2024届福建省福州市台江区福州华伦中学九年级物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

2024届福建省福州市台江区福州华伦中学九年级物理第一学期期中质量跟踪监视试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题1．李明同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，下列说法中错误的是A．当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过乙导体的电流为0.1AB．将甲、乙两导体并联到电压为2V的电源上时，干路中的电流为0.6AC．导体甲的电阻小于导体乙的电阻D．导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零2．关于物体的内能，下列说法中正确的是（）A．0℃的冰熔化成0℃的水内能不变B．汽油机的压缩冲程是把内能转化为机械能C．热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移D．物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量3．下列关于电路的有关说法中，正确的是A．连接电路时，一定要先从电源的正极开始，最后连接电源的负极B．导线直接与电源的正极、负极相连就形成短路C．串联电路中的开关位置不同，控制作用相同D．用一只开关控制两盏日光灯，这两盏灯一定是串联4．用弹簧测力计称得容器和水的总重为5N（如图甲所示）．将体积为10cm3的物体A全部没入水中，弹簧测力计的示数T1为0.4N（如图乙所示）．若将容器、水和浸没水中的物体A用弹簧测力计一起称量（如图丙所示），弹簧测力计的示数为T1．则A．浸没水中的物体A所受浮力为B．浸没水中的物体A所受浮力为C．弹簧测力计的示数为D．弹簧测力计的示数为5．如图所示，已知电阻R1=3Ω、R2=6Ω，电流表A的示数是0.6A，则电流表A1的示数A．0.6A B．0.4A C．0.2A D．0.1A6．生活中能量转化的实例很多，下列描述中正确的是（）A．摩擦生热是把内能转化为机械能B．燃料燃烧放热是把内能转化为化学能C．电动机带动水泵把水送到高处是把电能转化为机械能D．摩擦起电是把电能转化为机械能7．在国际单位制中，电压的单位是A．安培 B．伏特 C．欧姆 D．瓦特8．“海斗号”潜水器的最大潜深达10767米，使我国成为世界第三个拥有万米级深潜器的国家。当“海斗号”在万米深处继续下潜时，受到海水的A．压强和浮力都增大 B．压强和浮力都不变C．压强增大，浮力不变 D．压强不变，浮力增大9．一位同学用20s，从一楼走到三楼，他上楼时的功率可能是（）A．1.5W B．15W C．150W D．1500W10．下列事例中不能用“分子热运动”解释的是（）A．环境恶化，尘土满天飞B．炒菜时加盐使菜变咸C．室内喷清新剂，香气四溢D．密封的室内一人吸烟，其他人闻到烟味11．在不计绳重和摩擦的情况下利用如图所示的甲、乙两装置分别用力把相同的物体匀速提升相同的高度．若用η甲、η乙表示甲、乙两装置的机械效率，W甲、W乙表示拉力所做的功，则下列说法中正确的是A．η甲＝η乙，W甲＝W乙B．η甲＞η乙，W甲＞W乙C．η甲＜η乙，W甲＜W乙D．η甲＞η乙，W甲＜W乙12．下列关于温度、内能、热量的说法中正确的是（）A．物体吸热，温度一定升高B．一个物体的温度升高，一定是外界对物体做功C．某一铁块，温度降低，内能一定减小D．温度高的物体把温度传给温度低的物体二、填空题13．如图为四冲程汽油机工作过程中的示意图，其中表示做功冲程的是_______；做功冲程是将________能转化为________能。A、B、C、D、14．明明家安装了新的感应式电能表，一个月后此表的面板如图所示，这个月他家用电__kW•h，电能表的转盘转过了__圈，若只让一个标有“220V2200W”的电热水器工作3min，观察到电能表转盘转了200圈，则该电热水器在这3min内的实际功率是__W．15．如图，电源电压保持不变，当滑动变阻器滑片P由左端向右移到中点的过程中，Al___________（选填“变大”、“变小”或“不变”，下同），A2____________，V_________16．