2022年广东省深圳市南山实验教育集团中考物理三模试卷（附答案详解）

2022年广东省深圳市南山实验教育集团中考物理三模试

卷

一、单选题（本大题共5小题，共15.0分）

1.图中展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其所涉及的物理知识表述不正确的是

A.图甲：天坛公园的回音壁利用声波的反射，使得传入人耳的声音响度变大

B.图乙：古代用铜水铸造成青铜器是凝固现象，需要吸热

C.图丙：古人用来汲水的工具一一桔棒是一个省力杠杆

D.图丁：钻木取火将机械能转化成内能

2.为倡导同学们关注生活，物理老师鼓励大家对常见的物理量进行估测，下列数据符

合实际的是（）

A.物理课本宽度约12dm

B.珠穆朗玛峰峰顶的大气压约为1.01x105Pa

C.教室内气温约为37.3^

D.中学生从--楼上到四楼克服自身重力做功约4500J

3.许多物理学家在科学发展的历程中做出了杰出的贡献，下列叙述不符合历史事实的

是（）

A.伽利略通过实验分析得出，物体的运动不需要力来维持

B.托里拆利首次测出大气压的数值

C.焦耳首先发现了电流的磁效应

D.法拉第发现了电磁感应现象

4.如图是一款小电风扇，图中能说明其工作原理的实验装置是（）

5.如图所示，人类利用现代科技“上九天揽月、下五洋捉鳖”。下列有关说法正确的

是（）

A.甲图中，“神舟十三号”载人飞船的运载火箭加速升空时，受到了平衡力的作

用

B.乙图中，“北斗”卫星导航系统利用超声波向地球传递信息

C.丙图中，大型水陆两栖飞机“鳏龙”AG600轻盈入水，若飞机从长江驶入东海

后，船体会上浮一些

D.丁图中，“奋斗者”号载人潜水器在水中下潜的过程中受到的浮力越来越小、

受到的压强越来越大

二、多选题（本大题共5小题，共5.0分）

第2页，共25页

6.在抗击新冠疫情中，“火神山”“雷神山”医院内部要求处于“负压”状态，这样

可以防止病房内部气体向外扩散。同时，全国有序推进全民新冠疫苗的接种工作。

下列说法正确的是（）

A.托里拆利实验中玻璃管内水银面的上方部分的气压小于外部大气压，也处于

“负压”状态

B.用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热升华

C.注射器尖细的针头可以增大对皮肤的压强

D.进行肌肉注射时，大气压将药液压入人的肌肉中

7.随着生活水平的提高，小汽车已逐步进入普通百姓的

家庭。关于在平直公路上匀速行驶的小汽车，下列说

法正确的是（）

A.随着汽油的消耗，油箱中剩余汽油的热值变小

B.给汽车提供动力的是汽油机的压缩冲程

C.利用水来作为汽车发动机的制冷剂是因为水的比热容较大

D.干燥的冬季，为避免人触摸车门时因放电而带来的不适感，可在车尾安装一条

与大地相接触的静电带，若车身带负电荷，则电流方向为从大地到车身

8.如图是我国运动员在冬奥会上参加不同比赛项目时顽强拼搏的英姿，下列说法中正

确的是（）

A.甲图中：速度滑冰运动员在水平冰道用力向后蹬地，人加速前进，说明力的作

用是相互的

B.乙图中：自由滑雪空中技巧运动员在空中加速下落过程中，他的重力势能转化

为动能

C.丙图中：运动员将冰壶推出后，冰壶对冰面的压力与其重力是一对相互作用力

D.丁图中：花样滑冰运动员在冰面上沿曲线滑行，是由于受到惯性的作用

9.“天宫课堂”第二课在中国空间站开讲，同学们在科技馆收看。物体在太空中处于

失重状态，王亚平老师做了三个实验：将冰墩墩抛到对面叶光富老师的手中（假定

叶光富的手位置不变，且不计空间站内的空气阻力）；将装有水和油的瓶子摇晃多

次后，水和油均匀地混在了一起；王老师制作了一个水球，透过水球可以看到她倒

立、缩小的像，在水球内注入气泡，又出现了一个正立、缩小的像。下列说法不正

A.图甲：同学们在各个方向都能看到屏幕上的画面是因为光的镜面反射

B.图乙：“太空抛物实验”中冰墩墩将做匀速直线运动，即沿着图乙0B轨迹运动

C.图丙：在太空摇晃瓶子后水和油均匀混在了一起，说明分子永不停息地做无规

则运动

D.图丁：调整王亚平老师与水球的距离，也可能同时看到一大一小的两个正立的

像

10.如图甲是压力传感器原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB

间是可收缩的导线，弹簧A端所受压力F与弹簧的形变量关系如图乙所示，无压力时,

滑片P位于R2的最上端。电源电压为15V,定值电阻右的阻值为10。。R2是每厘米

阻值为5Q的均匀滑动变阻器。以下说法正确的是（）

♦AL/cm

4

B3

1

甲

第4页，共25页

A.无压力时，电压表的示数为电源电压

B.电阻及在电路中起到了保护电路的作用

C.当压力为40N时，电压表的示数是6V

D.压力增大时，电压表与电流表示数的比值变大

三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

11.画出图中S发出的光线经平面镜反射后过P点的光路。

*口？

