广东省南雄市第二中学2024届中考四模物理试题含解析

广东省南雄市第二中学2024届中考四模物理试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．有一种电动玩具鱼（如图所示）内部电路主要有电源、小型电动机和小灯泡构成。白天开关S1闭合，S2断开时，只有电动机工作，玩具鱼将会游动；晚上开关S1和S2都闭合时，电动机和灯泡都工作，玩具鱼既游动又发光；不玩时，只需将S1断开。下列电路设计符合这种要求的是A． B．C． D．2．下列光学现象与规律不相符的是（）A．小孔成像——光的直线传播B．海市蜃楼——光的折射C．湖光镜月——光的反射D．人面桃花相映红——光的折射3．关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是A．发现家用电器或电线着火时，应先切断电源后救火B．家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的C．开关的塑料外壳是不导电的，用湿手拨动开关不可能触电D．用试电笔辨别火线与零线时，手不能接触试电笔尾部金属体4．物理知识在生产生活中有许多应用，下列描述正确的是A．书包带做得宽是通过减小受力面积来增大压强B．大气对吸盘的压力与所挂勺子等的重力大小相等C．司南能够指南北是利用了磁体受到地磁场的作用D．飞机正常飞行时，机翼上方的空气流速小，压强大5．某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气浓度升高时，下列判断正确的是（）A．电流表示数变小，输出信号电压Uab变大B．电流表示数变大，输出信号电压Uab变大C．电流表示数变小，输出信号电压Uab不变D．电流表示数变大，输出信号电压Uab减小6．如图所示的甲、乙两滑轮组，在相同的时间内用大小相同的力F1、F2分别把同一重物提升到相同的高度．则下列说法中不正确的是A．力F1做功的功率大B．甲滑轮组的额外功较大C．乙滑轮组的机械效率高D．甲、乙两个滑轮组的总功相同7．2018年，平昌冬奥会闭幕式的“北京8分钟”惊艳了全世界，在美轮美奂的光影中，冰上少年与智能机器人随音乐共舞，20多名机器人动作整齐划一，精准优美，和炫舞少年相得益彰，关于正在表演的机器人和冰上少年，下列说法正确的是A．机器人在弯道滑行时，运动状态不发生改变

