2024届江苏省盐城市龙冈共同体中考物理全真模拟试题含解析

2024届江苏省盐城市龙冈共同体中考物理全真模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．下列光现象中，由于光的反射而形成的是A．深水看上去变“浅”了B．水中“断笔”C．水中“倒影”D．物体看上去变“大”了2．小明和爸爸在九点吃饭时，点了一款新推出的“网红”甜品，发现盛甜品的碗周围冒着“白气”，询问后得知，原来是盘中加了干冰和水，拿去上面的碗，看到下面盘子里的液体在“沸腾”。下列说法正确的是A．甜品周围的“白气”是干冰升华成的二氧化碳B．甜品周围的“白气”是空气中的水蒸气汽化形成的C．盘里的液体“沸腾”是因为干冰升华成二氧化碳从水中冒出D．盘里的液体“沸腾”是因为干冰升华使碗中的水吸热后沸腾3．2018年7月28日，21世纪以来持续时间最长的月全食，呈现“血月”奇观，如图所示。月全食形成主要是由于A．光的直线传播 B．光的反射C．平面镜成像 D．光的折射4．物理学家在科学发展的历程中，做出了杰出的贡献，下列叙述符合历史事实的是A．伽利略最早推理得出一个运动的物体如果不受外力，将会永远运动下去B．法拉第首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系C．奥斯特首先发现了电磁感应现象D．帕斯卡实验最早比较精确地测出了大气压的数值5．下列数据中，符合实际情况的是A．人体感到舒适的温度约为36.5℃B．八年级物理课本的宽度约为18mmC．教室里日光灯的额定功率约为40WD．将2个鸡蛋举高1m时克服重力做功约10J6．如图所示的电路中，电源为恒流源，所谓恒流源是指从电源流出的电流大小始终保持不变，R0为定值电阻．当将滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，下列说法中正确的是（）A．电压表的示数变大 B．电流表的示数变小C．电路的总电阻变大 D．电路的总功率变小7．下列有关电现象的叙述正确的是(）A．橡胶棒通过摩擦起电的方式一定会带上负电B．在导体中,只有正电荷定向移动才形成电流C．安全用电的原则是:可以接触低压带电体,但不能靠近高压带电体D．用电高峰期,家里的白炽灯比正常发光时要暗一些,这是因为并联的电器增多灯泡的实际功率减小8．2016年5月9日19时12分左右，“水星凌日”的天象于本世纪第三次出现．如图所示，水星如一颗小黑痣从太阳“脸上”缓慢爬过．它的形成与下列光现象原理相同的是A．海市蜃楼 B．镜花水月C．小孔成像 D．水中荷花的倒影9．如图所示，用相同的滑轮构成甲、乙、丙三个装置，在相等的时间里分别把同一个重物匀速提升相同高度．不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（）A．甲装置所用的拉力比乙的大B．乙装置中拉绳的一端移动的速度比丙的大C．丙装置的机械效率比甲的小D．三个装置的额外功相同10．下列图例能说明大气压强存在的是A．书包带较宽B．热气球升空C．水坝下部较宽D．纸片托水二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．下列关于能量转化和转移现象的说法中，正确的是A．给蓄电池充电时，电能发生了转移B．用冷水冷却汽车发动机，内能发生了转移C．暖瓶塞跳起时，机械能转化为内能D．太阳能热水器工作时，太阳能转化为内能12．下列说法中正确的是（）A．液体的沸点随液面上方的气压增大而降低B．温度升高越多的物体，吸收的热量越多C．在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能D．温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在13．如图所示，用相同的滑轮分别组成甲、乙两个滑轮组，分别把重为G1、G2的重物以相同的速度v匀速提升相同的高度h=2m．若不计绳重及摩擦，下列说法正确的是A．若G1=G2，F1做功的功率大于F2做功的功率B．若G1=G2，两滑轮组的机械效率相同C．若G1＞G2，两滑轮组的机械效率相同D．