小为故D正确。故选BD。7、AC【解析】AB．若不计空气阻力，则物体运动的加速度为g，物体处于完全失重太，故A、B间一定没有弹力，选项A正确，B错误；CD．若考虑空气阻力，则物体的加速度将大于g，根据牛顿第二定律，对球：N+mg=ma，则N＞0，即B上板对A有向下的压力，即A对B的上板一定有压力，选项C正确，D错误；故选AC。8、AD【解析】根据速度-时间图象的斜率表示加速度得：上升过程：a1==11m/s2，下降过程：a2==9m/s2；则加速度之比为：；故A正确，B错误；上升过程，根据牛顿第二定律得：-mg-f=ma1，下落过程，根据牛顿第二定律得：mg-f=-ma2，代入数据得：；故C错误，D正确；故选AD【点睛】本题图象反映物体的速度与时间的关系，知道速度-时间图象的斜率表示加速度，同时注意牛顿第二定律公式中力的方向；从而求解合外力9、AC【解析】小球到达竖直墙面时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为vy＝gt，vx＝vytanθ＝gttanθ，所以水平抛出时的初速度为gttanθ，A项正确；设小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为α，则tanα＝，B项错误；由于小球到墙的距离一定，初速度增大，运动的时间变短，C项正确；若小球初速度增大，由小球到墙的时间变短，由tanθ＝可知，tanθ增大，D项错误；故选AC10、BC【解析】A．当物体加速过程，滑动摩擦力为动力，方向向右，匀速过程物体和传送带之间没有相对运动或相对运动趋势，不受摩擦力作用，A错误；B．接触点O，做匀速直线运动，设物体加速时间为t，则这段时间内O点的位移为：，而物体做初速度为零，末速度为v的匀加速运动，故位移为：，所以：，B正确；C．物体在传送带给的滑动摩擦力作用下做加速运动，故加速度为：，与传送带的速度无关，故物体加速运动的加速度恒定不变，C正确；D．无论传送带的速度怎么增大，物体从A端运动到B端的位移恒定不变，物体做加速运动的时间：，速度增大，加速时间减小；加速过程中的位移，增大，所以物体匀速过程中的位移：，即匀速运动过程中的位移减小，故匀速过程所用时间，也减小，所以物体从A端运动到B端的时间在不断减小，但是，当速度增加到一定值后，使得物块在传送带上始终做加速运动时，时间最小，之后再增大速度，物块仍做加速度不变的匀加速直线运动，位移不变，所以所用时间不变，即若每次逐渐提高传送带速度v，则物体从A端到B端的时间先减小后不变，D错误；故选BC。二、实验题11、①.8②.【解析】[1][2]设物体做直线运动，设运动总时间为t，前时间内的平均速度为，后时间内的平均速度为，则前一半时间的位移为：，后一半时间的位移为，故总位移为则全程的平均速度为：设总位移为s，前的位移内的时间为：余下的位移的时间为：故总位移的平均速度为：12、①.（1）C②.（2）C③.（3）2.8m/s【解析】（1）保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线（2）平抛运动竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动；联立求得两个方向间的位移关系可得出正确的图象（3）根据竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式求出运动的时间，结合水平方向上做匀速直线运动求出小球的初速度【详解】（1）安装斜槽轨道，使其末端保持水平，以保证小球做平抛运动，选项A正确；每次小球应从同一高度由静止释放，以保证轨迹相同，选项B错误，C正确；为描出小球的运动轨迹，描绘的点要用平滑的曲线连接，选项D错误；故选C；（2）物体在竖直方向做自由落体运动，y=gt2；水平方向做匀速直线运动，x=vt；联立可得：y=x2，因初速度相同，故为常数，故y-x2应为正比例关系，故C正确，ABD错误．故选C（3）由图可知∆y=5cm，则根据∆y=gt2，解得，则【点睛】解决本题的关键掌握实验的注意事项，以及知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）AB的速度大小相等，（2），（3）【解析】（1）由于撞击墙壁后以原速率反弹，则得解除锁定前瞬间A、B的速度大小等于撤去恒力F时的速度大小，根据动能定理求解．（2）解除锁定的过程，A、B和弹簧组成的系统动量守恒、机械能守恒，可由两大守恒求出解除锁定后瞬间A，B的速度．（3）全部的机械能全部转化给A，B具有的动能最小，由（2）结果求出A的速度，再由动能定理求解A能运动到距O点最远的距离（1）由于撞击墙壁后以原速率反弹，所以解除锁定前瞬间A、B的速度大小相等且等于撤去恒力F时的速度大小，根据动能定理有：，解得（2）设解除锁定后，A、B速度分别为；（）由于弹开瞬时，系统动量守恒：由于解除锁定过程中系统机械能守恒，则有：由上面三式联立解得：，或，由于，所以应该取：，（3）若解除锁定后B物体的最小动能应为零，即全部的机械能全部转化给A，即：，解得：将上式代入可得最大值：根据动能定理得：，所以A距O点的最远距