小芳探究水沸腾的特点，用热水做实验，这是为了_____________；小芳发现水沸腾时继续加热，水温保持不变，停止加热，水很快停止沸腾，这说明水沸腾时需要_____________．若实验中烧杯中的水停止加热后，水放出的热量为2.52×104J，相当于完全燃烧_____________g酒精放出的热量．（q酒精=3.0×l07J/kg）三、实验题17．（8分）（2016·河北卷）小明利用如图14所示的电路“探究串、并联电路中电流的关系"．（1）探究串联电路中电流的关系．①用笔画线代替导线将开关S3连入电路中．（要求：只闭合开火S3后，R1、R2以及电流表串联；导线不许交叉）②小明将S3闭合后，发现电流表均无示数．于是他用一只电压表对电路故障（电路中只有一处故障）进行了检测，将电压表接在R1两端时，电压表与电流表均无示数；接在R2两端时，电压表有示数，电流表无示数．电路中的故障是__________________．小明排除故障后继续实验，读出了电路中各电流表的示数，得到了串联电路中电流的关系是：串联电路中各处电流相等．（2）完成上述实验后，小明继续探究并联电路中电流的关系．①各开关的连接情况是_________________（填写各开关断开或闭合）．②分析实验中各电流表的读数（如图15所示），可知并联电路中电流的关系是：__________________.③电阻R1：R2=___________.（3）为了验证结论的普遍性，你可以采用的方法是：____________________.18．（8分）在探究“电流与电阻的关系”的实验过程中，小明选择了5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω五个电阻进行实验，电路图如图所示．（1）若电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终为电源电压．造成这一现象的原因可能是_____（填字母）．（A）电阻断路（B）电流表坏了（C）滑动变阻器短路（D）电阻短路（2）排除电路故障进行实验．为达到实验目的，滑动变阻器除了起到保护电路的作用外，还起到_____的作用．实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，应把变阻器滑片向_____（选填“左”或“右”）滑动至电压表的示数为_____V为止．（3）根据实验数据，作出I﹣R图象如图丙所示，分析图象可得出结论：_____．19．（8分）如图所示是小林“探究串联电路电流特点”的实验电路图(1)实验中，选择两个小灯泡的规格应该是___________(选填“相同”或“不相同”)的，连接电路的过程中开关应该处于___________状态．(2)如表是小林实验过程中设计的表格以及记录的数据：指出表格所记录的数据中明显错误的数值是___________，造成错误的原因是：___________(3)小林又用如图所示电路来探究串联电路的电压特点．用电压表分别测出A与B、B与C、A与C两点间的电压为UAB、UBC、UAC.经过多次实验，得到的数据记录在图表中．分析实验数据，你可得到串联电路的电压特点是_______________(用公式表示)．(4)小林进行多次实验的主要目的是______(填序号)．①寻找普遍规律②减小实验误差(5)小林在探究某电路中电压关系时，根据实验数据绘制了电压U2随电压U1变化的图像，如图所示，请你根据该图像写出电压U2和U1的关系式：U2＝________．四、作图题20．（8分）在如图所示实物电路中，只加一根导线，使电路成为并联电路,并在虚线框内画出相应的电路图。（______）21．（8分）如图是活塞式抽水机的示意图．其手柄相当于一个杠杆，O是支点．画出阻力F2对支点O的力臂l2；并画出在a点施加的最小动力F1的示意图．五、计算题22．（10分）如图所示，电源两端电压U为9V并保持不变，电阻R1阻值为10Ω．闭合开关S后，电流表A的示数I为1.2A．求：（1）电流表A1的示数I1；（2）电阻R2的阻值．23．（12分）小星家的太阳能热水器，水箱容积是100L．小星进行了一次观察活动：某天早上，他用温度计测得自来水的温度为20℃，然后给热水器水箱送满水，中午时“温度传感器”显示水箱中的水温为45℃．请你求解下列问题：（1）水箱中水的质量；（2）水吸收的热量；（3）如果水吸收的这些热量，由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，求至少需要燃烧多少m3的煤气？（q煤气=3.9×107J/m3，）

