2024届河南省平顶山市物理高二上期中预测试题含解析

2024届河南省平顶山市物理高二上期中预测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电路用来测定电池的电动势和内电阻．其中V为电压表（理想电表），定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（）A．6.0V，0.5Ω B．6.0V，1.25ΩC．5.6V，1.25Ω D．5.6V，0.5Ω2、如图所示，质量为m的带电小球A悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E的水平匀强电场中，当小球A静止时，细线与竖直方向成30°角，则小球所带的电量应为（）A． B． C． D．3、如图所示，虚线框MNQP内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹．若不计粒子所受重力，则()A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．粒子a在磁场中运动的时间最长C．粒子b在磁场中的加速度最大D．粒子c在磁场中的动量最大4、一定质量的理想气体（不计分子势能），可能发生的过程是（）A．气体等温压缩，气体内能增大B．气体等容放热，气体压强减小C．气体等容吸热，气体温度不变D．气体等温膨胀，气体内能减少5、如图所示，一光滑绝缘斜槽放在方向竖直向下，电场强度为E的匀强电场中，从斜槽顶端A沿斜槽向下释放一初速度为v0的带负电的小球，小球质量为m，带电荷量为q，斜槽底端B与A点的竖直距离为h。则关于小球的情况，下列说法中正确的是A．只有，小球才能沿斜槽运动到B点B．只有，小球才能沿斜槽运动到B点C．小球若沿斜槽能到达B点，速度可能是v0D．小球若沿斜槽能到达B点，最小速度一定大于v06、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是A．电压表和电流表的示数都增大 B．灯L2变暗，电流表的示数减小C．灯L1变亮，电压表的示数减小 D．灯L2变亮，电容器的带电量增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，实线是电场线，虚线是一带电粒子在电场中的运动轨迹，假设带电粒子只受电场力作用，判断下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．带电粒子受到的电场力向下C．带电粒子的速度不变D．带电粒子的加速度不变8、关于电流的方向，下列描述正确的是()A．规定正电荷定向移动的方向为电流的方向B．规定自由电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，自由电子定向移动的方向为电流的反方向D．在电解液中，由于正、负离子的电荷量相等，定向移动的方向相反，故无电流9、某带电粒子只受电场力作用，从C向D运动，其轨迹如图中虚线所示，由此可判定（）A．此粒子一定带正电B．此粒子在C处的加速度大于在D处的加速度C．此粒子在C处的电势能大于在D处的电势能D．此粒子在C处的动能大于在D处的动能10、生活中的物理知识无处不在，如图所示是我们衣服上的拉链的一部分，在把拉链拉合的时候，我们可以看到有个三角形的东西在两链中间运动，使很难直接拉合的拉链很容易地拉合，关于其中的物理原理以下说法正确的是（）A．在拉开拉链的时候，三角形的物体增大了分开两拉链的力B．在拉开拉链的时候，三角形的物体只是为了将拉链分开并没有增大分开的力C．合上拉链时，三角形的物体减小了的合上拉链的力D．合上拉链时，三角形的物体增大了的合上拉链的力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法．若所用电压表内阻约为5000Ω，电流表内阻约为0.5Ω．(1)当测量100Ω左右的电阻时，宜采用________电路．(2)现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，则此电阻的测量值为___Ω，______（大于或者小于）真实值．12．（12分）气垫导轨是常用的一种实验仪器，它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨和滑块A和B验证动量守恒定律，实验装置如图所示(弹簧的长度忽略不计)，采用的实验步骤如下：a．用天平分别测出滑块A、B的质量mA、mB；b．调整气垫导轨，使导轨处于水平；c．在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上；d．用刻度尺测出A的左端至挡板C的距离L1；e．按下电钮放开卡销，同时分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作，当A、B滑块分别碰撞挡板C、D时计时结束，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t1．①实验中还应测量的物理量及其符号是_______________________________________．②利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是______________，上式中算得的A、B两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因有________________________________________________________________________________________(至少答出两点)．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）电场中某区域的电场线如图所示，A是电场中的一点，一个电荷量q=+4.0×10-8C的点电荷在A点所受电场力为F=2.0×10-4N，求：(1)A点电场强度的大小；(2)在图中画出该电荷在A点的所受电场力F的方向。14．（16分）如图所示，光滑的平行导轨间距为L倾角为θ，处在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，导轨中接入电动势为E、内阻为r的直流电源。电路中有一阻值为R的电阻，其余电阻不计，将质量为m的导体棒由静止释放后沿导轨下滑，求：（1）导体棒在释放瞬间的加速度的大小；（2）若保持通过导体棒的电流不变，改变两导轨间的磁场方向，导体棒能够在导轨上静止，磁感应强度的最小值B0的大小为多少。15．（12分）空间有一与纸面平行的匀强电场，纸面内的A、B、C三点位于以O点为圆心，半径R＝0.2m的圆周上，并且，如图所示．现把电荷量的试探电荷从A移到B，电场力做功;从B移到C，电场力做功为．求：（1）AB两点的电势差UAB与BC两点的电势差UBC;（2）该匀强电场场强方向和大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

电键未接通时，电压表示数即为电源电动势，故电动势E=6.0V；接通电键后，对R由欧姆定律可得：电路中电流I==0.8A；由闭合电路欧姆定律可知：内电阻r==0.5Ω；故答案为A．2、A【解题分析】

