2022年河南省周口市太康县中考物理二模试卷（附答案详解）

2022年河南省周口市太康县中考物理二模试卷

一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）

1.关于信息与能源，下列说法正确的是（）

A.不同频率的电磁波在真空中的传播速度相同

B.光纤通信是利用光的折射传递信息的

C.天然气是可再生能源

D.任何形式的能量都可以自发地相互完全转化

2.根据你对生活中物理量的认识，下列数据最接近生活实际的是（）

A.一位中学生的重力约为5000N

B.一个苹果从2m高的树上落到地面，重力做的功约为5/

C.一个篮球的体积约为0.5m3

D.光在真空中的传播速度约为340m/s

3.初中物理中有一些测量工具，在测量时都用到一定的原理，下列测量工具和其原理

不对应的是（）

A.天平-杠杆的平衡条件

B.弹簧测力计一弹性限度内，弹簧的伸长量与受到的拉力成正比

C.密度计一物体的漂浮条件

D.电压表-电磁感应

4.如图所示是跳伞运动员在匀速下落过程中，下落的速度1A下落的路程S、重力做的

5.为了给载重车称重计费，杨光同学结合所学物理知识，设计了如图所示的计重秤原

理图，用它可以测载重车的重力。以下说法正确的是（）

A.图中位置的称重表是由电压表改装成的

B.在称重读数的过程中，静止的载重车受力不平衡

C.无论载重车重力如何，弹簧下面的M板对地面的压强不变

D.载重车的重力越大，相同时间内收上产生的电热越多

6.指南针是我国古代的四大发明之一，下列有关指南针和地磁场的说法中正确是（）

A.指南针静止时南极指向地理北极

B.如果地磁场消失，指南针还能指示南北

C.指南针静止时指示南北，是因为受到地磁场的作用

D.由于地磁场的存在，所以在地球的周围才存在着磁感线

二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）

7.下列说法正确的有（）

A.牛顿第一定律可以用实验直接验证

B.物体运动的方向发生改变，一定受到了力的作用

C.拔河比赛中，胜利方受到的拉力，与失败方受到的拉力大小相等、方向相反

D.围绕地球做圆周运动的天和核心舱，速度大小不变，一定受到了平衡力的作用

8.如图所示，将两个定值电阻％、/?2按甲、乙两种方式接在电源电压均为U的两个电

路中。开关闭合时甲、乙两个电路中流经％的电流分别为0.24和0.3人下列判断正

确的有（）

n--------[ZZ3—

------oUo---------------oUO

甲-----------乙

A.&、/?2的电阻之比为1：2

B.甲、乙两电路中的总功率之比为4：81

C./?2在甲、乙两电路中的电压之比为1：3

D.甲、乙两电路中％的电功率之比为4：9

第2页，共20页

三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）

9.端午节赛龙舟是我国传统民俗，选手在鼓点的号令下，有节奏地向后划水，龙舟快

速前进，这说明物体间力的作用是的，划船时船桨是（选填“省力”

