2024届四川省德阳市物理高二上期中复习检测试题含解析

2024届四川省德阳市物理高二上期中复习检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列关于摩擦起电的原因，正确的说法是（）A．摩擦后产生了新的电荷B．电子和正电荷同时按相反方向转移C．电子从一个物体转移到另一个物体D．正电荷从一个物体转移到另一个物体2、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近的P点处，放置一个正点电荷，达到静电平衡后，说法中不正确的是（）A．a端的电势和b端的相等B．b端的电势比d点的高C．金属细杆内c处场强为零D．金属细杆内c处感应电荷场强的方向由a指向b3、如图所示的空间中存在着水平正交的匀强电场和匀强磁场，从A点沿AB、AC方向绝缘地抛出两带电小球，关于小球的运动情况，下列说法正确的是（）A．从AB、AC抛出的小球都可能做直线运动B．只有沿AC抛出的小球才可能做直线运C．做直线运动的小球带正电，而且一定是做匀速直线运动D．做直线运动的小球机械能守恒4、图为描述某静电场的电场线，a、b、c是同一条电场线上的三个点，其电场强度大小分别为Ea、Eb、Ec，电势分别为φa、φb、φc。把正点电荷沿电场线由a点移至b点的过程中，关于电场力对电荷所做的功和电荷电势能的变化，下列说法正确的是（）A．电场力做正功，电势能增加B．电场力做正功，电势能减少C．电场力做负功，电势能增加D．电场力做负功，电势能减少5、某电场的分布如图所示,带箭头的实线为电场线,虚线为等势面。A、B、C三点的电场强度分别为、、,电势分别为、、,关于这三点的电场强度和电势的关系,下列判断中正确的是(

)A．,B．,C．,D．,6、关于点电荷和元电荷的说法中，正确的是（）A．只有很小的球形带电体才叫做点电荷B．带电体间的距离比它们本身的尺寸大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷C．元电荷就是电子D．带电体的电荷量可以是任意数值二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如题图所示，平行直线表示电场线，但未标明方向，带电量为+10-2C的微粒在电场中只受电场力作用。由A点移到B点，动能损失0.1J，若A点电势为-10V，则A．B点的电势为0VB．电场线方向从左向右C．微粒的运动轨迹可能是轨迹1D．微粒的运动轨迹可能是轨迹28、质量为m的小球从桌面上以速度竖直向上抛出，桌面离地高度为h，小球能达到的最大离地高度为H.若以地面作为重力势能的零参考平面，如图所示,不计空气阻力，那么下列说法中正确的是：()A．小球抛出时的机械能为B．小球在最高点的机械能为mgHC．小球在最高点的机械能为D．小球落地时的机械能为mgH9、如图所示，R1=2Ω，R2=10Ω，R3=10Ω，A、B两端接在电压恒定的电源上，则（）A．S断开时，R1与R2的电压之比为5：1B．S闭合时，通过R1与R2的电流之比为2：1C．S闭合时，R1与R2两端的电压之比为1：5D．S断开与闭合两情况下，电阻R1两端的电压之比为7：1210、如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知()A．三个等势面中，P点的电势最高B．带电质点通过Q点时电势能较大C．带电质点通过Q点时动能较大D．带电质点通过P点时加速度较大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某一小型电风扇额定电压为4.0V，额定功率为2.4W。某实验小组想通过实验描绘出小电风扇的伏安特性曲线。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：A．电源E（电动势为4.5V，内阻忽略不计）B．电压表V（量程为0～5V，内阻约为4kΩ）C．电流表A1（量程为0～0.6A，内阻约为0.2Ω）D．电流表A2（量程为0～3A，内阻约为0.05Ω）；E．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω，额定电流1A）F．滑动变阻器R2（最大阻值2kΩ，额定电流100mA）①为了便于调节，减小读数误差和系统误差，实验中所用电流表应选用_______，滑动变阻器应选用_______．（填所选仪器前的字母序号）．②请你为该小组设计实验电路，并把电路图画在虚线内。（_________）③操作过程中发现，小电风扇通电后，电压表读数大于0.5V时，小电风扇才会开始转动．该小组测绘出的小电风扇的伏安特性曲线如图所示，由此可以判定，小电风扇的电阻为______，正常工作时的发热功率为_______，电风扇的机械功率为______。（以上三空计算结果均保留到小数点后一位）12．（12分）（1）某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如下图(a)和(b)所示。该工件的直径为________cm，高度为________mm。（2）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a、b的位置，如图所示。若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的档位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中______mA、_______V、_____Ώ。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一台小型电动机在380V电压下正常工作时，能将30kg的货物在30s内匀速提升30m，通过它的电流是1A．除电动机线圈生热，其它能量损失不计，求在此过程中：(1)拉力对货物做功的功率;(2)电动机的输出功率;(3)电动机线圈所产生的热量．14．（16分）在倾角为θ的足够长的绝缘斜面上，带电的小物块A和不带电的绝缘小物块B正分别沿斜面向上滑行．斜面处于范围足够大的匀强电场中，场强方向平行斜面向下．当A刚追上B时，物块A的速度vA＝1.8m/s，方向沿斜面向上，物块B的速度恰为零，如图所示．A追上B时发生第一次碰撞（碰撞过程经历时间极短，且无机械能损失，A的电荷也没有转移），碰后瞬间A的速度v1＝0.6m/s，方向仍沿斜面向上；碰后经0.60s，物块A的速率变为v1＝1.8m/s，在这0.60s时间内两物块没有再次相遇．已知物块A与斜面间的动摩擦因数μ＝0.15，质量mA＝0.5kg，物块B与斜面间的摩擦忽略不计，质量mB＝0.15kg，匀强电场的场强N/C，sinθ＝0.6，cosθ＝0.8，重力加速度g＝10m/s1．求(1)第一次相碰后物块B的速率；(1)物块A所带的电荷量；(3)第一次相碰后0.60s内物块A的电势能的变化量.15．（12分）质量为m的带电小球带电量为+q，用绝缘细线悬挂在水平向左的匀强电场中，平衡时绝缘细线与竖直方向成37°角，重力加速度为g。求电场强度的大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