7777777777777777777777777777

12.如图所示，开关闭合后，发光二极管发光。请你在图中标出:

（1）电源右端的极性（用“+”或“一”）;

（2）磁感线的方向；

（3）桌面上的条形磁铁所受摩擦力的示意图（作用点在0点）。

四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）

13.小明买了蜡烛做以下物理小实验：

图2

图1

(1)如图甲，小明在纸杯底部开一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜发出声音，

烛焰晃动，说明声音。

(2)如图乙，小明用该蜡烛“探究平面镜成像的特点”时，将点燃的蜡烛A放在玻璃

板前面，能看到玻璃板后面有它的像，小明拿一只与A完全相同的蜡烛B在玻璃板

后面移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是

(选填“转换法”、“控制变量法”或“等效替代法”)；小明用吸管沿着图

示方向对着蜡烛A的左侧吹气，他将看到A烛焰的像向(选填“左”或

“右”)偏。

(3)如图所示是使用测电笔时的情况：图甲测电笔的笔尖应该是(选填”导

体”或“绝缘体”)；在图乙和图丙中，表示正确使用测电笔的是图；若测

电笔筑管发光放电时的电流为0.4mA,人体的安全电压为36V,则当测电笔的笔尖

接触家庭电路的火线时要使人能处于安全状态，测电笔内电阻至少需o(只

考虑人体和测电笔的电阻)

14.小红同学在做“测量平均速度”的实验时，她用弹簧测力计沿水平方向以恒定的拉

力拉木块。如图是木块从A处沿直线运动到F处的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s

闪拍一次照片。

(1)木块从A处到F处共运动了cm的路程；木块从C处运动到E处的平均速度

为m/So

(2)小红继续用木块进行了“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验：图甲、乙可

用来探究滑动摩擦力的大小与的关系；

(3)完成图甲所示实验时，小红进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别

为Va、Vb,所受的摩

擦力分别为fa、fbo已知Va>Vb，则fa晶(选填“>”“<”或“=”)；

(4)在探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，小红发现甲、丙两次实验

弹簧测力计示数差距较小，下列改进措施可行的是:(填字母)

A.增大丙实验中弹簧测力计的拉力

第6页，共25页

B.仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块

C.仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾

D.在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的祛码，并将弹簧测力计的示数与甲比较

(5)下列几次实验中弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的有。(双

选)

!*>—►木块保持静止

I调节桶内沙子，使木块在水平桌面做匀速直线运动,

测出沙和桶的总重(不计绳重及滑轮摩擦)

木块沿斜面做匀速直线运动

「空.宵一向右非匀速拉动木板做直线运动(不计绳重及滑轮摩擦

1IJ:

)

15.小刚用天平和量筒“测量金属块的密度”时，进行了下列操作。请回答：

(1)将天平放在水平台面上，将游码拨到零刻度线，发现指针指示的位置如图中所

示，他应将平衡螺母

向调节(选填“左”或“右”)，使天平水平平衡；

(2)用调节好的天平测金属块质量时，调节天平平衡，祛码及游码在标尺上的位置

如图乙所示，用细线系住金属块放入装有20mL水的量筒内，水面如图丙所示，计

算出金属块密度p=g/cm3o

(3)小刚在探究“影响浮力大小因素”的实验后思考：同一物块浸没在不同液体中

所受浮力不同，是不是就可以先测出物块的重力(如图1),再将物块浸没在水中测

出此时的拉力(如图2),由此来测量不同液体的密度？小刚实验前先分析得到弹簧

测力计的示数与被测液体的密度之间的函数关系，符合此关系的应是图3中的图线

(选填“①”“②”或“③”)；

(4)由此他决定对弹簧测力计进行重新标度，将它改成一个密度秤。使用时，在烧

杯中装不同的液体，将物块浸没到不同液体中，就可以测出液体的密度：该密度秤

的零刻度应标在N处，待测液体密度

P液应不超过g/cm3。

16.实验小组的同学们进行“伏安法测小灯泡电阻”的实验，选用的小灯泡额定电压为

2.5V,他们连接的电路如图甲所示。

(1)检查连好的电路后，关闭开关，移动滑动变阻器的滑片P,小方发现小灯泡均不

发光，电流表示数有变化，电压表始终无示数，则故障原因可能是；(填字

母)

