2024届江苏省泰州市泰兴市西城达标名校中考物理押题卷含解析

2024届江苏省泰州市泰兴市西城达标名校中考物理押题卷考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．下列有关物态变化说法正确的是（）A．加热试管中的固态碘，会在试管中形成紫色的碘蒸气，这是汽化现象B．水在蒸发时放出热量C．固体在熔化时温度保持不变D．用高压锅做饭时，锅内的水能加热到100℃以上2．小明同学对光学知识进行了以下总结，其中正确的是A．平面镜成像都是正立的虚像，物距越大，像越小B．水中“倒影”是镜面反射形成的实像C．用照相机连续拍摄从远处走来的同学，看到的像在逐渐变大D．投影仪是利用凸透镜在屏幕上成放大、正立的实像3．小明用若干个二极管组成形状如图甲所示的发光物体，将发光物体、凸透镜、光屏一次组装到光具座上并调整好，在光屏上形成如图乙所示。如果只将发光物体换成“F”形，在同一位置观察，则屏上的像和生活中的应用是图中哪一组A．照相机 B．放大镜C．平面镜 D．投影仪4．关于运动和力，下列说法正确的是A．运动的物体一定受到摩擦力的作用B．做曲线运动的物体一定受到力的作用C．物体一定沿着受到的力的方向运动D．用杯子把水泼出去是利用了杯子的惯性5．如图所示，将质量相同的三种液体，分别装入放在水平桌面上质量和底面积都相同的a、b、c三个容器中，发现三容器中液面相平，用pa、pb、pc分别表示杯内液体对容器底的压强，用pA、pB、pC分别表示容器对桌面的压强（容器重忽略不计），则下列说法正确的是A．，B．，C．，D．，6．如图是运动员顶足球时的情景，忽略空气阻力，下列说法正确的是A．球被顶出，说明力可以改变物体的运动状态B．顶出去的球在上升过程中，受到平衡力的作用C．球在上升过程中，重力势能增加，机械能增加D．顶出去的球最终落地，是由于球具有惯性7．小光同学打乒乓球时，不小心将球踩瘪了，但没有破裂．对于球内的气体而言，没有发生变化的物理量是A．密度 B．体积C．质量 D．都发生了变化二、填空题（本大题7小题，共21分）8．如图甲所示,放在粗糙程度不变的水平地面上的物体,用方向不变的力F向右拉物体,拉力F的大小随时间的变化关系如图乙所示,物体的运动速度随时间的变化关系如图丙所示,则在t=1s时,物体受到的摩擦力为__________N:在=3s时,物体受到的摩擦力为_________．9．在我国，随着人民生活水平的提高，汽车已经进入千家万户，ABS刹车辅助系统是一种先进的汽车制动装置，在紧急制动时增加刹车力度，从而将制动距离缩短。汽车制动时所产生的热不能再次用来发动汽车，说明能量转化与转移具有________________；乘车时要系好安全带，这是为了减小汽车刹车时由于_______________对人造成的伤害。10．现有4个质量均匀分布的正方体，每个正方体的边长为L、2L、3L、4L．将边长为4L的正方体放在水平地面上，然后将边长为3L的正方体放在边长为4L的正方体上表面的中央，再将边长为2L的正方体放在边长为3L的正方体上表面的中央。再将边长为L的正方体放在边长为2L的正方体上表面的中央。若在任意接触面上的压强均相等，且最上面边长为L的正方体的密度为ρ，则这4个正方体中密度最小的正方体的密度等于_____ρ。11．“可燃冰”是由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状结晶物质，可直接点燃，燃烧后仅会生成二氧化碳和水。“可燃冰”属于_____再生能源。根据测算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量约为8.4×108J，若这些热量全部被水吸收，可以使_____kg水的温度升高50℃．[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]12．如图所示，当导体ab向右运动时，观察到电流表指针向左偏转，这是_____现象，生活中的_____（选填“电动机”或“发电机”）就应用了此原理。如果对调N、S极，ab向左运动时，电流表指针的偏转方向_____（选填“改变”或“不改变”）。13．如图所示，小明同学家今年某月的两次抄表情况，他家这一个月用电____kw·h．他家新购进一套用电设备，为测试该设备电功率大小，仅让该用电器工作10min，表盘转过100r，此用电设备的功率为______W．14．如图所示的电路中，电源电压U＝6V恒定不变，R1＝5Ω，R2＝10Ω，开关闭合后，电压表的示数为_____V若R1、R2并联后仍接在该电源两端，则通过R1、R2的电流之比I1：I2＝_____三、作图题（共7分）15．