参考答案一、选择题1、D【解题分析】

A．由乙的图象可知，当U=1V时，I=0.1A，故A正确、不符合题意；B．当甲、乙两导体并联后接到电压为2V的电源上时，U甲=U乙=2V，由图知I甲=0.4A，I乙=0.2A，I=0.6A，故B正确、不符合题意；C．加同样电压时（2V），I甲=0.4A，I乙=0.2A，I甲＞I乙，所以R甲＜R乙，故C正确、不符合题意；D．电阻的大小与两端的电压无关，所以导体两端的电压为零时电阻的阻值不变，故D不正确、符合题意．2、D【解题分析】

A．0℃的冰熔化成0℃的水时，吸收热量温度不变，但内能增加，故A错误；B．汽油机的压缩冲程中，将机械能转化为内能，故B错误；C．热量是从高温物体向低温物体传递的，内能大的物体温度不一定高，故C错误；D．物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能外界对物体做了功，故D正确。故选D。3、B【解题分析】A.连接电路时，应按一定的顺序连接，可以从从电源的任一极开始，经过用电器、开关等元件，最后连接电源的另一极，故A错误；B.不经过用电器直接把电源两极连接来，则形成短路，电流会很大，会烧毁电源，甚至想起火灾，是不允许的，故B正确．C.开关必须与用电器串联才能起到正常的控制作用，故正确的说法为：串联电路中的开关串联在不同位置时，控制作用相同．故C错误；D.当开关位于并联电路中的干路上时，也能同时控制两盏灯，故D错误．选B．4、A【解题分析】AB、物体A全部没入水中，则排开水的体积：，所以，浸没水中的物体A所受浮力：，故A正确，B错误；CD、由题知，将物体A全部没入水中，弹簧测力计的示数T1为0.4N，由称重法可得：，所以物体的重力：，将容器、水和浸没水中的物体A用弹簧测力计一起称量，此时弹簧测力计的示数（即总重力）：，故CD错误．故选A．点睛：称重法测浮力的实质为三个力平衡，向上的力为：浮力、测力计的拉力；向下的力为重力，向上的两个力与向下的重力三个力平衡，据此解题．5、B【解题分析】

电路的总电阻为：电路的总电压为：U=IR=0.6A×2Ω=1.2V并联电路中：U1=U=1.2V电流表A1的示数：故选B．6、C【解题分析】

A、摩擦生热是克服摩擦做功，消耗了机械能，获得了内能，是机械能转化为内能，故A错误；B、燃料燃烧的过程，是将化学能转化为内能，故B错误；C、电动机带动水泵把水送到高处，消耗了电能，水获得了机械能，所以是把电能转化为机械能，故C正确；D、摩擦起电是消耗了机械能，获得了电能，是把机械能转化为电能，故D错误．故选C．7、B【解题分析】A.安培（）为电流的单位；B.伏特（）为电压的单位，符合题意；C.欧姆（）为电阻的单位；D.瓦特（）为功率的单位选B．8、C【解题分析】

潜水器下潜的过程中,所处深度h增大,由液体压强公式，可得当“海斗号”在万米深处继续下潜时，它受到的压强变大；潜水器下潜的过程中，排开水的体积V排不变，由浮力公式，可得当“海斗号”在万米深处继续下潜时，它受到的浮力不变，故C正确。故选C.【题目点拨】潜水器完全进入水中后，所排开的水的体积不变，但下潜过程中，深度变大，根据阿基米德原理和液体压强与深度的关系得出答案。9、C【解题分析】

一个学生的质量约m=50kg，则一个学生的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N，每一层楼的高度约为3m，从一楼走到三楼，上升的高度：h=（3-1）×3m=6m，他上楼时克服重力做的功：W=Gh=500N×6m=3000J，则他上楼时的功率：，故ABD错误，C正确．故选C．10、A【解题分析】