A.电压表开路

B.电流表短路

C.小灯泡短路

D.滑动变阻器短路

(2)排除故障后，移动滑月P到某位置时，电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡正

常发光时的电阻，应将滑片-P向(选填“左”或“右”)端移动；

(3)完成操作后，小方将测数据绘制成如图丙所示的U-I图象，分析图象可知：小

灯泡的电阻是变化的。小方还可以通过此实验计算出小灯泡正常发光时的电功率是

(4)在某次测量中，电流表坏了，小丽还想测量小灯泡正常发光时的电阻，可是她

只知道小灯泡的额定电压，于是增加了一个阻值已知的定值电阻R。和两个开关，设

计了图丁所示电路，请将电阻R。、电压表的符号填入虚线框中使其能完成实验。

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五、计算题(本大题共2小题，共16.0分)

17.在抗击新冠肺炎疫情期间，中医为诊疗发挥了积极作用，成为世界瞩目的“中国战

法”重要组成部分。如图甲所示是一种智能电热中药壶，内部简化电路如图乙所示。

它有“高温”和“低温”两个挡位，其中R。为热敏电阻，当壶内温度达到一定时,

电磁铁将衔铁吸下。(外界大气压为1个标准大气压，电阻不随温度发生改变)

柞

T-铁

i—

i电kW，h

i磁

l铁

电子式单相电能表

22OV10(40)A50Hz

/1200imp/(kW»h)

s-o

控制电路工作电路

丙

(1)开关So和S都闭合，随着壶内温度的升高，热敏电阻孔的阻值变小，电磁铁磁性

将，达到一定温度时，电磁铁将衔铁吸下，此时中药壶处于挡(选

填“高温”或“低温”)。

(2)若仅将电热中药壶接入家庭电路，壶内装满质量为2.5kg,初温为40汽的水，通

电lOmin后水烧开，求水吸收的热量。[水的比热容c=4.2x103j/(kg'C)]

(3)若关闭家里其他用电器，在上述加热过程中观察到电能表(如图丙)指示灯共闪

烁240次，求该电热中药壶的加热效率。

18.我国自主研发的“奋斗者”号深海潜水器在西太平洋马里亚纳海沟成功下潜突破1

万米(达10058米)，创造了中国载人深潜的新纪录。如图甲是一款深度表的简化电

路图，电源电压U=3V且恒定不变，％=200。，为定值电阻，Rp阻值随海水压强

变化的图像如图乙。(粗略计算，本题海水密度取1.0x103kg/m3)。求：

(1)潜水器下潜至800m深度时，潜水器受到海水的压强；

(2)潜水器在海面上时，电压表的示数；

(3)电压表示数为2V时，电路消耗的总电功率。

六、综合题（本大题共1小题，共8.0分）

19.阅读材料，回答下列问题：

火星是太阳系中与地球最相似的行星，物体在火星表面受到的重力约为在地球表面

重力的五分之二，人类对火星的探测具有重大的科学意义。2020年7月23日，长征

五号运载火箭载着我国自主研发的首座火星探测器“天问一号”，在中国文昌航天

基地成功发射升空。它将一次性完成“绕、落、巡”三大任务。

“绕”，2021年2月，探测器顺利进入近火点高度约400km,周期约10个地球日的

大椭圆环火轨道，成为我国第一颗人造火星卫星（图1）。

“落”，接下来要实现探测器着陆火星表面，需在7分钟内，使探测器的时速降至0。

将探测器悬停在空中，对火星表面观察，寻找合适的位置着陆，计划于2021年5月

至6月间择机着陆，开展巡视探测。

“巡”，当探测器到达火星后，放出“祝融号”火星巡视车（图2）,完成对火星表

面的拍摄及土壤分析等工作，为下一步探测打好基础。

甲乙丙

（1）在升空过程中，“天问一号”相对于长征五号是的；

（2）探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力。由近火点向远火点运动时，

探测器的动能，机械能（选填“变大”、“变小”或“不变”）；

（3）在“落”这一阶段，当探测器竖直下落，速度降至0的过程中，若探测器受到火

星引力为F「降落时受到的阻力为F2,则FiF2（选填”或“<”）；

在地球上重力与质量的比值为g,探测器在火星上空悬停时其质量为m,反推发动

机喷出的气体对探测器的作用力大小约为;