水平地面上的一辆小车中，用细线悬挂一个小球，如图．静止时小球与车厢壁接触但不挤压．当小车突然向右加速运动，请画出此时小球的受力示意图．（______）16．如图所示，通电直导线周围的磁场分布可用磁感线表示为以导线为圆心的同心圆圈，磁场方向可以运用如下方法判断：用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．请在图中标出静止在磁场中的小磁针的N极（____________）17．如图甲所示，游客正在利用自拍杆进行自拍．自拍杆可以看成一个杠杆（O为支点），请你在图乙中画出游客施加在A点的最小动力F．（________）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．在“测量某金属块的密度”实验中：（1）将托盘天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端的_____处，指针位置如图甲，应将平衡螺母向____调节，直至横梁平衡。（2）测金属块的质量，天平平衡时砝码及游码在标尺上的位置如图乙所示，金属块质量m为_____g。（3）用细线系住金属块放入装有20mL水的量筒内，水面如图丙所示。（4）计算出金属块密度ρ＝_____kg/m3。（5）考虑所用细线对测量结果的影响，测量值比真实值偏_____。19．在“测定物质的密度”实验中，要用电子天平测物体的____，用量筒测物体的___．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，应将杠杆的中点支在铁架台上，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在____位置保持平衡，若在图中所示的A点悬挂钩码，并在B点用力使杠杆平衡，为顺利完成实验，则应将弹簧力计沿____方向用力拉杠杆（选填“BM”、“BN”、“BP”或“BQ”）．20．小谢同学利用电源、电压表，电流表、导线、开关、标有“10Ω1A”的滑动变阻器和三个定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω）等器材“探究电流与电阻的关系”．（1）如图甲是小谢连接的实验电路，检查发现电路中有一根导线连接错误，请在图中连接错误的那根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；（____________）（2）改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，若电路只有一处故障，其故障是_____．（3）排除故障后，把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，调节滑片到适当位置，电流表示数如图乙所示，其示数为_____A；（4）把5Ω的电阻先后换成10Ω、20Ω的电阻，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持_____V不变，该实验得出的结论是：_____；（5）实验完成后，小谢发现实验台上有一个阻值标号不清的电阻，他设计了图丙所示的电路，只用一只电流表，测出了未知电阻Rx的阻值．（R0为已知）①同时闭合开关S、S1，读出电流表示数I1②_____③未知电阻Rx＝_____（用已知量和测量量的符号表示）．21．小滨用如图所示装置进行了“探究平面镜成像特点”的实验．（1）他应选取两支外形_____（选填“相同”或“不同”）的蜡烛进行实验．（2）小滨选择用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是_____．（3）在探究实验的过程中，他把蜡烛A放在距玻璃板30cm处，蜡烛A在玻璃板中所成的像到蜡烛A的距离是_____cm；当蜡烛A远离玻璃板时，它的像的大小将_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）．（4）在玻璃板后放一光屏，无论怎样移动光屏，都不能接收到蜡烛的像，说明_____．（5）实验过程中，小滨仔细观察，发现蜡烛的像有重影，请你帮小滨分析产生这一现象的原因是_____．22．如图（a）是学校实验室型号相同的电子温度计，有几个已经损坏．小明想探究是否是“测温头”（“测温头”就是一个热敏电阻）损坏．（一）他将损坏电子温度计的“测温头”拆下，用如图（b）所示的电路进行测量．（1）请根据图（b）的电路图，将图（c）的实物电路连接完整．