或“费力”）杠杆。

10.使用手机扫码支付是通过传递信息的，制作手机芯片的材料主要是（

选填“超导体”、“半导体”、“导体”或“绝缘体”）。

11.张家界森林公园内风景优美，其中金鞭溪婉转秀丽，下雨后溪边升起了一层雾，置

身其中，宛如仙境，那么雾的形成属于现象；水还有许多用途，如用水作为

汽车发动机冷却液是利用了水的特点。

12.将质量为50g的鸡蛋先后浸入盛有水和浓盐水的两个完全相同的烧杯里，鸡蛋在下

沉过程中，鸡蛋表面各部分受到的压强逐渐（选填“变大”“变小”或“不

变”）;鸡蛋静止时所处的位置如图所示,鸡蛋在两个烧杯中所受浮力尸/尸乙（

选填或）；若向乙烧杯中继续加盐至鸡蛋漂浮，则漂浮后鸡蛋受

到的浮力为N。（g取10N/kg）

13.小明家的电能表及某月月初、月末的两次示数如图甲所示，若电价为0.5元/勿.h,

则小明家该月要交电费元，在关闭了所有电器后，小明只让一个

“220V1500W”的电热水壶正常工作6min,则这段时间内，电能表转盘转了

______圈。

「1|8|7口|

□□口

14.在学习了机械能的转化和守恒之后，教师让学生考察日常生活中有关的能量转化现

象，并从中发现问题。小华说：前几天我买了一个氢气球，不小心氢气球飞上了天，

在氢气球上升的过程中，机械能增加了，这份增加的机械能是由什么能量转化而来

的呢？接着，老师做了以下实验，引导学生分析思考：液体和气体很多时候具有相

似的性质，我们不妨先看看木块在水中上浮的情况，实验发现,把木块浸没在水中，

当撤去对木块的压力时，由于,木块上浮•木块升高了，机械能增加了，而

这时，会有一部分水下去填补木块原来占据的位置，水面有所下降，所以水的重力

势能（选填“增加”或“减少”）了；假设气球在空气中上升和木块在水中上

浮原理是相同的，你能解释小明小军提出的问题了吗？请试着分析一下：。

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

15.如图所示，在水平桌面上有一个小球向右滚动，小球在平面f

镜中的像竖直向下运动，请在图中画出该平面镜的位置。

16.如图所示根据图中信息请标出电源的“+”极和小磁针的“N”极。

<<r>」

五、实验探究题（本大题共3小题，共19.0分）

17.小明选择石蜡和海波探究“不同固态物质在熔化过程中温度的变化规律是否相

同”，设计的实验装置如图甲所示，两种物质的熔化图像如图乙所示。

（1）分析图乙可知，（选填"a”或"b”）是海波的熔化图像。海波的熔化过

程共用了min.

（2）海波在熔化过程中内能不断增大，原因是。

（3）由图乙可知石蜡在熔化过程中温度（选填“升高”“降低”或“不变”）。

第4页，共20页

温度/r

乙

18.在“探究杠杆的平衡条件”的实验中:

(1)挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于(选填“平衡”或

“非平衡”)状态；要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向

(选填“左”或“右”)侧调节；

(2)如图乙所示，在4点挂2个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下

拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为N-.

(3)竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，

此过程中，弹簧测力计的示数(选填“变大”“变小”或“不变”)；

(4)若要使图丙状态下的弹簧测力计读数减小，可将弹簧测力计绕B点(选填

“顺时针”或“逆时针”)方向转动一个小角度。

(5)在探究过程中，需要进行多次实验的目的是。

19.小明在测量小灯泡的电功率时，所用电源为串联的两节新干电池，小灯泡上标有

“2.5U”的字样。

(1)小明连接的电路如图甲所示，闭合开关移动滑动变阻器滑片，发现电流表

示数，电压表示数。(以上两空均选填“有”或“无”)经分析有一根导线连

接错误，请在连接错误的导线上画“X”，并补画出一根导线连接成正确的电路。

(2)连好电路后，小明同学闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表、电流表都有示数，

接下来的操作应该是：o

(3)小明进行了六次实验，根据所测实验数据在/-U图像中描点，得到了通过小灯

泡的电流与其两端电压的关系图像(如图乙所示)，根据记录的数据和图像可知：

①小灯泡的额定功率为W;

②实验中所使用的滑动变阻器的规格可能为。

A.502A

B.1O02A

C.20H1A

D.30121A

③小明根据六次实验数据计算出了不同电压下小灯泡的电功率，并求出了电功率

的平均值，这样处理数据合理吗？请做出判断并说出理由：0

(4)图丙是在缺少电压表的情况下，小飞重新设计的测量小灯泡额定功率的电路图。

k是图甲中额定电压为2.5,的小灯泡，〃是另外一个标有“2.5U1.25IV”的小灯泡,

请你将下列实验过程补充完整：

①闭合开关S和S2断开&调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为A；

②闭合开关S和Si断开S2保持滑动变阻器的滑片位置不变，记录电流表的示数为/;

③小灯泡刀额定功率的表达式「颁=。

六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)