B．机器人在冰面上运动时，不受力的作用C．相对于看台上的观众，滑行中的机器人是运动的

D．相对于自己的溜冰鞋，滑行中的少年是运动的8．小明想探究电流通过电阻时产生的热量Q与电流I、电阻R的定性关系．实验桌上有如下器材：两个完全相同的烧瓶，瓶内装有质量和初温相同的煤油（R1>R2），还有满足实验要求的电源、滑动变阻器、开关、导线．他连接了如图所示的电路进行实验，下列说法正确的是A．此实验探究的是Q与R的关系B．温度计示数变化的大小反映电阻丝中电流的大小C．闭合开关一段时间，温度计A比B的示数变化小D．闭合开关一段时间，电流通过两个电阻丝产生的热量相等9．如图这些常见的器具都应用了杠杆，下列属于省距离杠杆的是A．动滑轮 B．订书机C．羊角锤 D．镊子10．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑片P向右移动时（）A．电压表的示数不变，总功率变小B．电流表的示数变大，总功率变大C．电压表的示数变大，灯的亮度变暗D．电流表的示数变小，灯的亮度变暗二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．写出以下四种仪器的读数：①如图甲中电压表示数是_____V；②如图乙中温度计的示数是_____℃；③如图丙中弹簧测力计的示数是_____N；④如图丁中电能表的示数是_____kW·h．12．在“太阳能、天然气、石油、煤炭、风能、核燃料”这些能源（能源物质）中，属于“可再生能源”的是_________．如图所示，滚摆在运动过程中，上升的高度会逐渐降低，它的机械能逐渐转化为内能，散失到空气中，但能量的总量_________；这些散失到空气中的能量，不能自动的再次驱动滚摆，这说明能量的转化和转移时_________方向性（填“有”或“无”）．13．如图甲所示的电路中，开关S闭合后，两灯正常工作，两电流表指针均指在如图乙所示位置，则通过L1的电流为_________A，通过L2的电流为_______A．14．现在很多手机采用双摄像头技术，利用两个焦距不相同的摄像头，不仅可以更快的实现自动对焦，还可以在暗光环境下拍摄出较淸晰的照片．该摄像头的镜头对光线有__________作用，用此摄像头拍摄照片时，成倒立、__________的实像．15．重为0.6N的鸡蛋先后放入甲、乙两液体中，如图所示，鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，则鸡蛋在甲中受到的浮力为_____N，甲的密度____乙的密度（选填“＞”、“＜”或“=”）．16．如图所示，杠杆水平放置且自重忽略不计，O是支点，左侧挂一重物，动力F1大小为3N，整个装置处于静止状态，则物体的重力为_____N．此时杠杆属于_____杠杆（选填“省力”或“费力”）．17．当用镊子夹取物体时，镊子就相当于（选填“杠杆”、“滑轮”或“斜面”），它是一个（选填“省力”或“费力”）的机械．三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18．根据小磁针的指向标出图中通电螺线管的南北级和通电螺线管中的电流方向（_____）19．请画出图中的折射光线；（_____）20．关于凸透镜成像实验，完成以下内容：首先应将蜡烛、凸透镜和光屏依次固定在光具座上，如图所示，发现烛焰的像不能呈现在光屏的中央，但是很清晰，接下来该如何操作：______。调整正确以后，观察到光屏上所成像的特点是倒立______（放大、等大、缩小）的实像。实验中当物距u等于焦距f时，某同学却发现在光屏一侧透过凸透镜看到了烛焰正立放大的像。对此下列解释合理的是______。A．因为烛焰有一定的宽度，实际上它的某些部分到凸透镜的距离稍大于焦距B．因为烛焰有一定的宽度，实际上它的某些部分到凸透镜的距离稍小于焦距C．这是烛焰发出的光经凸透镜表面反射形成的像21．课堂上老师运用单摆演示动能与重力势能的相互转化,小雨看到单摆小角度不停往复摆动.（提出问题）单摆小角度往复摆动一次的时间与哪些因素有关呢?（猜想与假设）猜想一:可能与摆球的质量有关;猜想二:可能与摆动的幅度有关；猜想三：可能与绳长有关；（制定计划与设计实验）为了验证猜想是否正确，他设计了如图所示的装置，用系有细线（线长L可调）的小球制作了一个单摆进行了如下探究（摆动角度均较小）：（1）如图甲所示，用细线系住一个小球，保持细线的长度一定，使小球从A点由静止释放，改变OA（O固定悬点）的连线与竖直方向的夹角θ以改变小球摆动的幅度，测出小球在AB间往复运动一次所用的时间t与θ的关系如下表所示，由此可得出摆球小角度重庆复摆动一次的时间与摆动的幅度______（选填“有关”或“无关”）。θ/度46810t/秒2.02.02.02.0（2）用细线系住一铁球，改变细线的长度，使小球以较小的幅度在竖直面内CD之间摆动，用频闪相机（保持曝光时间间隔相等）拍摄小球由C运动至D的过程中的位置如图乙、丙所示（除C位置外，其余细线未画出），由此分析可知，单摆的摆长L越长，往复摆动一次的时间越______（选填“长”或“短”），由此可得出猜想_______是正确的。（交流与应用）（3）由表中实验记录可知，单摆来回摆动一次时间较短，直接测量摆动一次的时间误差较大，为减小误差，应_________。（4）生活中若摆钟走慢了，应如何调整钟摆的长度？_________。22．图为利用U型压强计验证“在受力面积不变时压强与压力的定量关系”的装置．实验前，橡皮膜朝上，金属盒水平固定，玻璃管中液面相平．实验中，改变叠放在橡皮膜中央的硬币数（规格相同），测得有关数据如下表．实验中当液面高度差为h时，盒内外气压差为_________．已知玻璃管内液体密度为ρ，g为已知常量．U形玻璃管足够长时，选用密度_______（填“较大”或“较小”）的液体可以减小实验误差．分析实验数据，可得到的实验结论是：在实验误差允许范围内，_____________．四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．当前新能源汽车日益普及，某品牌新能源汽车一次最多能装入18kg硼和45L水，利用二者反应产生的能量，相当于3.5L汽油完全燃烧产生的能量。当该车以108km/h的速度在水平路面上匀速行驶时，燃料的能量转化为机械能的效率为80%，该轿车的质量是1.6t，轿车受到的阻力是车重的0.1倍。（汽油的热值为4.6×107J/kg，ρ汽油＝0.8×103kg/m3，g取10N/kg）求：（1）发动机的牵引力为多大？（2）发动机的有用功率多大？（3）一次加满燃料可以供该车行驶多少千米？（4）请说出使用该车的优点（一条即可）。24．如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取物体，上升过程中物体始终不接触水底．已知物体质量为4t，体积为1m1．物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小；物体下表面与水面距离为1m时，求物体下表面所受水的压强；若不计动滑轮的自重、绳重和摩擦，当浸没在水中的物体被匀速提升时，求电动机对绳子的拉力；物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为9kW、对绳子的拉力为1.5×104N，求物体上升的速度和滑轮组的机械效率（机械效率精确到0.1%）．

