四川省峨眉二中2024届物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题含解析

四川省峨眉二中2024届物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中，错误的是（）A．E=kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场B．电场中某点场强的方向与试探电荷的正负无关C．电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向D．在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度都相同2、关于库仑定律，下列说法中正确的是()A．库仑定律公式适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的带电球体B．当两个电荷间的距离r→∞时，库仑定律的公式就不适用了C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的电场力大于q2对q1电场力D．静电力常数的数值是由实验得出的3、如图，A、B、C是相同的三盏灯，在滑动变阻器的滑动触头由a端向c端滑动的过程中（各灯都不被烧坏），各灯亮度的变化情况为A．C灯变亮，A、B灯变暗 B．A、B灯变亮，C灯变暗C．A、C灯变亮，B灯变暗 D．A灯变亮，B、C灯变暗4、如图所示，有一弹性金属环，将条形磁铁插入环中或从环中拔出时，环所围面积变化情况是（）A．插入环面积增大，拔出环面积减小B．插入环面积减小，拔出环面积增大C．插入或拔出，环面积都增大D．插入或拔出，环面积都减小5、带电微粒所带的电荷量不可能是下列值中的()A．－6.4×10－19C B．2.4×10－19C C．－1.6×10－18C D．4.0×10－17C6、关于电场强度和电势，下列说法正确的是（）A．电场强度为零的地方，电势也一定为零B．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也一定逐渐降低C．电场中某点电场强度的方向一定与经过该点的等势面垂直D．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相等二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线的中垂线上有A、B、C三点，如图所示．一个比荷为的小物块从该水平面内的C点静止释放，其运动的v-t图象如图所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法中正确的是（）A．在A、B、C三点中，B点电场强度最大，其电场强度E=1V/mB．由C到A的过程中，物块的电势能先增大后减小C．由C到A的过程中，电势逐渐升高D．A、B两点电势差UAB=5V8、关于电流，下列说法中正确的是（）A．由可知，通过导线截面的电量越多，电流越大B．由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大C．由I=可知，同一导体中的电流与导体两端的电压成正比D．因为电流有方向，所以电流是矢量9、如图甲所示，平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力），两板间距离足够大。当两板间加上如图乙所示的交变电压后，在图中，反映电子速度v、位移x和加速度a三个物理量随时间t的变化规律可能正确的是（）A． B．C． D．10、下列说法中正确的是[]A．电阻A与阻值无穷大的电阻B并联，电阻不变B．电阻A与导线B（不计电阻）并联，总电阻为零C．并联电路中任一支路的电阻都大于总电阻D．并联电路某一支路开路，总电阻为无穷大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）要测量一个由新材料制成的均匀圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图甲，可知其直径D为_________mm；用游标卡尺测量其长度如图乙，可知其长度L为_________cm；（2）选用多用电表的欧姆挡的“×1”挡，按正确的操作步骤测量圆柱体的电阻，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值约为____Ω；（3）为更精确地测量其电阻，要求用伏安法测电阻，可供选择的器材：电流表A1（量程0~300mA，内阻约2Ω）；电流表A2（量程0~150mA，内阻约10Ω）；电压表V1（量程0~1V，内阻r=1000Ω）；电压表V2（量程0~15V，内阻约为3000Ω）；定值电阻R0（内阻为2000Ω）；滑动变阻器R1（最大阻值5Ω）；滑动变阻器R2（最大阻值1000Ω）；电源E（电动势约为4V，内阻r约为1Ω）；开关，导线若干．为了使测量尽量准确，测量时电表读数不得小于其量程的1/3，电压表V2量程太大，电压表V1量程太小，因此可以把电压表V1与定值电阻R0____联（填“串”或“并”）改装成新电压表，则新电压表量程为________，然后再进行实验；电流表应选_________，滑动变阻器应选___________（选填代号）（4）若某次调节滑动变阻器后电压表V1读数为U，电流表读数为I，则此圆柱体材料的电阻率ρ=_________（用题中给出的字母代号表示）；若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ＝__________（保留2位有效数字）．12．（12分）有一只满偏电流Ig=5mA，内阻Rg=400Ω的电流表G．若把它改装成量程为10V的电压表，应_______联一个_____Ω的分压电阻；若把它改装成量程为3A的电流表，应________联一个_____Ω的分流电阻．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，用细线将质量m＝4×10－3kg的带电小球悬挂在天花板上，空间中存在方向水平向右，大小E＝1×104N/C的匀强电场，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ＝37º，g取10m/s1．（1）求小球的带电量；（1）求细线的拉力．14．（16分）如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，∠A=30°，AC=2m，把电荷量q=-2×10-10C的点电荷由A点移动到B点，电场力做功4.8×10-8J，若将该电荷由C点移到B点，克服电场力做功1.6×10-8J，取B点的电势为零求（1）A、C两点的电势；（2）匀强电场的场强．15．（12分）如图所示，一劲度系数为k的绝缘轻弹簧的左端固定，右端与一带正电的小球相连接，小球套在光滑绝缘的水平杆上，小球的电量为＋q，质量为m，小球所在的空间有一个足够大的水平向右的强电场、电场强度大小为E，小球静止在水平杆上的O点．现将小球拉到O点右侧距离为A的位置，由静止释放，此后运动过程中始终未超过弹簧的弹性限度．规定平衡位置为电势能和弹簧弹性势能的零点．以平衡位置为坐标原点建立如图所示的水平向右的一维坐标系Ox．（1）从运动与相互作用观点出发，解决以下问题：a．求小球处于平衡状态时弹簧相对原长的伸长量s；b．证明小球做简谐运动；（2）图像法和比较法是研究物理问题的重要方法，例如：①从教科书中我们明白了由v-t图像求直线运动位移的思想和方法；②从机械能的学习，我们理解了重力做功的特点并进而引入重力势能，由此可以得到重力做功与重力势能变化量之间的关系．请你借鉴此方法，从功与能量的观点出发，解决以下问题：a．小球运动过程中，小球相对平衡位置的位移为x时，证明系统具有的电势能EP电和弹性势能Ep弹的总和EP的表达式为．b．根据小球运动过程中速度v与相对平衡位置的位移x的关系式，画出小球运动过程中速度随振动位移变化的v-x图像，并求解小球在运动过程中回复力做正功的功率P的最大值；（3）已知小球运动的周期为（此结论仅允许本问使用）．结合第（2）问的能量分析，从冲量、动量的观点出发，解决以下问题：小球从x＝＋A处由静止释放至第一次达到平衡位置的过程中，求：a．弹簧对左端固定点的弹力冲量I的大小；b．弹簧对小球的弹力对时间的平均值的大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