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(4)“祝融号”火星车巡航速度为每小时40米，大约与最相近；(填字母)

A.蜗牛的爬行速度

B.人行走的速度

C.汽车在高速公路上的行驶速度

(5)如图3是“天问一号”拍摄的火星表面高清照片，若需要拍摄火星的全景照片时

必须上升，此时要(选填“增大”或“减小”)镜头与感光晶片间的距离，

才能拍摄到清晰的画面；

(6)“天间一号”探测器应用了一种金属结构材料一一新型镁锂合金，你认为该材

料应具备哪些特点，下列说法错误的是O

A.该材料具有抗电磁干扰的性能

B.该材料熔点很低

C.该材料密度小，大幅减轻了卫星重量，降低发射成本

D.该材料可有效的降低卫星发射时的噪音

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、天坛公园的回音壁利用声波的反射形成回声，回声与原声混在一起，

使得传入人耳的声音响度变大，故A正确；

B、古代用铜水铸造成青铜器是凝固现象，需要放热，故B错误；

C、用桔棒汲水时，硬棒是一个杠杆，以支撑点为支点，用桔棒汲水可以减少人的作用

力，是个省力杠杆，故C正确；

D、钻木取火是克服摩擦做功，将机械能转化成内能，故D正确。

故选：Bo

(1)回声和原声混在一起能加强原声。

(2)物质由液态变为固态叫凝固，凝固放热。

(3)桔棒是一个杠杆，以支撑点为支点，硬棒承担着两端施加的力，这样打水可以减少

人的作用力。

(4)克服摩擦做功，将机械能转化为内能。

本题综合考查了回声、做功改变物体内能、凝固放热、杠杆的分类等知识的理解和应用，

属于基础知识的考查。

2.【答案】D

【解析】解：A、物理课本宽度约2dm,故A错误；

B、一个标准大气压为1.01x105pa,大气压随海拔高度的增加而减小，珠穆朗玛峰的

高度较高，峰顶气压远小于1.01xl05pa,故B错误;

C、教室内气温约为26。&故C错误；

D、中学生的体重约G=450N,从一楼到四楼的高度约h=10m,中学生从一楼上到四

楼克服自身重力做功约W=Gh=450Nx10m=4500J,故D正确。

故选D。

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应

的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理,

同时也能让物理更好地为生活服务。

3.【答案】C

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【解析】解：伽利略通过实验分析得出，物体的运动不需要力来维持；托里拆利用水银