若G1=240N，甲的机械效率为80%，则F1做的功是600J三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．如图所示是一款人脸识别门禁一体机,通过摄像镜头来捕捉人脸信息,该摄像镜头相当于凸透镜,所成的是_______________(填“放大、缩小或等大”)的___像(填“实或虚”）；若镜头的焦距为10cm,为了能成清晰的像,人脸到镜头的距离应大于______cm。15．一重为30牛的物块在水平地面上受到3牛的水平拉力作用而做匀速直线运动，则物块受到滑动摩擦力的大小为______牛；若在该物块下面装上小轮后，同样做匀速直线运动，水平拉力变小，这是因为相同条件下，滚动摩擦比滑动摩擦_______；若用定滑轮匀速提升该物块，则所用力的大小为______牛。16．节能电动车为上海世博园区的观光提供了绿色交通服务．若一辆电动车在中国馆附近的水平路面上以27km/h的速度沿直线行驶了40s，则通过的路程为_____m；刹车时，电动车所受地面的摩擦力与匀速行驶时比较_____（选填“变大”“变小”或“不变”）．17．小明在做电学实验中需要一个量程为9V的电压表，可是他只能找到量程为0～3mA的电流表一只。通过查资料，小明知道电流表可以改装成电压表，这是因为电流表本身也有电阻，当电流通过电流表时，它的两接线柱之间具有一定的电压，这个电压的大小可从电流表的示数反映出来。已知该电流表的电阻为Rg＝10Ω。若将这个电流表当作电压表使用，它所能测量的最大电压值为_____V。若要将该电流表改装成量程是9V的电压表，应_____联一个_____Ω的定值电阻。18．如图所示的电路，当开关S闭合后，若电阻R1、R2并联且能正常工作，则甲表是______表（填“电流”或“电压”），乙表测的是________的_________（填“电流”或“电压”）．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．将一底面积为Scm2的长方体木块用细线栓在空容器的底部，然后向容器中缓慢加水直到木块上表面与液面相平，如图甲所示，在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的变化如图乙所示，（1）求木块所受到的最大浮力为？（2）细线对木块的最大拉力为？（设水的密度为ρ0）20．洗碗机是自动清洗餐具的机器。某型号家用洗碗机工作程序为：首先给水箱注水，当水注满时停止注水并自动加热，水温上升到50℃即停止加热，洗涤程序启动，热水从喷管喷出对餐具清洗、喷淋，直到洗涤过程结束，排水泵启动，将水箱中的废水排出。为该洗碗机某次正常工作时的P﹣t图象，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），设水箱中水的初温为20℃，加热效率为80%。不计水的电阻，求发热电阻R。该洗碗机正常洗一次碗消耗的电能是多少焦？已知人工洗一次碗用20kg的水，则改用该洗碗机洗碗，一次可以节约多少千克的水。21．为了节约水资源，公厕用的定时定量冲水装置主要部件如图所示．浮筒底面积为S1=100cm2且足够高，略大于出水口的圆形阀门（厚度不计）的表面积为S2=20cm2，浮筒与阀门用细杆相连，不计浮筒、阀门、轻杆的重量．通常情况下，水龙头以滴漏形式向储水桶供水，当储水罐水位上升到20cm时，浮筒即将通过轻杆将阀门拉起冲水，问即将开始冲水时（g=10N/Kg，ρ水=1.0×103kg/m3）：阀门所受水的压强p为多少？浮筒对阀门的拉力为多大？浮筒浸入水中部分的深度H为多少？五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．如图所示，电路连接正确，通电后小磁针指向如图所示（涂黑端表示N极）.请在图中标出电源的“＋”、“—”极，并画出螺线管的绕法（至少三圈）.（_____）23．如图所示，根据光的反射定律画出反射光线并标出反射角的度数．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．