第6页，共20页

20.某些电阻的阻值会随温度的变化而明显改变，利用电阻的这种特性可以制成电阻温

度计，从而用来测量温度.在如图甲所示的电路中，电流表量程为0〜0.64电源

电压恒为6V,R潦为滑动变阻器，电阻R作为温度计的测温探头。当tN(TC时，R的

阻值随温度t的变化关系如图乙所示。闭合开关S后，把R放入0。(：环境中，调节滑动

变阻器R溃，使电流表指针恰好满偏(即0.64),然后保持与楼的阻值不变。

(1)在0冤环境中通电30s,整个电路消耗的电能是多少？

(2)滑动变阻器接入电路的电阻R源为多大？

⑶再把测温探头R放到100℃环境中时，R消耗的电功率多少？

七、综合题(本大题共1小题，共8.0分)

21.为控制新冠疫情，我市引进一批消毒喷雾车用于城市消毒杀菌。某款消毒喷雾车在

装满水时轮胎与地面的总接触面积为0.562,相关数据如表，请回答下列问题:

品牌型号东风车罐容积4m3

最高车速100km/h空车质量5t

(1)该车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，消毒车的动能o

(2)该车装满水静止时•，对水平地面的压强是多少？

(3)该车完成工作后以25kW恒定的功率在水平路面上匀速前进3km,用时10m讥,

该车此过程中受多大阻力？

(4)该车发动机为内燃机，请从环保的角度提出一条改进建议。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：力、不同频率的电磁波在真空中的传播速度相同，故A正确；