摩擦起电过程中，电子从一个物体转移到另一个物体，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，在摩擦起电过程中没有产生新电荷，只是电子发生转移；，故C正确，ABD错误．故选C．2、B【解题分析】

A、B、C、达到静电平衡后，杆处于静电平衡状态，整个导体是一个等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，所以内部的场强处处为零，c处的电场强度为0，故A，C正确，B不正确；D、由于静电感应，达到静电平衡后，导体上感应出来的正电荷在a端，负电荷在b端，因C处的电场强度为零，那么细杆内c处感应电荷场强的方向由a指向b，故D正确；本题选择不正确的故选B.【题目点拨】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．3、C【解题分析】试题分析：从AB抛出的小球，若小球带正电，受到重力、水平向右的电场力和垂直于AB连线向上的洛伦兹力，三力的合力可能为零，可能做匀速直线运动，从AC抛出的小球，若小球带正电，受到重力、水平向右的电场力和垂直于AC连线向上的洛伦兹力，三力的合力不可能为零，不可能做匀速直线运动；由于洛伦兹力随速度的变化，也不可能做直线运动，AB错误；若小球带负电，受到重力、水平向左的电场力和垂直于AC连线向下的洛伦兹力，三力的合力不可能为零，一定做曲线运动，C正确；从AB抛出的小球，由于电场力做功，其机械能一定不守恒，考点：考查了带电粒子在复合场中的运动【名师点睛】带电粒子在复合场中运动问题的分析思路1．正确的受力分析除重力、弹力和摩擦力外，要特别注意电场力和磁场力的分析．2．正确分析物体的运动状态找出物体的速度、位置及其变化特点，分析运动过程．如果出现临界状态，要分析临界条件带电粒子在复合场中做什么运动，取决于带电粒子的受力情况．（1）当粒子在复合场内所受合力为零时，做匀速直线运动（如速度选择器）．（2）当带电粒子所受的重力与电场力等值反向，洛伦兹力提供向心力时，带电粒子在垂直于磁场的平面内做匀速圆周运动．（3）当带电粒子所受的合力是变力，且与初速度方向不在一条直线上时，粒子做非匀变速曲线运动，这时粒子的运动轨迹既不是圆弧，也不是抛物线，由于带电粒子可能连续通过几个情况不同的复合场区，因此粒子的运动情况也发生相应的变化，其运动过程也可能由几种不同的运动阶段所组成4、B【解题分析】