小海学习了摩擦力后知道了滑动摩擦力大小与压力大小及接触面的粗糙程度有关，而教室里拖过地后有位同学差点滑倒，小海想一定是因为地面有水使摩擦力减小了。而小红说银行工作人员数钱时会用手沾一点水，说明水可以增大摩擦力。水到底对摩擦力有什么样的影响呢？于是他们利用一个质量为200g的砝码进行了以下实验；实验一：探究水对地砖面的影响。表一：实验次数地砖面拉力大小/N1不喷水0.62喷3下0.43喷6下0.3实验步骤：表一：将一块地砖放在水平桌面上，砝码放在地砖上；B．测量前，弹簧测力计要先在水平方向______，然后沿水平方向拉动地砖上的砝码，使其做________，读出拉力大小即为滑动摩擦力的大小，其依据是___________。C．用喷壶在地砖表面均匀地喷3下清水后，将砝码放在地砖上，重复上步骤读出此时拉力大小并记录；D．增加喷水量（再喷3下）重复上述步骤读出此时拉力大小并记录。根据表一实验数据，在地砖表面喷水越多，滑动摩擦力越___________。实验二：探究水对木板面（表面没有涂漆）的影响。实验步骤：表二：实验次数木板面拉力大小/N4不喷水1.15喷3下1.56喷6下1.7将木板放在水平桌面上，砝码放在木板上；B．用调节好的弹簧测力计水平拉动木板上的砝码，使其做匀速直线运动，读出拉力大小并记录在表二中；C．用喷壶在木板表面均匀喷3下清水后，将砝码放在木板上，重复上述步骤读出此时拉力大小并记录：D．增加喷水量（再喷3下）重复上述步骤读出此时拉力大小并记录。（1）根据表二中实验数据，在木板表面喷水越多，滑动摩擦力越___________，砝码所受滑动摩擦力大小与喷水量___________（选填“成”或“不成”）正比；（2）对比实验一和实验二的结果，可以看出滑动摩擦力的大小除了与喷水量多少有关，还与___________有关。根据第1、4次实验可以判断出表面较为粗糙的是___________（选填“干燥地砖”或“干燥木板”）。（3）小海经过查阅资料了解到木板表面喷水后，水会渗入木板，使木板表面膨胀而对物体的阻碍作用变大而地砖喷水后地砖表面会形成水膜，地砖本身不变，物块和地砖间的滑动摩擦力因为水的润滑作用而减小、想一想，生活中用___________（选填“湿毛巾”或者“干燥毛巾”）垫着更容易将瓶盖拧开。25．李燕在“探究凸透镜成像规律”的实验中：（1）首先将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到_____，她这样做是为了使烛焰的像成在_____。（2）当蜡烛、凸透镜、光屏在如图所示的位置时，光屏上出现了明亮清晰的像，此像大小、正倒、虚实是_____，应用这个原理可制成_____。（3）实验中某同学将自己的近视眼镜放在了图中蜡烛与凸透镜之间，且靠近凸透镜的位置时，看到光屏上的像变得模糊了，为使光屏上的像重新变得清晰，在不移动蜡烛和凸透镜的前提下，他应该将光屏向_____（填“左”或“右”）移动。26．某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。（1）请你用笔线代替导线，在图甲中把电路连接完整。（_____）（2）正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因应该是_______A．电流表内部断路了B．灯泡的灯丝断了C．灯座内部出现了短路D．滑动变阻器的电阻线断了（3）排出故障后，通过正确操作，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，其值为________A，小灯泡的额定功率为_________W。（4）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向____（选填“左”或“右”）端滑动。（5）测量小灯泡的电功率________（选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是_____。（6）图丙是该实验小组的同学测量小灯泡电功率的电路图，测量后他们对测量结果进行了误差分析，考虑电表本身对电路的影响，该实验所测小灯泡电功率偏_________（选填“大”或“小”）。