8、光纤通信是利用光的反射传递信息的，故B错误；

C、天然气是不可再生能源，故C错误；

。、能量的转化具有方向性，不能自发相互完全转化；故。错误；

故选：力。

(1)不同频率的电磁波在真空中的传播速度相同；

(2)利用携带信息的激光从光导纤维的一端射入，经内壁多次反射，从另一端射出.这

样就把它携带的信息传递到了远方.这种通信方式叫做光线通信；

(3)煤炭、石油和天然气均属于不可再生能源，因为这些能源会越用越少，不能在短期

内从自然界得到补充；

(4)能量的转移和转化是有方向性的。

本题考查了信息和能源的相关知识点，属于基础题。

2.【答案】B

【解析】解：4、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kgx

10N/kg=500N左右，故A错误；

B、一个苹果重约为2.5N,从2m高的树上落到地面，重力做的功约为勿=Gh=2.5/Vx

2m=5/,故8正确；

C、一个篮球的体积约为5dm3=5x10-37n3,故c错误；

D、光在真空中的传播速度约为3x1087n/s,故。错误。

故选：Be

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应

的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力

的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

3.【答案】D

【解析】解：4、天平是等臂杆杆，是利用杠杆的平衡条件，故A正确；

8、弹簧测力计的原理：在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比的原理制成的，

第8页，共20页

故。正确；

C、密度计的原理是物体的漂浮条件，密度计漂浮在被测液体中，所受的浮力等于其自

身重力，故C正确；

。、电压表接入电路，其内部线圈通电，在磁场中受力转动，并带动指针转动，所以说

电压表的原理是通电导体在磁场中受力运动，故O错误。

故选：D。

(1)天平是等臂杆杆；

(2)弹簧测力计的工作原理是：在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比。

(3)密度计在不同的液体中都处于漂浮状态，其原理是物体的漂浮条件。

(4)电压表接入电路，其内部线圈通电，在磁场中受力转动，据此解题。

很多生活现象都应用了物理学规律，该题就是通过实际应用来考查学生对物理知识应用

实际的能力。

4.【答案】A

【解析】解：

A、跳伞运动员在匀速下落过程中，其运动的速度。不随时间变化，在u-t图象中为平

行于时间轴的直线，故A正确；

8、跳伞运动员在匀速下落过程中，路程和时间成正比，在s-t图象中为过原点的倾斜

直线，故2错误；

C、重力做的功W=Gh=Gut,其中重力G、速度"都是定值，所以重力做的功W与时

间t成正比，其图象为过原点的倾斜直线，故C错误；

I)、重力做功的功率P=?=^=Gu,其中重力G、速度"都是定值，故功率P也为一定

值，其图象为平行于时间轴的直线，故D错误。

故选:Ao

明确图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据匀速直线运动的特点和相应的公

式判断对应图象的形状。

本题通过图象考查了对匀速直线运动的特点、功和功率计算公式的应用，有一定难度。

5.【答案】D

【解析】解：4、由电路图可知，称重表串联在电路中，它是由电流表改装而成的，故

A错误；

8、在称重读数的过程中，车是静止状态，所以是受到平衡力的作用，故8错误；

C、载重汽车重力越大，弹簧下面的M板对地面的压力越大，当受力面积一定时，车对

地面的压强越大，故C错误；

。、由电路图可知，载重车的重力越大，电阻R接入电路的阻值越小，电路电流越大，

由Q=/2Rt可知，相同时间内凡上产生的电热多，故力正确；

故选：D。

(1)分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表；

(2)根据电路中滑片的滑动方向情况对选项逐一分析后，选择正确答案。

此题是一道力学和电学的综合题，考查焦耳定律公式的应用和固体压强的比较。

6.【答案】C

【解析】解：

4、指南针静止时，其南极指向地理南极，在地磁北极附近，故A错误；

8、如果地磁场消失，指南针静止时能停在任意方向，不一定指示南北，故B错误；

C、地球是一个巨大的磁体，它对放入其中的磁体产生磁力的作用；指南针静止时指示

南北方向，是因为指南针受到地磁场的作用，故C正确；

。、磁感线不是真实存在的，而是为了描述磁场而引入的，即在地球的周围不存在磁感

线，故。错误。

故选：Co

(1)地球是一个巨大的磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；

(2)如果没有地磁场，小磁针应该能停在任意位置：

(3)为了方便的描述磁场，我们又引入了磁感线，磁感线是假想的，不是真实存在的。

本题考查学生对地磁场、磁感线的掌握，难度不大，属于基础知识的考查，比较简单。

7.【答案】BC

【解析】解：4、牛顿第一定律是在实验的基础上推理概括得出的结论，不可以用实验

直接验证，故A错误；

3、物体运动方向改变，运动状态改变，它一定受到了力的作用，且是受到非平衡力作

用，故B正确；

C、拔河比赛中，胜利方对失败方的拉力与失败方对胜利方的拉力是一对相互作用力，

大小相等，方向相反，故C正确；

。、围绕地球做圆周运动的天和核心舱，速度大小不变，方向改变，受非平衡力作用，

第10页，共20页

故。错误。

故选：BCo

(1)牛顿第一定律是在实验的基础上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，

总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态。

(2)力是改变物体运动状态的原因；物体受到非平衡力作用，其运动状态一定改变，包

括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。

(3)作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上。

(4)物体受平衡力作用时，保持静止或匀速直线运动状态。

本题考查了对牛顿第一定律、力与运动的关系、相互作用力、平衡状态的判断等知识的

理解，综合题，难度不大。

8.【答案】CD

【解析】解：4、甲图中两电阻串联，乙图中两电阻并联；

在甲图中，根据欧姆定律和电阻串联的特点可知，电源电压：

U=I串(％+&)=0.2/1x(%+R2)……①，

在乙图中，根据欧姆定律和并联电路的电压特点可知，电源电压:

U=1凡=0.34xRi....(2),

联立①②可知：g=故A错误；

B、根据欧姆定律可知，

乙图中通过两电阻的电流之比：

U

"=寻="=工，

一I2

则通过的电流：

/2=2。=2x0.34=0.64

根据并联电路的电流特点可知乙图中干路电流：

//=A+=0.3/+0.64=0.94,

根据P=U/可知甲、乙两电路中的总功率之比:

挣泉$=怒=1，故8错误;

C、根据欧姆定律可知/?2在甲、乙两电路中的电压之比为:

4%_/串&_包_0.2力_1

故C正确;

U7-I2R2-，2-O.6i4-3,

乙2

D、根据P=U/=KR可知甲、乙两电路中％的电功率之比:

下中1_，沁_$_(O.2A)Z_4

故。正确。

P/-/祖一4一(0.34)2-g>

故选：CD。

(1)甲图中两电阻串联，乙图中两电阻并联；在甲图中，根据欧姆定律和电阻串联的特

点可知电源电压的表达式；在乙图中，根据欧姆定律和并联电路的电压特点可知电源电

压的表达式，联立两式可得％、/?2的电阻之比；

(2)根据欧姆定律可得乙图中通过两电阻的电流之比，进而得出则通过/?2的电流，根据

并联电路的电流特点可知乙图中干路电流，根据P=u/可知甲、乙两电路中的总功率之

比；

(3)根据欧姆定律可知/?2在甲、乙两电路中的电压之比；

(4)根据P=U1=/2R可知甲、乙两电路中&的电功率之比。

本题考查欧姆定律的应用、串并联电路的特点、电功率的计算等知识，有一定难度。

9.【答案】相互费力

【解析】解：(1)选手在鼓点的号令下，有节奏地向后划水，船桨给水一个向后的力，

根据物体间力的作用是相互的，水给船桨一个向前等大的力，推动船前行。

(2)船桨和船沿接触的部分为支点，手施加的力是动力，水给船桨的力是阻力，动力臂

小于阻力臂，根据杠杆平衡条件知，动力大于阻力，所以船桨是费力杠杆。

故答案为：相互；费力。

(1)物体间力的作用是相互的，甲给乙一个力，同时乙给甲一个等大的力。

(2)根据动力臂和阻力臂的大小关系判断省力杠杆还是费力杠杆。

在龙舟比赛中考查了物体间力的作用是相互的、省力杠杆和费力杠杆的判断方法，体现

了物理在生活中的广泛应用。

10•【答案】电磁波半导体

【解析】解：手机扫码支付利用电磁波传递信息，手机芯片使用的材料主要是半导体。

故答案为：电磁波；半导体。

手机扫码支付利用电磁波传递信息；手机芯片使用的材料主要是半导体。

本题考查的是电磁波和半导体的应用，属于基础考查，难度不大。

11.【答案】液化比热容大

【解析】解：(1)雾是由空气中的水蒸气液化形成的；

(2)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的

第12页，共20页

热量多，所以汽车发动机中用水来冷却。

故答案为：液化；比热容大。

(1)物质由气态变为液态叫做液化；

(2)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水

的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多.

