2022年山东省邹平一中物理高一第一学期期末考试试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3,请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、撑杆跳高是一项技术性很强的体育运动，完整的过程可以简化成三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落。

撑杆跳高的过程中包含很多物理知识，下列说法正确的是（）

持杆助跑撑杆起跳上升越杆下落

A.持杆助跑过程，重力的反作用力是地面对运动员的支持力

B.撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大于人对撑杆的作用力

C.撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大小等于人对撑杆的作用力大小

D.最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为受到了一个向前的冲力

2、如图所示，作用于0点的三个力艮、Fz、F3合力为零.R沿y轴负方向，大小已知；F?与x轴正方向夹角为9（6

<90°）,大小未知.下列说法正确的是（）

八〉

A.F3不可能指向第三象限

B.Fs可能指向第一象限

C.F3与F2夹角越小，则F3与F?的合力越大

D.艮和F?的合力大小可能的最小值为&cos9

3、下列关于加速度的描述中，正确的是（）

A.物体的加速度等于零，则物体一定静止

B.当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动

C.速度方向为正时，加速度方向可能为负

D.速度变化越来越快时，加速度越来越小

4、某物体做初速度lm/s,加速度2m/s2的匀加速直线运动，则3s末的速度大小和位移大小分别是

A.6m/s,12mB.7m/s,21m

C.7m/s,12mD.6m/s,21m

5、以lOm/s的速度从地面竖直向上抛出一个物体，忽略空气阻力，g取10m/s2,则物体经过0.6秒后离地面的高度是

（）

A.3.2mB.3.6m

C.4.2mD.4.8m

6、质量为50kg的乘客乘坐电梯从四层到一层，电梯自四层启动向下做匀加速运动，加速度的大小是0.6m/s2,则电梯

启动时地板对乘客的支持力为（）（g=10m/s2）

A.530NB.500N

C.450ND.470N

7、关于自由落体运动，下列说法不正确的是（）

A.物体竖直向下的运动就是自由落体运动

B.加速度等于重力加速度的运动就是自由落体运动

C.在自由落体运动过程中，不同质量的物体运动规律相同

D.物体做自由落体运动位移与时间的平方成正比

8、如图所示，在共点力合成的实验中橡皮筋一端固定于尸点，另一端连接两个弹簧秤，使这端拉至。点，两个弹簧

秤的拉力分别为人，尸2（a+//<90。），现使尸।大小不变地沿顺时针转过某一角度，要使结点仍在。处，为相应地使出

的大小及图中//角发生变化.则相应的变化可能的是（）

A.尸2可能增大B.尸2可能减少

C.”角一定减小D.“角可能增大

9、如图所示，小球从高处下落到正下方竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中

（弹簧一直保持竖直），下列说法中正确的是

A.小球的速度一直在减小

B.小球受到的弹力一直在增大

C.小球的加速度先减小后增大

D.小球在最低点受到的合外力为零

10、如图所示，将一质量为，〃的滑块轻轻放置于一足够长的传送带的左端，已知传送带以速度为顺时针运动，滑块与

传送带间的动摩擦因数为"，重力加速度为g。当滑块速度达到vo时电动机突然断电，传送带以大小为。的加速度匀

减速至停止。关于滑块放上去后受到的摩擦力，下列说法正确的是（）

A.滑块加速时受到向右的滑动摩擦力，减速时受到向左的滑动摩擦力

B.滑块刚放上去时受到的摩擦力大小一定为ftmg

C.滑块始终没有受到静摩擦力作用

D.传送带减速时滑块受到的摩擦力可能变为ma

11、科技不断改变着人们的生活，现在人们习惯于通过手机看视频、直播等。水平桌面上，如图为常见的一款手机支

架，则手机放在支架上时（）

A.支架对手机的作用力方向竖直向上

B.手机一定受到摩擦力的作用

C.支架对桌面的压力大于手机的重力

D.手机对支架的压力和支架对手机的支持力是一对平衡力

12、货物放置在升降机地板上，并随其在竖直方向做直线运动，速度v随时间f变化的图线如图所示，取竖直向上为

正方向，在图中标出的时刻中，货物对地板的压力大于货物重力的时刻是（）

A.6B.打

C.hD.£4

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、某同学利用光电传感器设计了测定重力加速度的实验，实验装置如图1所示，实验器材有铁架台、光电计时器、