A．沙尘漫天浮动，这是沙土的运动，是固体小颗粒的运动，属于机械运动，不是分子的运动，故A符合题意；B．炒菜时加盐使菜变咸，说明分子热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈．故B不合题意；C．室内喷清新剂，香气四溢，说明分子在不停地做无规则运动，故C不合题意；D．密封的室内一人吸烟，其他人闻到烟味，说明分子在不停地做无规则运动，故D不合题意．11、A【解题分析】

物体升高的高度和物体重力都相同，根据公式W=Gh可知做的有用功相同；由图可知，动滑轮个数相同，即动滑轮重力相同，提升的高度相同，不计绳重和摩擦,则拉力做的额外功相同．有用功相同、额外功相同，则总功相同，即W甲＝W乙．根据η=可知，机械效率相同，即η甲＝η乙．故A符合题意．12、C【解题分析】试题分析：解决该题需要掌握：（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关；（2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递．做功和热传递在改变物体内能上是等效的．A、物体吸热时，内能增加，但温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，但温度是不变的；此时的内能的变化主要表现为状态的变化．选项错误；B、改变物体内能的方法有：做功和热传递；一个物体的内能增大，可能是外界对物体做了功，也可能是发生了热传递；选项错误；C、同一物体分子个数是一定的，当温度降低时，分子的热运动越缓慢，则分子的动能就越小，从而物体的内能减小；由于铁块的质量不变，因此铁块的温度降低，内能一定减小；说法正确，符合题意；D、热传递的实质是内能的转移，是内能从温度高的物体转移到温度低的物体上或从同一物体温度高的部分转移到温度低的部分，不是温度在传递．选项错误．考点：改变内能的方法，内能、热量、温度三者间的关系二、填空题13、D内机械【解题分析】

[1]A．进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程；B．排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程；C．两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；D．两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；所以表示做功冲程的是D；[2][3]做功冲程将内能转化为机械能。14、125.02.5×1052000【解题分析】

[1]明明家安装了新的感应式电能表，一个月后此表的面板如图所示，本月消耗电能:W=W1−W2=125.0kW⋅h−0kW⋅h=125.0kW⋅h；[2]2000r/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2000r，耗电125.0kW⋅h转盘转的圈数：n=2000r/kW⋅h×125.0kW⋅h=2.5×105r；[3]电能表表盘转动200圈消耗的电能：W==0.1kW⋅h，电热水器的实际功率：P===2kW=2000W．15、变大不变不变【解题分析】

由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测定值电阻所在支路电流，电压表测电源电压；电源电压不变，电压表示数不变；电源电压不变，定值电阻两端电压不变，电阻阻值不变，通过定值电阻的电流不变，电流表A2测通过定值电阻的电流，则电流表A2示数不变；由电路图可知，当滑动变阻器滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器两端电压不变，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大，通过定值电阻的电流不变，则干路电流变大，电流表A1示数变大；综上所述，电流表Al示数变大，电流表A2、电压表示数不变．【题目点拨】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测定值电阻所在支路电流，电压表测电源电压；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用欧姆定律、并联电路特点判断各电表示数如何变化．16、缩短加热时间吸收热量0.84【解题分析】