参考答案一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1、C【解题分析】

由题意可知，电动机和灯泡可以独立工作，因此电动机和灯泡并联连接；不玩时，只需要将S1断开，由此可知，S1在干路上，故C项符合要求。2、D【解题分析】

知道影子的形成、日月食的形成及小孔成像都是光沿直线传播形成的；了解光的折射现象：水底看起来比实际的要浅、海市蜃楼、插入水中的筷子看起来向上折；平面镜成像或平静水面成像是光的反射原理。【题目详解】A．小孔成像是由于光的直线传播形成的，故A正确，不符合题意；B．海市蜃楼是由于光的折射造成的，故B正确，不符合题意；C．湖光镜月是由于光的反射形成的，故C正确，不符合题意；D．人面桃花相映红是由于光的反射形成的，故D错误，符合题意。故选D。【题目点拨】此题主要考查了光的反射、折射及直线传播现象，在学习过程中要注意区分，对于生活中的现象要善于总结，要注意这几种现象的本质，在日常生活中学习用所学知识解释有关现象。3、A【解题分析】

家庭电路失火，应切断电源再救火，防止救火的人触电；空气开关跳闸，可能因为电路短路，也可能因为电路超负荷运行；湿手拨动开关，由于水能导电，可能会触电；使用试电笔时，手必须与笔尾金属体接触，形成通路，才能根据氖管是否发光辨别火线与零线。故选A。4、C【解题分析】

A.书包带做得宽是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不符合题意；B.根据二力平衡的条件可知，大气对吸盘的压力在水平方向，而勺子的重力作用在勺子上，物体不同、方向不是一条直线，大小也无法比较，故B不符合题意；C.地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以司南能够指南北是受地磁场的作用，故C符合题意；D.空气通过机翼上表面的流速快、压强小．故C不符合题意．5、A【解题分析】

BD．由电路图知道，定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号即气敏元件的电压Uab；由于当煤气浓度升高时，气敏元件电阻增大，由电阻的串联知道，总电阻变大，电路中的电流变小，即电流表示数变小，故BD错误；AC．此时由欧姆定律的变形U=IR可知，R的电压变小，由串联电路电压的规律知道，输出信号电压Uab会变大，故A正确，C错误，故选A．6、D【解题分析】（1）由图可知，甲滑轮组有三段绳子承担物重，乙滑轮组有两段绳子承担物重，已知分别把同一重物提升到相同的高度h，则s1=3h，s2=2h，由于力F1、F2大小相同，设F1=F2=F，根据W=Fs可得：W甲总=F1s1=F×3h=3Fh，W乙总=F2s2=F×2h=2Fh，所以W甲总＞W乙总，故D错误；由于在相同的时间内把同一重物提升到相同的高度，根据可得，P1＞P2，故A正确；（2）已知用大小相同的力F1、F2分别把同一重物提升到相同的高度，根据W有用=Gh可知，W甲有用=W乙有用，又由W额外=W总-W有用可知，W甲额＞W乙额，故B正确；有用功相同，甲滑轮组的总功大，根据可知，，故C正确；故答案为D．点睛：已知甲、乙两滑轮组将同一重物提升相同的高度，根据W=Gh可比较有用功的大小．根据W额外=W总-W有用可比较额外功．根据可比较机械效率的大小．7、C【解题分析】A.机器人在弯道滑行时，运动方向发生改变，即运动状态发生改变，故A错误；B.机器人在冰面上运动时，受重力的作用，故B错误；C.相对于看台上的观众，滑行中的机器人位置发生变化，是运动的，故C正确；D.相对于自己的溜冰鞋，滑行中的少年位置不变，是静止的，故D错误．故选C.点睛：1.运动状态的改变包括速度大小和方向的改变；2.地球表面的一切物体都受重力作用；3.判断物体运动还是静止，取决于所选的参照物，若相对于参照物，位置没有改变，则为静止；若相对于参照物，位置发生改变，则为运动．8、A【解题分析】