小钢球等.铁架台上端固定一个电磁铁，通电时，小钢球被吸在电磁铁上，断电时，小钢球自由下落

（D先将光电门固定在A处，光电计时器记录下小球经过光电门的时间加°,量出小球释放点距4的距离为自，测出

小球的直径d"远小于瓦）.则小球运动到光电门处的瞬时速度呷,当地的重力加速度为.用

题中所给字母表示）

（2）若某次实验时光电计时器记录下小钢球经过光电门的时间为0.5加0，请你判断此时光电门距A处的距离

M=.（用（D中所给字母表示）

（3）由于直尺的长度限制，该同学改测光电门位置与其正上方固定点P（图中未画出）之间的距离儿并记录小球通

过光电门的时间移动光电门在竖直杆上的位置，进行多次实验.利用实验数据绘制出如图2所示的图象，已知图

象斜率为K纵截距为从根据图象可知重力加速度小

14、某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律:

(1)通过实验得到如图乙所示的图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角

(选填“偏大”或“偏小”)»

(2)该同学在正确平衡摩擦力后重新进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力将祛码和盘的总重力(填

“大于”、“小于”或“等于”)，为了便于探究、减小误差，应使小车质量/与祛码和盘的总质量/〃满足

的条件。

(3)该同学得到如图丙所示的纸带已知打点计时器电源频率为50Hz。A、B、C、D、E、F、G是纸带上7连续

打出的7个点。考虑最二为元一4。=cm,由此可算出小车的加速度m/s2(加速度。结

果保留两位有效数字)。

丙

15、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中祛码的质量用M表示，盘及盘中

祛码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到.

(D当M与m的大小关系满足时,才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中祛码的总重力.

(2)一组同学在探究加速度与质量的关系时，保持盘及盘中祛码的质量一定，改变小车及车中祛码的质量,测出相应的加

速度，采用图象法处理数据.为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系，应作出a与___________________图象.

⑶甲同学在探究加速度与力的关系时,根据测量数据作出的“一户图线，如图”所示.则实验存在的问题是.

（4）.乙、丙两同学用同一装置探究加速度与力的关系时，画出了各自得到的a—尸图线,如图》所示.则两同学做实验时的

哪一个物理量取值不同?答:.

三.计算题（22分）

16、（12分）一物体由静止开始从斜面顶端沿光滑斜面做匀加速直线运动，运动6秒到达斜面底端，已知斜面长为18

米，贝!I：

⑴前3秒内的位移多大？

⑵物体在第3秒内的位移多大？

17、（10分）如图所示，4、5两个小球在足够高的位置处紧挨在一起，两球用长为L=7m的轻绳连接，不计空气阻力,

重力加速度10m/s2,问：

（1）若8球固定，A球由静止释放，经多长时间有绳子绷紧？（结果可保留根号）

（2）若4球由静止释放的同时，8球以水平初速度M>=7m/s抛出，绳子即将绷紧时B球的速度却大小？（结果可保

留根号）

（3）若A球固定，8球以水平初速度%=2mm/s抛出，经多长时间打绳子绷紧？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、C

【解析】A.重力是由于地球的吸引而产生的，所以任意过程中，其反作用力均为人对地球的引力，A错误；

BC.弯曲的撑杆对人的作用力和人对撑杆的作用是相互作用力，故撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力等于

人对撑杆的作用，B错误，C正确；

D.最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为人的惯性，而没有受到冲力作用，D错误。

故选C。

2、D

【解析】三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；题中第三个力F3与已知的两个力的

合力相平衡

【详解】A、B项：三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线

通过作图可知，当Fi、F2的合力F可以在Fi与F2之间的任意方向，而三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第