（______）（2）小明将一个“测温头”接入电路，闭合开关，发现电流表和电压表的示数如图（d）所示，此测温头内部可能___________（断路/短路）．（3）将其余“测温头”接入电路时，电流表、电压表的示数均如图（e）所示．小明猜想：①这些“测温头”内部__________（断路/短路）；②这些“测温头”的阻值都很__________（大/小）．小明将一个好的电子温度的“测温头”拆下，接入图（b）的电路中进行测量．结果电流表、电压表的示数仍如图（e）所示．由此验证了猜想②也是正确的．（二）小明调整了实验方案，利用微安表重新实验．（1）如图（f）所示是小明重新设计的实验装置，他记录了各“测温头”的多组“温度—电流”数据．在加热过程中，电压表的示数始终为1.5V不变，某温度时微安表的示数如图（g）所示，此时电流大小为__________μA，热敏电阻的阻值为__________Ω．（2）图（h）是小明根据实验数据绘制的三个“测温头”的“温度—电流”图像．由图像可知，灵敏度最高“测温头”是__________，其阻值随温度的升高而__________（增大减小）．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示．R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关．煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图像如图乙所示．.求：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率；（2）电热丝R2的阻值；（3）这30min内电饭锅产生的热量．24．如图所示是一种电热水龙头及它的电路简图．旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，从而控制流出的水为冷水、温水或热水．已知R1、R2是电热丝，R2＝22Ω，温水档的电功率是880W，电热转化效率为80%，c水＝4.2×103J/（kg•℃）．求：（1）电热丝R1的阻值；（2）电热水器将2kg水从20℃加热到64℃最短的时间．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．某同学设计的一个温控电加热装置，原理如图所示，电压U＝6V，Rt为热敏电阻其阻值随加热环境温度的升高而增大．电磁铁线圈电阻不计，当线中的电流I＞＝10mA时，铁吸下与下触点A接触；当I＜10mA时，衔铁松开与B触点接触，U2＝220V，R1＝48.4Ω衔铁刚被吸下时，求Rt的阻值；仅需在线框内加一根导线，即可安现该电加热器具有加热和保温功能请用笔画线画出这根导线求该电加热器处于加热挡时的电功率若该电加热器的保温时功率是加热时功率的10%，求R2的阻值26．如图甲为塔式起重机简易示意图，塔式起重机主要用于房屋建筑中材料的输送及建筑构件的安装．（动滑轮重、绳重及摩擦不计，g取10N／kg）（1）为保持平衡，起重臂的长度越短的塔式起重机，配备的平衡重的质量应越______（选填“大”或“小”）．（2）图乙为起重机钢丝绳穿绳简化示意图，滑轮a的作用是_____．若钢丝绳能承受的最大拉力为2.5×104N，则能吊起货物的质量不能超过_____千克．（3）若将重为2×104N的货物由地面沿竖直方向匀速提升20m，再沿水平方向移动10m，则此过程钢丝绳做功多少焦________?（4）若该塔式电动机的效率为90％，将重为1.2×104N的货物提升到30m的高度，用时50s，则该起升电动机的实际功率是多少瓦_________?27．饮水机是一种常用的家用电器，图甲为饮水机结构剖面图，其加热水槽部分工作原理电路图如图乙所示，其中S是温控开关，R1是加热电阻，R2是定值电阻．当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到另处于保温状态.请回答下列问题：（1）当开关S与________接触时，此时饮水机处于保温状态．（2）若饮水机加热时加热管的功率为550W，而保温时加热管的功率为88W，求电阻R2的阻值____（不考虑温度对阻值的影响，且不计指示灯的阻值）．（3）如图甲控水槽内浮体A与阀门C固定相连，当A恰好浸没时阀门C关闭，A未浸没时C略有下降，桶内水流入控水槽中．己知浮体A的体积为55cm3，阀门C的横截面积为1cm2；浮体A与阀门C共重0.15N，（不计大气压强）．求：①浮体A浸没时所受浮力为多大？______②桶内水位的最大高度是多少？__________