柱实验首次测出大气压的数值；奥斯特首先发现了电流的磁效应；法拉第发现了电磁感

应现象，故C错误，ABD正确；

故选：Co

奥斯特首先发现了电流的磁效应，焦耳主要贡献为焦耳定律，即研究了电流的热效应。

本题考查了物理发展史的相关事件，属于基础题。

4.【答案】A

【解析】解：A、图中有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制

造了电动机，故A符合题意；

B、图中没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感

应现象实验，故B不符合题意；

C、图中验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故C

不符合题意；

D、图中通电螺线管周围存在磁场，说明了电流的磁效应，故D不符合题意。

故选：A«

电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动。

本题考查了电与磁之间的两个联系及其应用，解题时观察图中有无电源是此题的解题关

键。

5.【答案】C

【解析】解：A、在平衡状态下，物体会保持静止或者匀速直线运动，运载火箭加速升

空，所以不是平衡力的作用，故A错误；

B、“北斗”卫星导航系统利用电磁波向地球传递信息，故B错误；

C、大型水陆两栖飞机漂浮在水面上，浮力大小等于自身重力。根据阿基米德原理F浮=

G排=「液8丫排液，若飞机从长江驶入东海后，液体密度变大，由于浮力不变，则排开液

体的体积会变小，所以船体会上浮一些。故C正确；

D、“奋斗者”号载人潜水器在水中下潜的过程中，由于排开液体体积不变，液体密度

也未改变，根据阿基米德原理F浮=G排=p液gV排液，受到的浮力不变；液体压强的公式

是p=pgh.深度越大，受到的压强越来越大，故D错误；

故选：Co

(1)物体处于静止或匀速直线运动的状态叫平衡状态；

(2)超声波不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播；

(3)阿基米德原理F浮=G排=p液gV排液，飞机从长江驶入东海后，浮力不变，由于液体

密度不相同，可以比较排开液体体积大小；

(4)载人潜水器在水中下潜的过程中，深度变大，排开液体体积不变，根据阿基米德原

理F浮=0排=P液gV排液和液体压强的公式是p=pgh可知浮力和压强的变化。

本题考查了平衡状态的判断、电磁波的传播特点、阿基米德原理和液体压强特点。

6.【答案】AC

【解析】解：

A、托里拆利实验中玻璃管内水银面的上方部分的气压小于外部大气压，处于“负压”