电场线水平向右，正电荷在电场中的受力方向沿电场线的方向，故正点电荷由a点沿电场线移到b点的过程中，电场力做正功，电势能减小；A．电场力做正功，电势能增加，与结论不相符，选项A错误；B．电场力做正功，电势能减少，与结论相符，选项B正确；C．电场力做负功，电势能增加，与结论不相符，选项C错误；D．电场力做负功，电势能减少，与结论不相符，选项D错误；5、B【解题分析】根据电场线的疏密程度表示场强的大小，由图可知A处电场线比B处密，所以EA>EB根据沿电场线电势越来越低可知：，故B正确。点晴：解决本题关键理解电场线的疏密程度表示场强的大小和沿电场线电势越来越低。6、B【解题分析】

A．当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，与电荷本身大小无关，故A错误；B．带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷，故B正确；C．元电荷是与电子的电荷量数值相等的电荷量，但不是电子，故C错误；D．带电体所带的电量只能是元电荷的整数倍,故D错误。故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】

B．由动能定理可知WE=△EK=-0.1J；可知粒子受到的电场力做负功，故粒子电势能增加，B点的电势高于A点电势；而电场线由高电势指向低电势，故电场线向左，故B错误；

A．AB两点的电势差则UA-UB=-10V解得UB=0V；故A正确；CD．因电场方向向左，电场力向左，粒子运动轨迹的凹向指向电场力方向，可知微粒的运动轨迹可能是轨迹1，选项C正确，D错误；8、ABD【解题分析】若以桌面作为重力势能的零参考平面，有动能为：，重力势能为：mgh，此时的机械能为：，故A正确；小球在最高点的动能为零，重力势能为mgH，所以机械能为mgH，故B正确，C错误；小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，所以小球落地时的机械能为mgH，故D正确。所以ABD正确，C错误。9、BD【解题分析】

A、由U=IR，I相等，R1与R2的电压之比等于电阻之比1:5;故A错误；B、I2=I3，R3=R2，则I1=2I2，故B正确．C、S闭合时，I1=2I2，则电压之比为I1R1:I2R2=4I2：10I2=2:5；故C错误；D、S断开时，U1:U2=R1：R2=1:5，则；S闭合时，，则；电阻R1两端的电压之比为7:12；故D正确；故选BD.【题目点拨】电路的分析与计算问题的基础是分析电路的结构．往往按局部→整体→局部的顺序进行分析和计算．也有时抓住串并联电流、电压与电阻的分配关系求解．10、BD【解题分析】电荷所受电场力指向轨迹内侧，即带正电的质点所受电场力方向大致向右上方，故电场线指向右上方，沿电场线电势降低，故P点的电势低于Q点的电势，故A错误；正电荷在电势越高的地方，电势能越大，动能越小，故B正确，C错误；等势线密的地方电场线也密，电场强度大，所受电场力大，因此加速度也大，即通过P点的加速度大于通过Q点的加速度，故D正确．故选BD．【题目点拨】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右上方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右上方；正电荷在电势越高的地方，电势能变越大，动能越小；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CE见解析2.5Ω0.9W1.5W【解题分析】

①[1]电风扇的额定电流，从读数误差的角度考虑，电流表选择C；[2]电风扇的电阻大约，电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为10Ω的误差较小，即选择E；②[3]因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法．电路图如图所示③[4]电压表读数小于0.5V时电风扇没启动．根据欧姆定律得：[5]正常工作时电压为4V，根据图象知电流为0.6A，则电风扇发热功率：[6]则电风扇的机械功率：12、1.2206.858-6.862230.57-0.58350【解题分析】(1)游标尺有20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为12mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.05mm=0.20mm，所以最终读数为：12mm+0.20mm=12.20mm=1.220cm；螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0×0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm；(2)直流电流100mA档读第二行“0～10”一排，最小度值为2mA估读到1mA就可以了,所以读数为23mA；直流电压2.5V档读第二行“0~250”一排，最小分度值为0.05V估读到0.01V就可以了,所以读数为0.57V；电阻×100档读第一行，测量值等于表盘上读数“3.5”乘以倍率“100”,所以读数为350Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)300W；(2)300W；(3)2400J．【解题分析】

(1)货物匀速上升，故牵引力等于重力，故有：F=mg=30×10=300N；上升的速度为：v==1m/s；故牵引力的功率为：P=FV=300×1W=300W；(2)电动机的输出功率为300W(3)由能量守恒定律可知：Q=UIt﹣mgh=380×1×30﹣