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、C【解题分析】

A．水看起来很浅，是由于光线通过水、空气进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的现象，属于光的折射现象，故A不符合题意；B．水中的“断笔”是由于光从水中通过空气进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的虚像，属于光的折射现象，故B不符合题意；C．平静的水面相当于平面镜，水中的倒影是平面镜成像现象，属于光的反射，故C符合题意；D．凸透镜成像是根据光的折射原理制成的，而放大镜是凸透镜的一种应用，因此通过放大镜看到放大的物体，属于光的折射现象，故D不符合题意。故选C。2、C【解题分析】

A、B、甜品周围的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故A、B错误；C、碗里的干冰升华成二氧化碳从水中冒出，造成水面翻腾，看起来像是在“沸腾”，故C正确；D、水的沸腾过程需要吸收热量，干冰升华吸热，水放热，不能沸腾，故D错误。3、A【解题分析】

当太阳、地球、月球在同一直线上，地球位于太阳与月球之间时，太阳发出的沿直线传播的光被不透明的地球完全挡住，光线照不到月球上，在地球上完全看不到月球的现象就是月全食，故月全食是由光的直线传播形成的。4、A【解题分析】

最早推理得出一个运动的物体如果不受外力，将会永远运动下去，这一结论是物理学家伽利略得出来的，故A符合历史事实；德国物理学家欧姆首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系，被后人命名为欧姆定律，故B不符合历史事实；丹麦科学家奥斯特最早发现电流周围存在磁场；英国物理学家法拉第最早发现电磁感应现象，故C不符合历史事实；意大利科学家托里拆利最早比较精确地测出了大气压的数值，故D不符合历史事实。5、C【解题分析】

A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右。故A不符合实际；B、八年级物理课本的宽度约为18cm＝180mm，故B不符合实际；C、日光灯正常发光的电流在0.2A左右，额定功率在P＝UI＝220V×0.2A＝44W，接近40W．故C符合实际；D、一个鸡蛋的重力G＝0.5N左右，把2个鸡蛋举高1m做功约为W＝Gh＝0.5N×2×1m＝1J，故D不符合实际。6、D【解题分析】

由图可知，定值电阻R0和滑动变阻器R并联，电压表测量电源电压，电流表测量通过滑动变阻器的电流；A．当将滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据并联电路的电阻特点可知总电阻减小，由于该电源为恒流源，则总电流不变，根据U=IR可知，电源电压减小，即电压表示数会减小，故A错误；B．电源电压减小，则定值电阻R0两端的电压减小，根据欧姆定律可知，通过R0的电流减小，因干路中的电流不变，根据并联电路特点可知，通过滑动变阻器的电流变大，即电流表的示数变大，故B错误；C．滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据并联电路的电阻特点可知，总电阻减小，故C错误；D．干路中的电流不变，电源电压减小，根据公式P=UI可知，总功率变小，故D正确．7、D【解题分析】

A.橡胶棒与毛皮摩擦才会带上负电，与其他材料摩擦有可能带正电．故A错误．B.在导体中，不管是正电荷定向移动还是负电荷定向移动，都能形成电流．故B错误．C.安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体！故C错误．D.用电高峰期，家里的白炽灯比正常发光时要暗一些，这是因为并联的电器增多，干路电流增大，而干路导线也具有一定的电阻，根据U=IR可知，干路导线会分走一定的电压，导致用电器电压降低，灯泡的实际功率减小．故D正确．8、C【解题分析】“水星凌日”现象是水星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时，在地球上看到水星从太阳面上移动的现象，是由于光的直线传播形成的．海市蜃楼是光线通过密度不均匀的空气中发生的折射现象，故A不符合题意．镜花水月是平面镜成像，属于光的反射现象，故B不符合题意．“小孔成像”是由于光的直线传播形成的，与“水星凌日”原理相同，故C符合题意为答案．水中荷花的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，故D不符合题意．9、D【解题分析】

（1）由滑轮组的结构知道承担物重的绳子有效段数n，根据分析拉力大小；（2）物体上升高度为h，则绳子自由端移动的距离s＝nh；绳子自由端的速度与物体升高速度的关系是：v自＝nv物；（3）因不计摩擦和绳重，故额外功的唯一来源为克服动滑轮重力所做的功，根据W＝G动h，分析三个装置的额外功大小；根据已知条件，由分析三个装置的机械效率大小．【题目详解】(1)甲和乙装置都有两段绳子承担总重，且物重和动滑轮重都相同，不考虑绳重和摩擦，由F可知：F甲＝F乙，即甲装置所用的拉力与乙一样大，故A错误；(2)在相等的时间里分别把同一个重物匀速提升相同高度,根据v＝,三个重物上升的速度v物相同，乙有两段绳子承担总重,则绳端移动速度v乙＝2v物；丙有三段绳子承担总重,则绳端移动速度v丙＝3v物；所以，乙装置中拉绳的一端移动的速度比丙的小，故B错误；(3)因不计摩擦和绳重,故额外功的来源为克服动滑轮重力所做的功,用相同的滑轮且将重物提升的高度相同(动滑升高的高度与物体升高的高度相同)，根据W额外＝G动h，三个装置的额外功相同，故D正确；因为η×100%所以三个装置的机械效率相同，故C错误．【题目点拨】（1）由滑轮组的结构知道承担物重的绳子有效段数n，根据F分析拉力大小；（2）绳子自由端移动的距离s＝nh；绳子自由端的速度与物体升高速度的关系是：v自＝nv物；（3）因不计摩擦和绳重，故额外功的唯一来源为克服动滑轮重力的做的功，根据W＝G动h，分析三个装置的额外功大小；根据已知条件，由η×100%分析三个装置的机械效率大小．10、D【解题分析】