状态，故A正确；

B、用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热汽化，故B错误；

C、尖细的针头可以减小受力面积，在压力一定时，通过减小受力面积来增大对皮肤的

压强，故C正确；

D、用注射器把药水推入病人肌肉中是靠外力，与大气压无关，故D错误。

故选：AC,

(1)根据玻璃管内外气压的大小分析；

(2)物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热；

(3)影响压强大小的因素是受力面积和压力大小；

(4)大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某

种效果。

本题考查了大气压的应用、汽化现象、增大压强的方法，属于基础题。

7.【答案】CD

【解析】解：A、随着汽油的消耗，油箱中剩余汽油的热值不变，故A错误；

B、给汽车提供动力的是汽油机的做功冲程，故B错误；

C、利用水来作为汽车发动机的制冷剂是因为水的比热容较大，在同等情况下能够吸收

较多的热量，故C正确；

D、干燥的冬季，为避免人触摸车门时因放电而带来的不适感，可在车尾安装一条与大

地相接触的静电带，若车身带负电荷，则负电荷从汽车转移到大地，所以电流方向为从

第14页，共25页

大地到车身，故D正确。

故选：CD,

(1)热值是燃料的一种特性，与质量无关。

(2)内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，为汽车提供动力。

(3)比热容是物质的一种特性，体现了物质的吸热和放热本领。

(4)规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相

反。

理解热值和比热容概念，知道做功冲程的能量转化，理解电流方向的规定，可解答此题。

8.【答案】AB

【解析】解：

A、甲图，速度滑冰运动员在水平冰道上向后蹬地，人对地有一个向后的力，由于物体

间力的作用是相互的，地面对人有一个向前的力，使人前进，故A正确；

B、乙图，自由滑雪空中技巧运动员在空中加速下落过程中，他的质量不变，高度变小，

重力势能变小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，故B正确；

C、丙图，运动员将冰壶推出后，冰壶对冰面的压力与其重力，这两个力的方向相同，

不是一对相互作用力，故C错误；

D、丁图，花样滑冰运动员向前滑行，是由于运动员具有惯性，但惯性不是力，不能说

受到惯性的作用，故D错误。

故选：AB。

(1)力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力；

(2)动能和势能合称机械能；动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关；

(3)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线

上；

(4)任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原运动状态不变的性质。

此题以冬奥会项目为材料，考查了物体间力的作用是相互的、惯性、相互作用力的区分、

运动和力的关系等知识点，体现了物理关注社会热点的特点。

9.【答案】BD

【解析】解：

A、光发生漫反射时，反射光线是向各个方向的，这样能使各个位置上的人都能看清屏

幕上的画面，故A错误；

B、“太空抛物实验”中，冰墩墩离开手后不受重力，也不受空气阻力，即冰墩墩不受

任何力的作用，由牛顿第一定律可知它将做匀速直线运动，即沿着图乙0B轨迹运动，

故B正确；

C、水和油均匀混在了一起，是因为二者处于失重状态，宇航员将装有水和油的瓶子多

次摇晃，使二者混在一起，不能说明分子在不停地做无规则运动，故C错误；

D、在水球内注入气泡，水球被气泡变为了两部分，中间是空气，气泡周围是水，此时

整个水球就变成了两个透镜，外圈相当于一个凸透镜，所以呈现出一个倒立缩小的实像,

内圈相当于变成了两个凹透镜的组合，此时又出现了一个正立、缩小的虚像，所以可以

在水球中同时看到一正一倒的两个像，故D正确。

故选：BD,

(1)我们能从不同角度看到本身不发光的物体，是此物体发生了漫反射；

(2)根据牛顿第一定律分析；

(3)水和油均匀混在了一起，是因为二者处于失重状态，宇航员将装有水和油的瓶子多

次摇晃，使二者混在一起；

(4)当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；当物距在焦距和二倍焦距之

间时.，凸透镜成倒立、放大的实像；当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像；

凹透镜成正立缩小的虚像。

本题综合考查了凸透镜和凹透镜的成像原理、漫反射、牛顿第一定律的应用、分子的无

规则运动，难度不大。

10.【答案】BD

【解析】解：(1)当滑动变阻器滑片滑到最顶端时，滑动变阻器会短路，故Ri可以防止

整个电路发生短路而烧坏电流表，起到保护电路的作用，故B正确；

(2)由电路图可知，1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的

电流；

无压力时，滑动变阻器接入电路的电阻为0,此时电压表的示数为零，故A错误；

压力F增大时，R2接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电压表与电流表示数的比值

是滑动变阻器接入电路的阻值，所以压力增大时，电压表与电流表示数的比值变大，故

D正确；

(3)当压力为40N时，由乙图可知弹簧被压缩3cm,

R2是每厘米阻值为5Q的均匀滑动变阻器，所以此时滑动变阻器接入电路的阻值为15。,

根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=4=就三=

K1+K2lUAi+loAl

第16页，共25页

0.6A,

此时电压表的示数：U2=IR2=0.6Axl5fl=9V,故C错误。

故选：BDo

(1)由电路结构可知，滑动变阻器有短路的可能性，为了防止出现短路而用Ri来保护电

路。

(2)由电路图可知，心、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的

电流，根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，无压力时，滑动变阻器

接入电路的电阻为0,此时电压表的示数为零，压力F增大时，R2接入电路的电阻变大，

根据欧姆定律可知电压表与电流表的比值是滑动变阻器接入电路的阻值，由此可知两表

示数比值的变化；

(3)当压力为40N时，由乙图可知弹簧被压缩3cm,R2是每厘米阻值为5C的均匀滑动变

阻器，所以此时滑动变阻器接入电路的阻值为15Q,根据串联电路电阻规律结合欧姆定

律可得此时通过电路的电流，根据U=1R计算电压表示数。

本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，属于基础题。

11.【答案】解：过镜面作出点S的对称点S',即为点光源S在平面镜中的像，连接S'P与

镜面交于0点，即为入射点(反射点)，连接SO就得到入射光线，如下图所示：

【解析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面

对称，作出像点后，作出射线S'P,与镜面的交点为入射点，再完成光路。

发光点发出的光线，反射光线若经过特定的点，作出发光点的像点，利用数学上的两点

确定一条直线迅速作出反射光线，再补出入射光线是最快最准确的方法。

12.【答案】解：由图可知，二极管的上端为正接线柱，所以电流是从螺线管的左侧流

入，右侧流出的，电源的左端为正极；根据安培定则可知，螺线管的左端为S极，右端

为N极；同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到水平向左的排斥力的作用，条形磁铁处

于静止状态，则受到桌面水平向右的摩擦力的作用；磁体外部的磁感线都是从N极出来

回到JS极的，如图所示:

【解析】根据二极管的连接方式判定电流的方向和电源的正负极，根据安培定则判定螺

线管的极性；根据磁极间的相互作用规律判定条形磁铁的受力情况，据此画出摩擦力的

示意图；磁体外部的磁感线都是从N极出来回到S极的。

能熟练运用安培定则以及磁极间的相互作用规律来进行判断，是解答此题的关键。

13.【答案】能传递能量等效替代法左导体丙4.6x105fl

【解析】解：(1)小明在纸杯底部开一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜发出声音，

烛焰晃动，说明声音能传递能量；

(2)两支蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物

大小相同，这种确定像与物大小的方法是等效替代法；

小明用吸管沿着图示方向对着蜡烛A的左侧吹气，吹气引起烛焰左侧空气流速大，压强

变小，在两侧压力差的作用下，烛焰向左侧偏，由于像与物关于镜面对称，所以他将看

到A烛焰的像向左偏；

(3)测电笔的用途：辨别火线和零线；容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝

缘体；笔尖金属体属于导体；测电笔的使用方法：使用测电笔时，手要接触测电笔尾部

的金属体。笔尖接触电线，筑管发光表明接触的是火线，不发光是零线。在图乙和图丙

中，正确使用试电笔的是图丙；

人体接触安全电压最大为36V,家庭电路的电压为220V,

串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以测电笔内电阻两端的电压：UR=U-13人=220V-36V=184V,