三个力等值、反向、共线，故力F3只能在Fi与F2之间的某个方向的反方向上，可以在第二象限，也可以在第三象限,

当用、F2的合力F在第一象限时，力F3在第三象限，故A、B错误；

C项：由于三力平衡，F2与F3的合力始终等于F“保持不变，故C错误；

D项：通过作图可以知道，

当Fi、F2的合力F与F2垂直时合力F最小，等于Ficos。，故D正确

故选D

【点睛】本题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后通过作图分析

3,C

【解析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向相同，物体

做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动

【详解】A项：加速度等于零时，物体可能静止，也可能匀速运动，故A错误；

B项：当加速度与速度方向相同时，速度增大，故B错误；

C项：速度方向为正，加速度方向可以为正（速度增加）也可以为负（速度减小），故C正确；

D项：加速度表示速度变化的快慢，速度变化越来越快，加速度应越来越大，故D错误

故选C

【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方

向与速度方向的关系

4、C

【解析】根据速度时间公式求出物体第3s末的速度大小，由位移公式求出前3s的位移

【详解】物体在3s末的速度由：v=v＜）+at

2

由位移公式x=vor+-at

17

即x=(1x3+—x2x32)m=12m

故选c

5、C

【解析】取向上为正方向，则竖直上抛运动为初速度为％=+l()m/s，加速度为。=-g=-l()m/s2的匀减速直线运动,

由运动学公式可得：

1,1,

h=-[10x0.6――x10x(0.6)-]m=4.2m

ABD错误，C正确。

故选C。

6^D

【解析】电梯运动过程中加速度向下，故根据牛顿第二定律，有mg—N=ma,解得N=/ng-松=470(N),故D

正确

考点：考查了牛顿第二定律的应用

7、AB

【解析】物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始.只在重力作用下保证了物体的加速度为g;

从静止开始保证了物体初速度等于零

【详解】自由落体运动必须为初速度为0,只受重力作用，竖直向下的匀加速直线运动，而物体竖直向下的运动可能

为匀速运动或者匀加速运动等，故A错误；加速度等于重力加速度，同时要求初速度为0才是自由落体运动.故B错

误；自由落体运动的特点：初速度为0,加速度为重力加速度，方向竖直向下，其运动规律与物体的质量无关，故C

正确；物体做自由落体运动，位移时间公式为：h=^-gt2,故位移与时间的平方成正比，故D正确；此题选择不正确

的选项，故选AB.

8、AD

【解析】根据平行四边形定则有:

若如图1变化所示，可以增大F2的同时增大，角；

如图2所示，可以增大工的同时减小夕角；

如图3所示，可以增大与而保持〃角不变；

同时根据平行四边形定则可知，减小耳的同时减小/角是不能组成平行四边形的，故AD正确，BC错误；

故选AD。

9、BC

【解析】下落过程中正确对小球进行受力分析，然后根据牛顿第二定律即可判断其加速度的变化情况，然后进一步判

断速度变化情况

【详解】小球开始下落时，只受重力作用做加速运动，当和弹簧接触时，受到弹簧弹力作用，开始时弹簧压缩量小，

因此重力大于弹力，此时：mg-kx=ma,随着弹簧压缩量的增加，弹力增大，加速度减小，但是物体仍加速运动，当

mg=kx时，速度最大，然后弹簧继续被压缩，当mg=kx时，加速度等于零，速度最大，物体继续向下运动，弹簧继续

被压缩，弹力大于重力，物体开始减速运动，所以整个过程中物体先加速后减速运动，加速度先减小，后增大；速度

先增大后减小；故A错误，C正确.弹簧的压缩量不断变大，故弹簧的弹力不断变大，故B正确；小球在最低点的加

速度不为零，则受到的合外力不为零，选项D错误；故选BC.