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、D【解题分析】

A、加热试管中的固态碘，碘会由固态直接变成气态的碘蒸气，是升华现象，故A错误；B、蒸发是汽化过程，汽化时吸收热量，故B错误；C、晶体在熔化时吸热，温度保持不变；非晶体在熔化时吸热，温度逐渐升高，故C错误；D、用高压锅做饭时，锅内的气压高，水的沸点高，水能加热到100℃以上，故D正确．故选D．【题目点拨】晶体和非晶体的区别就在于晶体有一定的熔化温度，当熔化完以前，温度是不会升高的，即晶体熔化时吸热，温度不变，而非晶体没有固定的熔化温度，在一定的温度范围内，熔化时会慢慢变软，变烯，最后完全变为液态，要牢记这些特点．2、C【解题分析】

A、平面镜所成的像是正立、等大的虚像，像的大小与物体到镜的距离无关，故A错误；B、水中“倒影”是镜面反射形成的物体的虚像，故B错误；D、照相时若被拍摄的人靠近照相机镜头，则物距越小，像距越大，实像越大，故C正确；D、投影仪是利用凸透镜在屏幕上放大、倒立、实像的原理，故D错误。3、D【解题分析】

根据乙所成甲的像可知，所成像的是放大倒立的实像，如果只将发光物体换成“F”形，在同一位置观察，所成的像也是放大倒立的实像。A.照相机成倒立、缩小的实像，故A错误；B.放大镜成正立、放大的虚像；故B错误；C.平面镜成正立、等大的虚像；故C错误；D.投影仪成倒立、放大的实像，故D正确。4、B【解题分析】

A．运动的物体不一定受摩擦力的作用，如在空中运动的足球，故A错误；B．做曲线运动的物体运动方向时刻改变，运动状态时刻在改变，即物体处于非平衡状态，物体一定受到力的作用，故B正确；C．向上抛出去的篮球，向上运动，此时受到重力和空气阻力的作用，这两个力方向都向下，故C错误；D．用杯子把水泼出去时，杯子和水一起运动，当杯子停下时，水由于惯性仍保持原来的运动状态，所以水就出去了，故D错误5、D【解题分析】

从图中可以看出，三种液体的体积关系是：，由于三种液体质量相等，根据公式可知：，三容器中的液面相平，即h相等，根据公式可得：pa＜pb＜pc；三种液体质量相等，而容器质量不计，所以容器对桌面的压力相等，而三个容器底面积相同，根据公式可知容器对桌面的压强相等，D正确．6、A【解题分析】

A.球被顶出，球的运动速度和方向都发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态；该选项说法正确；B.顶出去的球在上升时，不是在做匀速直线运动，因此受到的力不是平衡力，该选项说法不正确；C.球在上升过程中，质量不变，速度减小，因此动能减小，但是球的高度增大，因此重力势能增大，在此过程中动能转化为重力势能，忽略空气阻力，机械能保持不变，该选项说法不正确；D.顶出去的球最终会落向地面，是因为受到重力的作用，该选项说法不正确。7、C【解题分析】当球被踩瘪时，球内气体质量不变，但由于气体体积减小，所以球内气体的密度会变大，故选项A错误；质量一定的气体，压强与体积有关，体积减小，压强增大．由于球被踩瘪，质量不变，体积减小，故选项B错误；质量是物体内所含物质的多少．当球被踩瘪时，虽然球内的气体体积减小，但由于球没有破裂，球内气体的分子数量没有增多也没有减少，所以球内气体的质量没有发生变化，故选项C正确；当球被踩瘪时，球内气体的质量没变，故选项D错误，故选C．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、24【解题分析】由图丙可知，在t=1s时，物体处于静止状态，所受的力是平衡力，摩擦力等于推力为2N；在t=3s时，物体处于匀速直线运动状态，所受的力是平衡力，摩擦力等于此时的推力为4N．9、方向性惯性【解题分析】

汽车在紧急制动时增加刹车力度，制动距离缩短。克服摩擦做功产生热，所以能量转化和转移具有方向性，由于摩擦使机械动能转化为内能，但这些内能不能自动地再次开动汽车；由于人具有惯性，汽车刹车时要保持原来的运动状态，会对人造成伤害。为了防止惯性带来的危害，乘车时要系好安全带。10、【解题分析】

设边长为L、2L、3L、4L的正方体密度分别为ρ1、ρ2、ρ3、ρ4，且ρ1＝ρ，设边长为L、2L、3L、4L的正方体的重力分别为G1、G2、G3、G4，则边长为L、2L、3L、4L的正方体底面积分别为L2、4L2、9L2、16L2，边长为L、2L、3L、4L的正方体体积分别为L3、8L3、27L3、64L3，由题知，在任意接触面上的压强均相等，所以①②③把S1＝L2、S2＝4L2带入①，解得G2＝3G1④把S1＝L2、S3＝9L2和④带入②，解得G3＝5G1⑤把S1＝L2、S4＝16L2和④⑤带入③，解得G4＝7G1⑥根据G＝mg=ρVg，把四个正方体的体积和密度分别带入④⑤⑥，由④得ρ2g×8L3＝3ρgL3，解得，由⑤得ρ3g×27L3＝5ρgL3，解得，由⑥得ρ4g×64L3＝7ρgL3，解得，由此可以判断边长为4L的正方体密度最小为。11、不可4000【解题分析】

