广东省广州市实验中学2024届物理高二第一学期期中经典模拟试题含解析

广东省广州市实验中学2024届物理高二第一学期期中经典模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图为飞行特技表演时飞机在竖直面内俯冲后又拉起的情景，这一过程可看作半径为R的匀速圆周运动。设飞机通过最低点时速度大小为v，飞行员的质量为m。则飞机在最低点时座椅对飞行员的支持力大小为（）A．mgB．mv2RC．2、在下面的四个图中，标出了匀强磁场的磁感应强度B的方向、带正电的粒子在磁场中速度v的方向和其所受洛伦兹力f的方向，其中正确表示这三个方向关系的图是A． B．C． D．3、在图所示的电路中，电源的内阻不能忽略.已知定值电阻R3＝30Ω，R2＝8Ω.当单刀双掷开关S置于位置3时，电压表读数为3V.则当S置于位置2时，电压表读数的可能值为（）A．3．2VB．2．6VC．3．9VD．3．6V4、如图所示，两块正对平行金属板M、N与电池相连，N板接地，在距两板等距离的P点固定一个带负电的点电荷，如果M板向上平移一小段距离，则（）A．点电荷受到的电场力变小 B．M板的带电荷量增加C．P点的电势升高 D．点电荷在P点具有的电势能增加5、下列各物理量的表达式中，是用比值法定义该物理量的是()A．加速度 B．电功率C．电场强度 D．电流强度6、电动机在生活和生产中的应用相当广泛，下列的家庭电器中，和电动机有关的是：A．日光灯管； B．电吹风； C．电视机； D．电饭锅．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点不计重力下列说法正确的是A．M带负电荷，N带正电荷B．M在b点的动能小于它在a点的动能C．N在d点的电势能等于它在e点的电势能D．N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功8、如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么（）A．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接a，测量值偏小B．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b，测量值偏大C．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接a，测量值偏小D．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b，测量值偏大9、如图，条形磁铁放在水平桌面上，在磁铁右上方固定一根直导线，导线与磁铁垂直，当导线通入向里的电流时，则A．磁铁对桌面的压力减小B．磁铁对桌面的压力增大C．磁铁相对桌面有向左动的趋势D．磁铁相对桌面有向右动的趋势10、如图，C为中间插有电介质的电容器，b极板与静电计金属球连接，a极板与静电计金属外壳都接地．开始时静电计指针张角为零，在b板带电后，静电计指针张开了一定角度．以下操作能使静电计指针张角变大的是（）A．将b板也接地B．b板不动、将a板向右平移C．将a板向上移动一小段距离D．取出a、b两极板间的电介质三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关。他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示。实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大。实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的_____而增大，随其所带电荷量的___而增大（填“增大”或“减小”）。此同学在探究中应用的科学方法是_____。12．（12分）图甲所示为某同学测绘额定电压为2.5V的小电珠的I－U图线的实验电路图.（1）根据电路图，用笔画线代替导线，将图右中的实物图连接成完整的实验电路_______.（2）开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于___（选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）.（3）实验中发现移动滑动变阻器的滑片时，电流表的示数变化而电压表的指针不动，下列原因可能的是____A．灯泡中灯丝已烧断B．滑片接触不良C．灯泡内部短路D．滑动变阻器A端接触不良（4）图中电流表的读数是多少_____A（5）某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如下图的（a）、（b）、（c），下列说法正确的是____A．a可以作为标准电阻使用B．b能作为标准电阻使用C．b的阻值随电压升高而增大D．c的阻值随电压升高而增大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一束初速不计的电子在经U的加速电压加速后，在两极板间的中点处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d，板长l，偏转电场只存在于两个偏转电极之间已知电子质量为m，电荷量为e，求：（1）电子离开加速电场时的速度大小；（2）电子经过偏转电场时的时间；（3）要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压U′？14．（16分）在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，有一倾角为θ、足够长的光滑绝缘斜面，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，电场方向竖直向上．有一质量为m，带电荷量为+q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的正压力恰好为零，如图所示，若迅速把电场方向反转为竖直向下，重力加速度为g，求：（1）小球能在斜面上滑行多远？（2）小球在斜面上滑行时间是多少？15．（12分）微型直流电动机的内阻一定,把它接入电压为𝑈1=3V.的电路时,电动机不转,测得此时流过电动机的电流是𝐼1＝6𝐴;若把电动机接入电压为𝑈2=2V.的电路中,电动机正常工作,工作电流𝐼2=1𝐴,求:(1)电动机线圈的电阻R;(2)电动机正常工作时输出的机械功率。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

飞机在竖直平面内作匀速圆周运动，经过最低点时，飞行员受到竖直向下的重力G，座椅的竖直向上的支持力F′，它们的合力提供向心力，加速度方向竖直向上，合力方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析得知：F'=mg+mv2R2、B【解题分析】