E=kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场，选项A正确；电场中某点场强的方向与试探电荷的正负及电量均无关，选项B正确；电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向，选项C正确；在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度大小都相同，但是方向不同，则场强不同，选项D错误；此题选择不正确的选项，故选D.2、D【解题分析】

A、库仑定律只适用于真空中的点电荷之间的作用力，当带电体本身的大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷，与电荷的实际大小和带电量无关，故A错误；B、

当两个点电荷距离r→∞时，两电荷能看成点电荷，库仑定律公式适用，故B错误；C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷q1的电荷量与q2的电荷量大小如何，q1对

q2的电场力大小上总等于q2对

q1电场力，故C错误；D、库仑通过实验成功测出了静电力常量的数值，故D正确；故选D．【题目点拨】关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．3、A【解题分析】当触头向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大；则总电阻增大，电路中总电流减小，所以A灯变暗，因A灯及电源内阻的电压减小，故并联部分电压增大，所以C灯变亮，而因为总电流减小，而C灯电流增大，故B灯中电流减小，所以B灯变暗，故A正确，BCD错误．4、B【解题分析】试题分析：根据楞次定律可知，金属环中所产生的感应电流的磁场总是阻碍原磁能量的变化，表现出的宏观现象有“来拒去留”、“增缩减扩”，所以可知，当插入环时，磁通量增大，面积减小；当拔出进，磁通量减小，环面积增大，故只有选择B正确；考点：楞次定律5、B【解题分析】

最小的电荷量是，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，由于不是的整数倍，故B是不可能的．故选B．6、C【解题分析】