在串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可得，测电笔内电阻的最小值:

口=半=前麓=4.6X105。。

故答案为：(1)能传递能量；(2)等效替代法；左;(3)导体；丙；4.6x105(1。

(1)声音能传递能量;

(2)在实验中为了便于研究像的特点与位置，用了两支相同的蜡烛，将另一支蜡烛放在

像的位置与像进行比较，运用了替代法;

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流体流速大压强小，根据平面镜成像特点知，像与物关于镜面对称；

(3)容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体；测电笔的使用方法，使用测

电笔时，手要接触测电笔尾部的金属体，笔尖金属体接触电线；

对人体的安全电压不高于36V,根据串联电路的电压特点求出大电阻两端的电压，利用

串联电路的电流特点和欧姆定律求出大电阻的最小阻值。

本题主要考查了声能传递能量、平面镜成像特点的实验及其应用、测电笔结构和使用等,

是一道综合实验探究题，难度不大，需要掌握。

14.【答案】12.500.15压力大小=CBD

【解析】解：(1)由图可知物体从A处到F处运动的路程为：s=12.50cm；

物块从C处运动到E处的路程Si=8.00cm-2.00cm=6.00cm=0.06m,时间口=0.2sx

2—0.4s；

物块从C处运动到E处的平均速度为:

Vi=—Si=-0.-0-6-m=0c.y1l5m/s/；

1tiO.4S'，

(2)甲、乙两次实验，接触面粗糙程度不变，压力大小不同，探究滑动摩擦力大小跟压

力大小的关系;

(3)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两

次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力的大小不变，即fa=fb；

(4)A.增大丙实验中弹簧测力计的拉力，拉力大于摩擦力，不能通过拉力反映摩擦力大

小，故A不符合题意；

B.探究摩擦力大小与接触面的粗糙程度，保持压力大小不变，仅将丙实验中的木块换成

质量更大的木块，改变压力的大小，故B不符合题意；

C.仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾，压力一定时，增大接触面的粗糙程度，

会增大摩擦力，弹簧测力计的示数会增大，两次实验弹簧测力计示数差距会增大，故C

符合题意；

D.在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的祛码，增大了压力，可使丙实验中的摩擦力

增大，弹簧测力计示数增大，但与甲相比压力不同，不能探究滑动摩擦力大小与接触面

粗糙程度的关系，故D不符合题意。

故选：Co

(5)A、木块保持静止，弹簧测力计的示数等于静摩擦力大小，故A不符合题意；

B、实验中，沙桶和木块都做匀速直线运动，所以处于平衡状态，不计绳重及滑轮摩擦，

依据二力平衡的知识可知滑动摩擦力大小和沙桶总重相等，故B符合题意；

C、木块沿斜面做匀速直线运动，木块受到竖直向下的重力、垂直接触面的支持力、沿

斜面向上的拉力以及沿斜面向下的摩擦力，由于拉力与摩擦力和重力沿斜面的分力的和

相等，所以拉力和摩擦力大小不相等，不是一对平衡力，故C不符合题意；

D、因木块相对地面静止，故受到测力计的拉力与滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，

实验时，对木板的运动没有要求，故D符合题意。

故选：BD«

故答案为：(1)12.50；0.15；(2)压力大小；(3)=；(4)C；(5)BD。

(1)刻度尺读数时要估读到分度值的后一位，据此读出从A到F的路程；

同理由图判断物块从C到E运动的路程，已知频闪相机每隔0.2s闪拍一次，根据图中判断

A到E闪拍几次，便可知道从A到E所用的时间，利用速度公式可求出从C到F的平均速度；

(2)(3)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关；根

据控制变量法分析；

(4)从滑动摩擦力大小的影响因素分析；

(5)根据物木块的运动状态，利用二力平衡条件分析弹簧测力计示数与滑动摩擦力的大

小关系。

本题考查了速度公式的应用和探究影响滑动摩擦力的因素，主要考查了对二力平衡条件

的应用及控制变量法，从图上读取相关信息是解题的关键，需要注意刻度尺读数要估读

到分度值后一位。

15.【答案】右2.7②44

【解析】解：(1)天平指针向左偏，平衡螺母向右调；

(2)天平的读数为祛码质量和标尺刻度之和。质量为25g+2.0g=27g,通过量筒测的物

体体积V=30mL-20mL=10mL=10cm3；

金属块密度p=3=看备=2.7g/cm3；

(3)由F浮=G—F和F浮=「液且丫排可知F=G-p液gV排，F和P液是一次函数关系，所以选

②;