A．由题意可知，电流相同，通电时间也相同，电阻不同，所以探究的是Q与R的关系，故A正确；B．通电后电流通过电阻丝做功，产生热量被煤油吸收，使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数变化来判断电流产生的热量的多少，故B错误；CD．在时间相同时、电流相同时，电阻越大，产生的热量越多，温度计A比B的示数变化大，故CD错误；9、D【解题分析】

结合图片和生活经验，判断各类杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【题目详解】A.如图所示，动滑轮实质是动力臂等于2倍阻力臂的杠杆，属于省力杠杆，是费距离杠杆，所以该选项不符合题意；B.如图所示，在使用订书机时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，此选项不符合题意；C.如图所示，在使用羊角锤时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，所以该选项不符合题意；D.如图所示，在使用镊子时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离，所以该选项符合题意．故选D.10、B【解题分析】

（1）灯与变阻器串联，电压表测电源电压，确定电压表示数变化；电流表测电路中的电流，当滑片P向右移动，分析变阻器接入电路中的电阻变化，根据串联电阻的规律确定总电阻变化，由欧姆定律判断电路电流变化；（2）根据，分析灯的功率变化确定灯的亮度变化；根据确定总功率变化．【题目详解】（1）灯与变阻器串联，电压表测电源电压，故示数不变，C错误；电流表测电路中的电流，当滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联电阻的规律，总电阻变小，由欧姆定律，电路的电流变大，即电流表示数变大；（2）根据，灯的功率变大，灯变亮，D错误；根据，总功率变大，A错误，B正确．故选B．【题目点拨】本题考查串联电路规律及欧姆定律和电功率公式的运用．二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11、5-42.22920.8【解题分析】

（1）由图可知，电压表使用的是0---15V量程，一大格表示5V，此时电压表示数为5V；（2）由图知：该温度计的分度值是1℃，液面在零刻度以下，因此温度计的示数为：−4℃；（3）在弹簧测力计上，弹簧测力计的分度值为0.2N，指针在“2”后1小格处，所以弹簧测力计的示数为2N+0.2N=2.2N；（4）电能表表盘标有“kW⋅h”，表示采用的计量单位是kW⋅h，也就是“度”，此时的数字是“2920.8”，所以用电器消耗的电能为2920.8kW⋅h。12、太阳能和风能不变有【解题分析】

太阳能、风能、水能等可以从自然界源源不断地得到，这样的能源称为可再生能源；而像煤、石油、天然气等一旦消耗就很难再生，这类能源称为不可再生能源．所以在“太阳能、天然气、石油、煤炭、风能、核燃料”这些能源（能源物质）中，属于“可再生能源”的有太阳能、风能．在图中，滚摆在运动过程中，上升的高度会逐渐降低，它的机械能逐渐转化为内能，散失到空气中，由能量守恒定律可得，能量的总量保持不变；这些散失到空气的能量，不能自动地再次驱动滚摆，这说明能量的转化和转移具有方向性．13、1.840.46【解题分析】

由图可知，灯泡L1与L2并联，电流表A2测干路电流，A1测量过L2的电流，又因为两电流表指针均指在如图乙所示位置，则A2接入量程0~3A，示数为2.3A，即干路电流为2.3A；电流表A1接入量程0~0.6A，示数为0.46A，即通过L2的电流为0.46A；根据并联电路电流规律可知，过L1的电流为I干-IL2=2.3A-0.46A=1.84A。14、会聚缩小【解题分析】