可燃冰短时间不可再生，为不可再生能源；1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放＝8.4×l08J；由Q＝cm△t可得：m水＝＝＝4000kg。12、电磁感应发电机不改变【解题分析】

如图所示，当导体ab向右运动时，ab做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流，会观察到的现象是电流表指针偏转，这是磁生电现象，即电磁感应现象，工农业生产中的发电机就应用了此原理。感应电流的方向与导体运动的方向、磁场方向有关，对调N、S极，ab向左运动时，电流表指针的偏转方向不改变。13、93；243【解题分析】试题分析：消耗的电能：W=1．1kW•h-2．1kW•h=93kW•h，转过133r消耗电能：W=133/2533kW•h=3．34kW•h通过该设备的功率：P=W/t=3．34kW•h/13/63h=3．1kW=243W考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算14、42:1【解题分析】

由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻：R＝R1+R2＝5Ω+10Ω＝15Ω，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R2的电流：，R2两端的电压（即电压表的示数）：U2＝I2R2＝0.4A×10Ω＝4V；若R1、R2并联后仍接在该电源两端，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R1、R2的电流之比：。三、作图题（共7分）15、【解题分析】

小车突然向右加速运动时，小球由于惯性会继续保持静止的状态，因此会对车厢壁产生向左的压力，车厢壁就会对球产生向右的支持力，因此小球受到三个力的作用：竖直向下的重力，竖直向上的拉力，水平向右的支持力，根据力的示意图的做法，如图所示：16、【解题分析】

由题知：用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．由图根据以上方法可判断出通电直导线周围的磁感线方向是逆时针方向的，因为小磁针静止时，北极的指向为磁场方向，则小磁针的N极如图所示：．17、【解题分析】

在阻力、阻力臂一定的情况下，要使动力最小，动力臂需要最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向上，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，如下图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、零刻度线左272.7×103小【解题分析】

（1）在调节天平平衡时，先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处；指针静止在分度盘中央的右侧，则左盘高，平衡螺母应向左调节；（2）应将物体置于天平的左盘，在右盘中添加砝码，由图甲知，标尺的分度值为0.2g，所以金属块的质量：m＝20g+5g+2g＝27g；（3）由图乙知，量筒的分度值为1ml，水的体积为30ml，水和金属块的体积为30ml，所以金属块的体积：V＝30ml﹣20ml＝10ml＝10cm3；（4）金属块的密度：ρ＝mV＝27g10cm3＝2.7g/cm3＝2.7×（5）细线有一定体积，使得测量出的金属块的体积偏大大，由ρ＝mV19、质量体积水平BN【解题分析】

电子天平是测量物体质量的仪器，量筒是测物体的体积的仪器，测出了物体的质量和体积，根据密度公式可求出物质的密度；为了在杠杆上直接读出力臂大小，实验时应使杠杆在水平位置平衡．若在图中所示的A点悬挂钩码，并在B点用力使杠杆平衡，为顺利完成实验，方便读出力臂，应使力的方向与杆垂直，故应将弹簧测力计沿BN方向用力拉杠杆．20、R断路0.42电压不变时，电流与电阻成反比只闭合S，读出电流表示数I2【解题分析】