A．书包带较宽是在压力一定时，增大受力面积，减小了压强，与大气压无关，故A不合题意；B．热气球升空是利用空气的浮力，不能说明大气压强的存在，故B不合题意；C．水坝下部较宽，是因为液体的压强随深度的增加而增大，下部较宽可承受更大的水的压强，与大气压无关，故C不合题意；D．纸片托水，是因为杯内水的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，使纸片和水不会掉落，故D符合题意；故选D。二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、BD【解题分析】

A、给蓄电池充电，消耗电能，把电能转化为化学能储存起来，不是电能发生了转移，故A错误；B、用冷水冷却汽车发动机，冷水吸热、发动机放热，水的内能增大、发动机的内能减小，所以内能发生了转移；故B正确；C、暖瓶塞跳起时，消耗了水蒸气的内能，得到了机械能，所以将内能转化为机械能；故C错误；D、太阳能热水器工作时，消耗了太阳能，转化为了水的内能，属于能量的转化，故D正确．12、CD【解题分析】

A．液体的沸点与气压有关，随着液面气压的增大而升高，故A错误；B．物体吸收热量的多少与物体的质量、比热容和升高的温度有关，温度升高的越多的物体，不一定吸收的热量越多，因为质量等不确定，故B错误；C．在四冲程内燃机中，做功冲程是燃料燃烧释放出内能转化热机的机械能，故C正确；D．冰可以直接由固态变为水蒸气，发生升华现象，故温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在，故D正确．13、BD【解题分析】

A．由图可知，甲图中由3股绳子承担物重，乙图中由2股绳子承担物重，则绳端的拉力：F1=（G+G动），F2=（G+G动），绳端移动的速度：v1=3v，v2=2v，同一动滑轮的重力相同，根据P===Fv可知，若G1=G2，F1做功的功率等于F2做功的功率，故A错误；B．若不计绳重及摩擦，则额外功的来源是克服动滑轮自重做的功，即W额外=G动h，有用功：W有用=G物h，总功：W总=W额外+W有用=G动h+G物h，则机械效率：η==-----①，由题意可知，滑轮相同，把重力为G1、G2的重物匀速提升相同的高度，G1=G2，由①式可知，两滑轮组的机械效率相同，故B正确；C．将①式分子分母同除以G物可得：η==-----②，由②可知，在动滑轮自重相同时，滑轮组的机械效率随物体重的增加而增大，因G1＞G2，所以甲图中滑轮组机械效率高于乙图中的机械效率，故C错误；D．若G1=240N，则有用功：W有1=Gh1=240N×2m=480J，此时甲的机械效率为80%，F1做的功即总功：W总1==600J，故D正确．三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、缩小实20【解题分析】

摄像头的镜头相当于凸透镜，所成的像是倒立缩小的实像，若镜头的焦距是10cm，人的脸距离凸透镜的距离应大于20cm时，成倒立、缩小的实像。15、3小30【解题分析】

物体在3N水平拉力作用下做匀速直线运动，所以物体处于平衡状态，因此拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，即f=F=3N；在减小摩擦力的方法中有一种是变滑动为滚动，所以在该物块下面装上小轮后，水平拉力变小，这是因为相同条件下，滚动摩擦比滑动摩擦小；定滑轮可以改变力的方向，但不省力，动滑轮不能改变力的方向，可以省力，所以用定滑轮提升该物体，所用力的大小等于物重30N。16、300变大【解题分析】

v＝27km/h＝7.5m/s；根据v＝可得，匀速行驶40s通过的路程为：s＝vt＝7.5m/s×40s＝300m；电动车在刹车时，由滚动变为滑动，所以摩擦力变大．17、0.03串2990【解题分析】