探究水沸腾的特点实验时，用热水做实验可以缩短水加热到沸腾的时间；水沸腾过程中，继续加热，水才继续沸腾，停止加热，水很快停止沸腾，说明水沸腾时需要吸收热量；水停止加热后，放出的热量Q=，这些热量若是酒精燃烧放出，则须完全燃烧的酒精的质量为m===0.84×10-3kg=0.84g．三、实验题17、实物图连线如下图所示R2处断路断开S3，闭合S1、S2并联电路里干路中的电流等于各支路中电流之和1：2改变定值电阻的规格（或调节电源电压）【解题分析】试题分析：（1）①根据题意要求，实物图连线如上图所示；②电流表无示数，说明电路中无电流，电路中有断路的地方，电压表接在R1两端时，电压表与电流表均无示数，说明R1处无断路；电压表接在R2两端时，电压表有示数，电流表无示数，说明R2处断路；（2）①当断开S3，闭合S1、S2时，两个电阻是并联的；电流表A1测总电流，电流表A2测通过电阻R1的电流，电流表A3测通过电阻R2的电流；②根据三个电流表所接量程及指针的位置可知，电流表A1的示数为1．48A，电流表A2的示数为1．32A，电流表A3的示数为1．16A，根据1．32A+1．16A=1．48A可知，并联电路里干路中的电流等于各支路中电流之和；③并联支路的电压相等，电流与电阻成反比，所以可知R1：R2=1．16A：1．32A=1：2；（3）由于以上结论是在一次实验后就得出的结果，不具普遍性，为了使得出的结论具有普遍性，可以通过改变定值电阻的规格或调节电源电压多测量几组数据，然后进行比较．【考点定位】串、并联电路中电流的关系18、A控制电压表示数不变左2.5在电压不变时，通过导体的电流与电阻大小成反比【解题分析】

（1）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；（2）（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同；由图2知当电阻为5Ω、10Ω、----25Ω时对应的电流大小分别为0.5A、0.25A、----、0.1A，求出IR大小；即电压表示数；当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向．【题目详解】(1)A.电阻断路，则电压表串联在电路中，电压表与电源连通，测电源电压，因电压表内阻很大，故电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片电压表示数始终为电源电压，故A符合题意；B.如果电流表坏了，整个电路断路，电压表也不会有示数，故B不合题意；C.如果滑动变阻器短路，电流表会有示数，且更大，故C不合题意；D.如果电阻短路，则电压表的示数将为零，且电流表的示数将变大，故D不合题意．选A；(2)探究“电流与电阻的关系”，应不断改变电阻阻值而控制电阻两端电压不变，该实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，其作用主要是控制电阻两端电压保持不变；由图2知，当电阻为5Ω、10Ω、−−−−25Ω时对应的电流大小分别为0.5A、0.25A、−−−−、0.1A，则U=IR=5Ω×0.5A=10Ω×0.25A=-------25Ω×0.1A=2.5V，把5Ω换成10Ω，由分压原理，定值电阻分的电压压变大，根据串联电路的分压原理，滑动变阻器分的电压变小，为保持电阻两端电压不变，应减小电阻分压，增大滑动变阻器分压，应使滑动变阻器接入电路的阻值变大，由图示电路图可知，闭合开关后应向左移动滑片，同时眼睛盯住电压表，直到电压表示数为2.5V为止；(3)由(2)知，电流与电阻之积为定值，故得出的结论是：在电压不变时，通过导体的电流与电阻大小成反比．19、不相同；断开1.5选用小量程却按大量程读数了；UAC=UAB+UBC①9-U1【解题分析】

（1）实验中，为得出普遍性的结论，选择两个小灯泡的规格应该是不相同的，连接电路的过程中开关应该处于断开状态．（2）根据串联电路各处的电流都相等，根据电流表大小量程之比为5：1分析；（3）分析实验数据，考虑到误差因素得到串联电路的电压特点；（4）小林进行多次实验的主要目的是寻找普遍规律；（5）根据实验数据绘制了电压U2随电压U1变化的图像得出，由图2知，U2和U1关系式．【题目详解】（1）实验中，为得出普遍性的结论，选择两个小灯泡的规格应该是不相同的；为保护电路，连接电路的过程中，开关应该处于断开状态．（2）串联电路中各处的电流都相等，故表格所记录的数据中明显错误的数值是1.5，造成错误的原因是选用小量程却按大量程读数了；（3）分析实验数据的电压值，考虑到误差因素有：故可得到串联电路的电压特点是（用公式表示）：（4）小林