有左手定则可知B对；选项A中洛仑兹力方向向下A错；选项C中洛仑兹力垂直纸面向外，C错；选项D中洛仑兹力垂直纸面向里，D错；故选B．3、B【解题分析】当单刀双掷开关S置于位置3时，电压表读数为3V，则；当单刀双掷开关S置于位置2时，电压表读数；两式作商：，化简得：；因为，，所以；综上，即，故选B。4、A【解题分析】

AB．由题分析得知，电容器的板间电压保持不变，将M板向上平移一小段距离，板间距离增大，由公式可知，板间场强减小，点电荷受到的电场力减小，故A正确；B．电容器的板间电压保持不变，将M板向上平移一小段距离，板间距离增大，电容器的电容C减小，根据Q=UC可知，M板的带电量减小，故B错误；C．板间场强减小，P点与下板间的距离未变，则由U=Ed，可知P点与下板之间电势差减小，下板电势为零，且P点的电势高于下板的电势，则P点的电势降低，故C错误；D．该点电荷带正电，P点的电势降低，则点电荷在P点具有的电势能减小，故D错误。故选A。【题目点拨】解答本题时，关键要对物理量间的关系要熟悉。分析时要抓住不变量，知道电容器与电源保持相连时板间电压不变．往往先确定电势差，再确定电势。5、C【解题分析】

这是牛顿第二定律的表达式，表明加速度与所受的合力成正比，与质量成反比，不属于比值定义法，故A错误；公式是纯电阻电路中求解电功率的变形公式，不属于比值定义法，故B错误；电场强度是电荷在电场中所受的电场力与其电荷量的比值，是用比值定义法定义的，故C正确；公式是欧姆定律的数学表达式，表明导体中的电流与导体两端的电压成正比，与这段导体的电阻成反比，不属于比值定义法，故D错误．【题目点拨】比值定义法是指采用比值的形式定义一个物理量的方法，理解比值定义法是解决本题的关键，同时建议平时学习中多积累了解物理学方法，增强自己的知识储备．6、B【解题分析】

电吹风内部有电动机和电阻丝，则和电动机有关的是电吹风，故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解题分析】试题分析：由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带负电荷，N带正电荷，故A正确．M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b点的动能小于在a点的动能，故B正确．d点和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电势能等于在e点的电势能，故C正确．D、N从c到d，库仑斥力做正功，故D错误．故选ABC考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方向，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化．8、AD【解题分析】

AB.电压表示数有明显变化，说明电流表内阻较大，分压较大，应采用电流表外接法，即S接a，可减小误差，此时电流偏大，测量值偏小，故A正确B错误。CD.电流表示数有明显变化，说明电压表内阻较小，分流较大，应采用电流表内接法，即S接b，可减小误差，此时，电压表示数偏大，电阻测量值偏大，故C错误D正确。9、BC【解题分析】

以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左下方，使得磁铁有向左运动的趋势，故受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力增大，故B、C正确，A、D错误．故选BC．【题目点拨】本题考查转换对象研究法，灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力．关键存在先研究导线所受安培力．10、CD【解题分析】

静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由，分析电容的变化，根据C=Q/U分析电压U的变化．【题目详解】将b板也接地，电容器带电量不变，两板间的电势差不变，则静电计指针张角不变，选项A错误；b板不动、将a板向右平移，根据可知d变小时，C变大，Q不变时，根据C=Q/U，可知U减小，即静电计指针张角变小，选项B错误；将a板向上移动一小段距离，根据可知S变小时，C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项C正确；取出a、b两极板间的电介质，根据可知C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项D正确；故选CD.【题目点拨】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式和C=Q/U．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、减小增大控制变量法【解题分析】

[1][2][3]对小球B进行受力分析，可以得到小球受到的电场力即B球悬线的偏角越大，电场力也越大；所以使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大；两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其所带电荷量的增大而增大。先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近。这是只改变它们之间的距离；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量。这是只改变电量所以采用的方法是控制变量法。12、A端C0.46AC【解题分析】（1）根据原理图可得出对应的实物图（2）由图可知采用分压式接法，故开始时应让测量电路中电压为零，故滑片应置于A端．（3）电流表的示数变化，说明与电流表串联的部分没有发生断路现象，而电压表的指针不动，说明电压表测量的电路电阻为零，电压表的电阻非常大，在电路中相当于开路，所以应是灯泡断路，故选C．

（4）丙图中量程为0.6A，最小分度为0.02A，则指针的示数为：0.46A．（5）a图中电阻不随电压的变化而变化，故可以做为标准电阻使用；b的阻值随电压升高而增大，c的阻值随电压升高而降低，故AC正确，BD错误．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）；（3）【解题分析】

（1）设电子流经加速电压后的速度为v0，则由动能定理得：解得：；（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，运动时间：；（3）设两极板上最多能加的电压为U′，要使电子能从平行板间飞出则电子的最大侧移量为，则有：解得：14、（1）（2）【解题分析】

设电场强度为E，则电场反转前：mg=qE电场反转后，设小球离开斜面时的速度为v，则：qvB=（mg+qE）cosθ加速度：a==2gsinθ由匀变速规律有：v2=2asv=at