摄像头的镜头采用的是凸透镜，其还可以在暗光环境下拍摄出较淸晰的照片，说明该摄像头的镜头对光线有会聚作用；摄像头拍摄利用的是凸透镜成成倒立、缩小的实像的原理制成的．15、0.6＜【解题分析】

根据浮沉条件，悬浮时，浮力等于重力，所以鸡蛋在甲中受到的浮力为：；根据浮沉条件知，悬浮时，鸡蛋的密度等于甲液体的密度；漂浮时，鸡蛋的密度小于乙液体的密度；故甲的密度小于乙的密度．16、6省力【解题分析】

从图中可以看出F1的力臂是重物G力臂的二倍，故物重是F1的二倍即G=2F1=2×3N=6N；因动力臂大于阻力臂，所以该杠杆属于省力杠杆．17、杠杆费力【解题分析】试题分析：动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；在使用镊子时，A点是支点，AB的长度为动力臂，AC的长度为阻力臂，动力臂小于阻力臂，所以镊子是一个费力杠杆．考点：杠杆的分类三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18、【解题分析】

由图知：小磁针的磁极为：左N、右S，那么根据磁极间的相互作用，可知螺线管的磁极为：左N、右S；则据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，如下图所示：19、【解题分析】

入射光线过焦点，经过凸透镜折射后，折射光线将平行主光轴射出，由此可以确定该条入射光线对应的折射光线，如图所示：20、向上调整凸透镜的高度，使烛焰、凸透镜和光屏它们的中心在同一高度缩小B【解题分析】

（1）为了使像成在光屏中心，实验开始前，应将发光体、凸透镜和光屏中心调节在同一高度上，由图象可知我们应当向上调整凸透镜的高度，使烛焰、凸透镜和光屏它们的中心在同一高度；（2）由图可知，u＞v，故此时物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距；（3）据题可知，此时成的是正立、放大的像；A．若它的某些部分到凸透镜的距离稍大于焦距，即蜡烛处于1倍焦距和2倍焦距之间，应该成一个倒立、放大的实像，故A错误；B．若它的某些部分到凸透镜的距离稍小于焦距，即在1倍焦距以内，此时看到一个正立、放大的虚像，故B正确；C．若是通过透镜的表面反射成像，即相当于凸面镜成像，故成的是正立、缩小的虚像，故C错误。21、无关长三测摆动20次的时间，再算一次的调短一些【解题分析】

（1）由表中实验数据可知，在摆长不变的情况下，OA(O固定悬点)的连线与竖直方向的夹角θ不同，而AB间往复运动一次所用的时间t相等，由此可知：摆球小角度重复摆动一次的时间与摆动的幅度无关；（2）由图乙丙可以看出，摆长越长，小球往复摆动一次的时间越长，由此可见：在质量与摆动幅度相同时，往复摆动一次的时间随绳长的增大而增大，这验证了猜想三是正确的。（3）由表中实验记录可知，单摆来回摆动一次时间较短，直接测量摆动一次的时间误差较大，为减小误差，应测量摆动20次的时间，取平均值作为摆动一次的时间；（4）因摆长越长，小球往复摆动一次的时间越长，生活中若摆钟走慢了，可减小摆长。22、ρgh较小在受力面积不变时，压强与压力成正比【解题分析】

（1）根据液体的压强公式，即可知，若实验中当液面高度差为h时，盒内外气压差为此液面高度差产生的压强，即；（2）因为U形管中是空气，气体容易被压缩，所以U形玻璃管越长时，由于气体体积变化对所测压强的影响较大，此时选用密度较小的液体可以减小实验误差；（3）分析实验数据，去除误差的因素外，每增加两个硬币，液面高度差约增加10cm；故可得到的实验结论是：在实验误差允许范围内，在受力面积不变时，压强与压力成正比。【题目点拨】理解气体的体积很容易变化，所以管子长度增加时，空气体积变大，对所测压强影响也变大，会使误差增大。四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23、（1）1.6×103N；（2）4.