电场强度为零的地方，电势不一定为零，例如等量同种电荷连线的中点处，场强为零，电势大于零，选项A错误；随着电场强度的大小逐渐减小，电势不一定逐渐降低，例如距离负点电荷越远的位置，场强越小，电势越高，选项B错误；电场中某点电场强度的方向一定与经过该点的等势面垂直，选项C正确；电场强度处处相同的区域内，电势不一定处处相等，例如匀强电场中，选项D错误；故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】试题分析：据v-t图可知物块在B点的加速度最大，为，所受的电场力最大为F=ma=2N，据知，B点的场强最大为E=1V/m，故A正确．据v-t图可知，由C到A的过程中物块的速度增大，电场力做正功，电势能减小，故B错误．据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确．据V-t图可知A、B两点的速度，在根据动能定理得，由图知，vA=6m/s，vB=4m/s，解得UAB=-5V，故D错误．故选AC.考点：v-t图线；动能定理；电场强度8、BC【解题分析】

通过导线截面的电量多，若时间长，电流不一定大，A错误；由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大，B正确；由知，同一导体中的电流与导体两端的电压成正比，选项C正确；电流有方向，但是电流合成不遵循平行四边形法则，所以电流是标量，D错误．9、BC【解题分析】

分析电子一个周期内的运动情况：0～时间内，电子从静止开始向B板做匀加速直线运动，～时间内沿原方向做匀减速直线运动，时刻速度为零。～时间内向A板做匀加速直线运动，～T时间内做匀减速直线运动。接着周而复始。

A．电子做匀变速直线运动时x-t图象应是抛物线，故A错误。

BD．根据匀变速运动速度图象是倾斜的直线可知，B图符合电子的运动情况。故B正确，D错误。

C．根据电子的运动情况：匀加速运动和匀减速运动交替产生，而匀变速运动的加速度大小不变，a-t图象应平行于横轴，故C正确。

故选BC。10、ABC【解题分析】A、若电阻与一无穷大的电阻并联，则总电阻等于A的阻值，故A正确；

B、电阻与导线并联时，导线电阻为零，则电阻被短路，总电阻为零，故B正确；

C、并联电路中，并联的电阻越多，则总电阻越小，故C正确；

D、并联电路中某一支路开路时，总电阻变大，但绝不会为无穷大，故D错误。点睛：串联电路中总电阻等于各部分电阻之和；而并联电路中总电阻的倒数等于各部分电阻的倒数和。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、22串【解题分析】

(1)螺旋测微器：不动刻度为mm，可动刻度为15.0×0.01mm，则读数为2mm+15.0×0.01mm=2.150mm；游标卡尺是20分度的卡尺，其分度值为0.05mm，则图示读数为：60mm+3×0.05mm=60.15mm=6.015cm；(2)欧姆表表盘读数为22.0Ω，倍率为×1，故欧姆表读数为22.0Ω；(3)电压表V1内阻r=1000Ω，量程0～1V，偏小，需要串联分压电阻R0，内阻为2000Ω，故电压表量程增加为3V；最大电流：,，故电流表选择A2，为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，选择小电阻电压线性好，故选择R1．(4)由公式，电阻定律：，其中解得：，由题意可知，．12、串联1600并联0.668【解题分析】电流表改装电压表需串联一个电阻，由U=Ig(Rg+R)，带入数据得10V=5×10−3A(400Ω+R)，解得R=1600Ω；改装为电流表需并联一个电阻，由IgRg=(I−Ig)R′得R′=0.668Ω．点睛：电流表改装电压表需串联一个电阻，改装原理：U=Ig（Rg+R），U为改装后电压表量程，R为串联电阻；改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：IgRg=（I-Ig）R′，其中I为量程．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3×10-6C（1）5×10-1N【解题分析】

（1）小球受到的电场力方向向右，与场强方向相同，所以小球带正电．对小球，在如图所示力的作用下处于平衡状态．由平衡条件得：

qE=mgtanθ

得：（1）由平衡条件有：FTcosθ=mg

得细线的拉力为：【题目点拨】对于带电体在电场力平衡问题，关键是分析受力情况，运用力的合成法即可求解．14、(1)-2