（1）当通过的电流表的电流I大＝3mA＝3×10﹣3A时，电流表两端的最大电压：U大＝I大Rg＝3×10﹣3A×10Ω＝0.03V，即能测量最大电压值是0.03V；（2）由题知，要串联电阻分担的电压：UR＝U﹣U大＝9V﹣0.03V＝8.97V，∵＝，∴R＝＝＝2990Ω。18、电压表R2电流【解题分析】试题分析：在分析电路连接情况时，电压表的内阻很大，相当于开路；电流表的内阻很小，相当于短路．题中当开关S闭合后，若电阻R1、R2并联且能正常工作，则甲表是电压表，乙是电流表，电流表与所测电路串联，故所测的是电阻R2的电流．【考点定位】电路的连接方式及电压表、电流表的使用．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、ρ0gS(h1+h3-h2)ρ0gS(h3-h2)【解题分析】

（1）根据图象可知，木块刚刚漂浮时，木块浸入水中的深度为L1＝9cm；由于从9cm到16cm，木块一直处于漂浮，浸入水中的深度不变；当水面的高度为16cm时细线刚好张紧，线的拉力为零；直到木块上表面与液面相平，此时水面的高度为25cm；所以木块的高度：L＝9cm+（25cm﹣16cm）＝18cm＝0.18m；则木块的体积：V木＝S木L＝0.01m2×0.18m＝1.8×10﹣3m3，木块全部淹没时受到的浮力最大为：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV木＝1×103kg/m3×10N/kg×1.8×10﹣3m3＝18N；（2）由图象可知，木块刚刚漂浮时木块底部受到水的压强为900Pa，则木块的重力与水向上的压力（浮力）平衡，所以，木块重力：G＝F向上＝p向上S＝900Pa×0.01m2＝9N；直到木块上表面与液面相平时，木块受到的浮力最大，由力的平衡条件可得，细线对木块的最大拉力为：F拉＝F浮﹣G＝18N﹣9N＝9N．20、（1）48.4Ω（2）1.6956×106J（3）12【解题分析】

（1）由图乙知道，洗碗机加热时的功率是P加热＝1000W，由P＝UI＝知道，发热电阻的阻值是：R＝＝48.4Ω；（2）洗碗机注水时不消耗电能，由图乙知道，洗碗机加热时的功率为1000W，工作的时间为21min，洗碗机加热时消耗的电能是：W加热＝P加热t加热＝1000W×21×60s＝1.26×106J，由于洗碗机清洗喷淋时的功率为120W，工作时间为60min，所以，洗碗机清洗喷淋时消耗的电能是：W清喷＝P清喷t清喷＝120W×60×60s＝4.32×105J，由于洗碗机排水的功率为60W，工作的时间为1min，由P＝知道，洗碗机排水时消耗的电能是：W排＝P排t排＝60W×60s＝3.6×103J，该洗碗机正常洗一次碗消耗的电能是：W＝W加热+W清喷+W排＝1.26×106J+4.32×105J+3.6×103J＝1.6956×106J；（3）由η＝×100%知道，加热过程中水吸收的热量是：Q吸＝W加热η＝1.26×106J×80%＝1.008×106J，由Q吸＝cm（t﹣t0）知道，水箱注满水时水的质量是：m水＝＝8kg，人工洗一次碗用20kg的水，改用该洗碗机洗碗，则一次可以节约水的质量是：△m＝m水′﹣m水＝20kg﹣8kg＝12kg。21、（1）2000Pa；（2）4N；（3）0.04m【解题分析】

解：（1）由题可知，当h=20cm时，阀门受到水的压强为：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa；（2）阀门受到水向下的压力和浮筒向上的拉力，刚被拉起时，因为不计重力，两个力大小相等，则拉力F拉=F压=pS=2000Pa×2×10﹣3m2=4N；（3）因为不计重力，浮筒在竖直方向只受到竖直向上的浮力和细杆向下的拉力F’，F’和F拉是相互作用力，即F′=F拉=4N，根据力的平衡得F′=F浮=ρ水gV排可得：，浮筒浸入水中部分的深度H为．答：（1）阀门所受水的压强p为2000Pa；（2）浮筒对阀门的拉力为4N；（3）浮筒浸入水中部分的深度H为0.04m．【题目点拨】五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解题分析】解答：已知小磁针右端为N极，由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极，由电流表的接线柱可知，电流从螺线管的右端流入，即电源右端为正极，根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极，则线圈的绕法如图所示23、如下图所不【解题分析】根据光的反射定律，入射光线与反射光线分居法线两侧，入射角等于反射角，据此作图．六、