(4)根据F=G-p液gV排，当密度为0时，F=G=4N；

________IN________

根据图二,=G-F=4N-3N=1N.丫排=—==10-4m3；

P水g1.0xi03kg/m3xi0N/kg

当F=0时，液体密度最大，「大=自=.kg募TnP=4x103kg/m3=4g/cm3。

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故答案为:⑴右;(2)2.7；(3)②;(4)4：4。

(1)天平指针向左偏，平衡螺母向右调；

(2)天平的读数为祛码质量和标尺刻度之和。通过天平和量筒分别测的物体的质量和体

积，根据密度公式可得金属块密度；

(3)由F浮=G—F和F浮=p液gV排可知F=G-p液gV排，F和P液是一次函数关系；

(4)根据F=G-p液gV排，当密度为0时，F=G；当F=0时，液体密度最大。

本题考查了天平的使用、固体密度的测量和阿基米德原理的实际应用，有一定难度。

16.【答案】C右0.75W

【解析】解：(1)检查连好的电路后，关闭开关，移动滑动变阻器的滑片P，小方发现小

灯泡均不发光，电流表示数有变化，说明电路是通路；电压表始终无示数，说明电压表

并联的支路短路或电压表短路，即故障原因可能是小灯泡短路，故选C；

(2)由图甲可知，电压表选用小量程；排除故障后，移动滑片P到某位置时，电压表示数

如图乙所示，电压表分度值0.1V,其示数为2.2V,小于灯泡额定电压2.5V,要测量小灯

泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器

两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向右端移动；

(3)由U-I图象可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.3A,小灯泡额定

功率为：

P=UI=2.5Vx0.3A=0.75W；

(4)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位

置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定

值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压

规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=U1可求

出灯的额定功率，电路如图所示：

I

—I-'«

--------1|"

T

故答案为:(1)C；(2)右；(3)0.75W；(4)见解答图。

(1)检查连好的电路后，关闭开关，移动滑动变阻器的滑片P,小方发现小灯泡均不发光,

电流表示数有变化，说明电路是通路；电压表始终无示数，说明电压表并联的支路短路

或电压表短路；

(2)根据图甲确定电压表量程，根据图乙确定分度值读数；比较电压表示数与灯泡额定

电压大，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；

(3)根据U-I图象确定灯泡额定电压对应的额定电流，根据P=UI算出灯泡的额定功率;

(4)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位

置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定

值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压

规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求

出灯的额定功率。

本题伏安法测小灯泡电阻实验，考查电路故障、电压表读数、实验操作、功率的计算及

设计实验方案的能力。

17.【答案】增强保温

【解析】解：(1)开关S。和S都闭合，随着壶内温度的升高，热敏电阻孔的阻值变小，由

欧姆定律可知，电路中的电流增大，电磁铁磁性增强，衔铁被吸下，动触点与静触点C接

触，工作中电阻Ri、R?串联，由串联电路的电阻特点可知，此时工作电路中的电阻最

大，由P=UI=，可知，电路的电功率最小，因此此时中药壶处于低温挡；

(2)水吸收的热量：

35

Q吸=cm(t-10)=4.2x10J/(kg­℃)x2.5kgx(100℃-40℃)=6.3x10J；

(3)1200imp/(kW-h)表示电路中用电器每消耗lkW-h电能，电能表的转盘转过1200r,

电能表的转盘转了240转，电热中药壶消耗的电能：

W=—kW-h=0.2kW-h=7.2x105J；

1200」

电热中药壶的加热效率：

n=—x100%=63X1?x100%=87.5%o

1W7.2X105]

答：(1)增强；保温；

(2)若仅将电热中药壶接入家庭电路，壶内装满质量为2.5kg,初温为40久的水，通电

lOmin后水烧开，水吸收的热量为6.3x105J；

(3)该电热中药壶的加热效率为87.5%。

(1)开关So和S都闭合，随着壶内温度的升高，热敏电阻％的阻值变小，由欧姆定律可知，

电路中的电流增大，电磁铁磁性增强,衔铁被吸下，动触点与静触点C接触,根据P=UI=

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?分析中药壶的挡位;

(2)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用(2吸=©111。一%)计算出水吸收的热量；

(3)1200r/kW-h表示电路中用电器每消耗lkW-h电能，电能表的转盘转过1200r,据此

可求出电能表的转盘转了240转，电热中药壶消耗的电能；利用效率公式计算出电热中

药壶加热效率。

本题是有