（1）原电路中，电压表电流表串联后再与R并联是错误的，电流表应与R串联，电压表与R并联，改正后如下所示：（2）改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，若电路只有一处故障，其故障是R断路；（3）排除故障后，把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，调节滑片到适当位置，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其示数为0.4A；（4）在（3）中，由欧姆定律，电阻的电压为：U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V，研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压不变，故把5Ω的电阻先后换成10Ω、20Ω的电阻，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持2V不变，该实验得出的结论是：电压不变时，电流与电阻成反比；（5）实验完成后，小谢发现实验台上有一个阻值标号不清的电阻，他设计了图丙所示的电路，只用一只电流表，测出了未知电阻Rx的阻值．（R0为已知）①同时闭合开关S、S1，读出电流表示数I1；②只闭合S，读出电流表示数I2；③在①中，电流表测两电阻并联的电流；在②中电流表测待测电阻的电流，根据并联电路各支路互不影响，故通过R0的电流为：I0＝I1﹣I2；由欧姆定律，定值电阻的电压，即电源电压：U＝I0R0＝（I1﹣I2）R0；未知电阻：Rx＝＝．21、相同便于确定像的位置60不变平面镜成的是虚像玻璃板有一定的厚度【解题分析】试题分析：（1）实验时选择两支等长的蜡烛，便于比较物像大小关系；（2）实验时选择透明的玻璃板，能同时观察到像和代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置；（3）由平面镜成像特点之一：物像等距可知，蜡烛A到玻璃板的距离是30cm，那么蜡烛B到玻璃板的距离等于30cm；由平面镜成像特点之一：物像等大可知，将蜡烛不管是远离玻璃板还是靠近玻璃板时，蜡烛所成像的大小不变；（4）因为光屏只能接收实像，不能接受虚像，而平面镜成的是虚像，所以移开B，并在其所在位置放一个光屏，则光屏上不能接收A的像，这说明蜡烛成的像是虚像；（5）玻璃板有厚度，且有两个反射面，因为玻璃的两个表面同时发生反射，两个反射面各成一个像，所以成两个像．【考点定位】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案22、短路断路大15010000A减小【解题分析】

（一）（1）根据电路图连接实物图，电流从电源正极出发，依次流经开关、滑动变阻器、电流表、测温头回到电源负极，同时注意滑动变阻器应接在B处以满足滑片P向右滑时接入电路阻值变小，同时电流表选择0~0.6A、电压表选择0~3V的量程（并联在测温头两端），注意正极流入负极流出，具体连接情况如下：（2）从图（d）中可以看出，电流表有示数，即代表电路中有电流经过，电路是通路，并且电压表示数为0，说明测温头没有断路而是处于短路状态；（3）将其余“测温头”接入电路时，电流表、电压表的示数均如图（e）所示，电流表示数为0，说明电路中无电流通过，且电压表示数为3V，有两种可能：①可能这些“测温头”内部处于断路，所以电路中无电流通过，且此时电压表测量电源电压；②可能这些“测温头”的阻值很大，电路中电流非常微弱，所以电流表示数几乎为0，“测温头”由于阻值过大，分压增多，其两端几乎等于电源电压3V。（二）（1）观察微安表（g）可知，其量程为400uA，分度值为10uA，表中示数为150uA，根据欧姆定律可知热敏电阻的阻值为：；（2）观察图像（h）可知，A、B、C三个“测温头”，大的趋势均是随温度升高电流增大，且A“测温头”随温度升高电流增大最为明显（C次之，B几乎无变化），所以灵敏度最高的“测温头”是A。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、660W220Ω990000J【解题分析】

（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；由乙图可知此时电流值Imax=3A，则功率Pmax=UImax=220V×3A=660W；（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值I1=2A，则根据并联电路的电流特点可知：电阻R1与R2并联时；I2=Imax-I1=3A-2A=1A，根据欧姆定律得：R2=U/I2=220V/1A=220Ω；（3）只有R1工作时功率P1=UI1=220V×2A=440W；由乙图可知：t′=10min+（20min-15min）=15min=900s，t″=（15min-10min）+（30min-20min）=15min=900s，则Q′=W′=Pmaxt′=660W×900s=5.94×105J，Q″=W″=P1t″=440W×900s=3.96×105J，∴Q=Q′+Q″=5.94×105J+3.96×105J=9.9×105J．24、（1）55Ω；（2）150s．【解题分析】

（1）旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，从而控制流出的水为冷水（图中1位置，没有加热，为冷水档）、温水或热水，当开关处于位置2时，只有电阻R1接入电路，电路电阻最大（大于并联的总电阻），根据P=可知此时功率最小，可见此时放出的是温水；当开关处于位置3时，电阻R1和R2并联接入电路，根据电阻的并联规律，电路的总电阻最变小，根据P=可知此时功率最大，所以此时放出的是热水；流出水为温水时接入电阻R1的阻值：R1==55Ω；（2）开关处于位置3时，两电阻并联，电路的中功率最大，加热时间最短，R2消耗的功率：P2==2200W，则最大加热功率为：P并=P温+P2=880W+2200W=3080W；将2kg水从20℃加热到64℃，水吸收的热量：Q吸=cmΔt=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（64℃﹣20℃）=3.696×105J；电热转化效率为80%，则η=，所以电热水器将2k