【点睛】对于弹簧问题要动态分析，分析清楚弹力变化情况，然后根据加速度和速度方向关系判断加速还是减速

10、BD

【解析】B.滑块刚放上去时，与皮带之间有相对运动，为滑动摩擦力，滑动摩擦力大小为B正确；

AC.滑块向右运动，加速时摩擦力与运动方向相同，即向右。滑块速度达到为时电动机突然断电，传送带以大小为。

的加速度匀减速至停止，若加速度则滑块以加速度。和皮带一起减速，即滑块与皮带保持相对静止，滑块受

静摩擦力作用，故AC错误；

D.若加速度则滑块以加速度a和皮带一起减速，此时由牛顿第二定律可知，摩擦力大小为户ma,D正确。

故选BD„

11、AC

【解析】A.由平衡条件可知，支架对手机的作用力与重力等大反向，所以支架对手机的作用力方向竖直向上，故A

正确；

B.由图可知，若没有摩擦力，支架对手机支持力与重力也可以平衡，所以手机不一定受到摩擦力的作用。故B错

误；

C.支架对桌面的压力等于支架和手机的总重力，所以支架对桌面的压力大于手机的重力，故C正确；

D.手机对支架的压力和支架对手机的支持力是一对作用力与反作用力，不是一对平衡力，故D错误。

故选AC。

12、AD

【解析】当货物对地板的压力大于货物重力时，此时物体超重，加速度向上，在M图线中，斜率为正值，故在人和4

时刻。

故选AD。

【名师点睛】本题是对牛顿第二定律以及X图象的考查，掌握住速度时间图象的含义，斜率等于加速度，知道超重和

失重的特点即可解答本题

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、①益②③.4痴®.-kd2

2

【解析】（1）[1]小钢球运动到光电门处的瞬时速度近似等于平均速度，则:

d

△，0

⑵根据；

v2=2gh

可得:

v2d2

P=-----=--------------

242%(名)2

(2)[3]由：

d

Vi=,

0.5乂

则:

,I=4%

2g2xd1

2goy

（3）［4］设小球到达尸点的速度为vo,则根据:

声=v；+2g力

且：

d

u=一

2

联立解得:

□_=应+组.

h

△厂d2d2

则：

组.k

d2■

解得：

1,

8=~kd【名师点睛】

解答本题要知道极短时间内的平均速度可以代替瞬时速度，能根据自由落体运动的基本公式分析，难度不大，属于基

础题

14、①.偏大②.小于③.小车质量M与祛码和盘的总质量，"满足的条件④.1.80⑤.5.0

【解析】（1）口］当拉力尸等于。时，小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时

木板与水平桌面间的倾角偏大。

（2）［2］小车运动过程中，祛码和盘向下做加速运动处于失重状态，祛码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程

中受到的拉力小于祛码和盘的总重力。

［3］对整体分析，根据牛顿第二定律得

mg=［M+m）a

解得

mg

a=------

M+m

则绳子的拉力

r..Mmgmg

M+m।+m

M

当M即祛码和盘的总质量远小于小车和小车上祛码的总质量时，祛码和盘的总重力在数值上近似等于小车运

动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与祛码和盘的总质量"满足的条件。

(3)[4]刻度尺上读出A、。、G三点的位置，可得

As=(6.50-2.60)cm-(2.60-0.50)cm=1.80cm

⑸计数点间的时间间隔为T,由匀变速直线运动的推论Ax=a△可知，加速度

As1.8x10-22

a==-----------m/s=5.()m/s

T20.062

15、①②③.平衡摩擦力时木板倾角过大④.两小车及车上硅码的总质量不同

M

【解析】⑴⑴由牛顿第二定律得，对M、〃，组成的系统：

mg=(M4-m)a

对M：

国二Ma

解得

_Mmg_mg

拉-M+机一以

M

当加时，鼠ymg,即小车的质量远大于祛码和盘的总质量，绳子的拉力近似等于祛码和盘的总重力，因此实

验时要保证M

(2)[2]据牛顿第二定律产。与M成反比，而反比例函数图像是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间

F1

的关系，故不能作如M图像；但。=一，故。与一成正比，而正比例函数图像是过坐标原点的一条直线，就比较容

MM

易判定自变量和因变量之间的关系，故应作图线；

M

(3)