小球受到三个力作用：重力mg、电场力F和细线的拉力T，根据平衡条件得知：F和T的合力与重力mg大小相等、方向相反，根据平衡条件可得解得：故A正确BCD错误。故选A。3、C【解题分析】

A项：由左手定则可知，a粒子带正电，b、c粒子带负电，故A错误；B项：由公式结合题图可知，c粒子偏转角最大，所以c粒子在磁场中运动时间最长，故B错误；C项：由图可知，b粒子的半径最大，由公式可知，b粒子的速度最大，由加速度公式可知，b粒子的加速度最大，故C正确；D项：由公式可知，，所以b粒子在磁场中的动量最大，故D错误．4、B【解题分析】

A.气体等温压缩，温度不变，则气体内能不变，选项A错误；B.气体等容放热，则W=0，Q<0，根据∆U=W+Q，则∆U<0，温度降低，根据可知，气体压强减小，选项B正确；C.气体等容吸热，则W=0，Q>0，根据∆U=W+Q，则∆U>0，温度升高，选项C错误；D.气体等温膨胀，温度不变，则气体内能不变，选项D错误。故选B。5、C【解题分析】若电场力大于重力qE>mg，，小球将离开斜面做曲线运动，若电场力等于重力，小球合力为0，做匀速直线运动，到达B点的速度也就是v0，若电场力小于重力，小球将沿着斜面做将匀加速直线运动，到达B点的速度大于v0，故C正确，A、B、D错误。点晴：带电小球在电场中运动受到多个力作用的情形，共点力作用下的平衡和牛顿第二定律在电学中的应用。6、C【解题分析】

将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知：干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压：U减小,U1增大,U并减小，灯L2变暗.流过电流表的电流：I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大;

电容器两端的电压等于并联部分的电压,电压变小，由：知电容器的电荷量减少，故选C

.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】

由粒子的偏转方向可得出粒子的受力方向，以及电性，由功的计算可得出电场力做功的正负，由动能定理可得出粒子动能的变化；由牛顿第二定律判断加速度的变化；【题目详解】A、由图可知，粒子向下偏转，则说明粒子所受的电场力方向竖直向下，则粒子带正电，故A错误，B正确；

C、由图可知，粒子向下偏转，电场力做正功，说明粒子速度增大，故C错误；D、由于匀强电场的场强不变，则粒子受到电场力不变，根据牛顿第二定律可知其加速度不变，故选项D正确。【题目点拨】本题是电场中轨迹问题，关键要能根据轨迹弯曲方向判断出电场力的方向，掌握电场力做正功，电势能减小，判断动能的变化，以及由牛顿第二定律判断加速度的变化。8、AC【解题分析】

AB．电流的方向规定为正电荷的定向移动方向；故A正确；B错误．C．金属导体里面，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反；故C正确，D．电解液中，电流的方向与正离子定向移动方向相同，与负离子定向移动方向相反，所以有电流，故D错误．故选AC．【题目点拨】本题考查电流的方向规定，要注意正电荷的定向移动方向为电流的方向．9、BC【解题分析】A、由电荷的运动轨迹可知，电荷的受力方向指向左下方，逆着电场线的方向，所以电荷为负电荷，所以A错误．B、电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，由图可知，C点的场强大于D点的场强的大小，在C点的受力大于在D的受力，所以粒子在D点的加速度小于它在C点的加速度，所以B正确；C、D、由电荷的运动轨迹可知，电荷的受力方向指向左下方，粒子从C向D运动的过程中电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在C处的电势能大于在D处的电势能，粒子在C点的动能小于它在D点的动能，所以C正确，D错误．综上所述本题答案是：BC点睛：根据物体做曲线运动的条件，掌握住电场线的特点，结合电场力做功与电势能的变化关系即可解决本题10、AD【解题分析】

AB．在拉开拉链的时候，三角形物体在两链间和拉链一起运动，手的拉力在三角形物体上产生了两个分力，分力的大小大于拉力的大小，即三角形的物体增大了分开两拉链的力，所以将拉链很容易拉开，故A正确，B错误；

CD．合上拉链时，三角形的物体增大了的合上拉链的力，故C错误，D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、甲20偏小【解题分析】试题分析：由于待测电阻满足，所以电流表应用内接法，即应采用甲电路；采用甲电路时，电阻测量值为；考虑电压表的分流作用，待测电阻的真实值应为，比较可知测量值比真实值偏小．【题目点拨】本题的关键是明确根据比较与的大小来选择内外接法，考虑实验误差时，只需将电表的内阻考虑在内，然后再根据串并联规律讨论即可．12、L1①L1、L1、t1、t1、mA、mB的数据测量误差；②没有考虑弹簧推动滑块的加速过程；③滑块并不是做标准的匀速直线运动，滑块与导轨间有少许摩擦力．④气垫导轨不完全水平．【解题分析】

A、B两滑块被压缩的弹簧弹开后，在气垫导轨上运动时可视为匀速运动，因此只要测出A与C的距离L1、B与D的距离L1及A到C、B到D的时间t1和t1，测出两滑块的质量，就可以用mA＝mB验证动量是否守恒．(1)实验中还应测量的物理量为B的右端至挡板D的距离，符号为L1.(1)验证动量守恒定律的表达式是mA＝mB产生误差的原因：①L1、L1、t1、t1、mA、mB的数据测量误差；②没有考虑弹簧推动滑块的加速过程；③滑块