本题考查了物态变化、水的比热容大的应用，属于基础题。

12.【答案】变大＜0.5

【解析】解：(1)鸡蛋在下沉过程中，深度变大，由「=。9/1可知，鸡蛋表面各部分受到

的压强逐渐变大；

(2)鸡蛋在甲中沉底，则尸尹＜G,在乙中漂浮，则尸乙=6,所以F/＜F,；

(3)若向乙烧杯中继续加盐至鸡蛋漂浮，鸡蛋受到的浮力仍等于重力，则F浮=G=mg=

0.05kgx10N/kg=0.5N。

故答案为：变大；＜;0.5。

(1)根据p=pg/i判断鸡蛋表面各部分受到的压强变化；

(2)再根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系；

(3)若向乙烧杯中继续加盐至鸡蛋漂浮，根据F浮=G可求出浮力。

本题考查了液体压强特点及物体浮沉条件的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关

系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。

13.【答案】45450

【解析】解：

(1)由图知，小明家某月月末电能表的示数：1377.6kW-/i,该月月初电能表的示数：

1287.6AW-h；

小明家本月用电量W=1377.6/cW-h-1287.60V-h=90kW-h；

则该月要交的电费：90/clV-hx0.5元〃力•h=45元；

(2)由P=?可知，电热水壶正常工作消耗的电能：W'=Pt=1500VIZx6x60s=

5.4xl057=0.15/clV-h；

3000r/kW■/i表示电路中用电器每消耗-%电能，电能表的转盘转过3000r,

则电热水壶正常工作6min时，电能表转盘转过的转数：n=0.15kW-hx3000r/kW-

h=450ro

故答案为：45；450o

(1)电能表的读数方法：①月末的示数减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位是

kW-h；用电量乘以电价即为该月要交的电费；

(2)利用P=多计算出电热水壶正常工作6min消耗的电能；

3000r〃W・/i表示电路中用电器每消耗电能，电能表的转盘转过3000r,据此求

出电热水壶正常工作6min时，电能表转盘转过的转数。

本题考查了电能的计算、电功率公式的灵活运用，题目比较简单。

14.【答案】所受浮力大于自身的重力减少氢气球增加的机械能来自于下降空气的机

械能

【解析】解：浸没在水中的木块，当撒去对木块的压力时，由于所受浮力大于自身的

重力，所以木块上浮。木块升高了，机械能增加了，而这时.，会有一部分水下去填补木

块原来占据的位置，水面有所下降，所以水的重力势能减小。与木块在水中上升的情况

相似，氢气球在空中上升，其机械能增加，氢气球上升后，周围有一部分空气过来填充

氢气球原来占据的空间，所以有一部分空气下降，空气的机械能减小。

故答案为：所受浮力大于自身的重力；减少；氢气球增加的机械能来自于下降空气的机

械能。

(1)物体上浮的过程是浮力大于重力。

(2)物体在水中上升是水的重力势能转化为物体的动能，物体的动能又转化为物体的重

力势能。

(3)物体在水中上升和物体在空气中上升是一个道理。

通过木块在水中上升类比成物体在空气中上升就好理解了。

15.【答案】解：①把小球与小球的虚像连接，找出连线的中点：②过此中点，作线段

的垂直平分线，垂直平分线即是平面镜的位置，在镜面的背面画出短斜线，并标出垂直

第14页，共20页

符号。如图所示。

【解析】平面镜成像特点：平面镜成的是虚像；像与物体的大小相等；像和物体到平面

镜的距离相等；像和物体的连线与镜面垂直。按照平面镜成像特点作图

本题考查了镜面反射的原理与性质。注意：小球与小球的虚像连接要用虚线，平面镜要

用实线。

16.【答案】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极，所以螺线管

的右端S极，左端为N极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的右端为N极，根据

安培定则可以判断出电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：

厂----------------1”I

——I电源匕—二--------

【解析】根据磁感线的方向确定螺线管的N、S极，然后根据磁体间的相互作用确定磁

针的N、S极，再利用安培定则确定电源的正负极。

此题主要考查学生会根据螺线管的性质判断出磁体的N、S极，会熟练应用安培定则。

17.【答案】a8吸收了热量升高

【解析】解：(1)海波是晶体，在熔化过程中不断吸热，但温度保持不变，图丙中a图象

从第4至第12分钟温度保持不变，所以a是晶体的熔化图象，b图象温度不断升高，是非

晶体的熔化图象。据图能看出，熔化过程持续了12min-4min=8min；

(2)海波在熔化过程中，需要不断吸热，但温度不变，内能增加；

(3)石蜡是非晶体，熔化过程中吸热温度不断升高。

故答案为：⑴a；8；(2)吸收了热量；(3)升高。

(1)海波是晶体，在熔化过程中不断吸热，但温度保持不变，石蜡是非晶体，熔化过程

中温度一直升高。根据这个特点进行分析。海波从熔化开始到熔化结束时间为熔化过程

共用时间；

(2)物质吸热内能增加；

(3)根据晶体在熔化过程中吸热温度保持不变，非晶体熔化过程吸热温度升高的特点进

行分析。

此题是探究“不同固态物质在熔化过程中温度的变化是否相同”的实验，考查了晶体和

非晶体在熔化过程中的区别，是一道基础性题目。

18.【答案】平衡左1.5不变顺时针避免偶然性，得出普遍结论

【解析】解：(1)杠杆静止或匀速转动时都属于平衡状态，如图杠杆是静止状态，此时

杠杆是平衡状态。

如图杠杆的左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡；

(2)一钩码重为0.5N,设杠杆的分度值为3根据杠杆平衡条件由甲图可知：2X0.5NX

3L=FBX2L,所以FB=L5N；

(3)力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓

慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉

力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，所以拉

力大小不变；

(4)根据杠杆平衡条件知要使弹簧测力计读数减小，在阻力和阻力臂不变时，需要增大

动力臂，当弹簧测力计与杠杆垂直时，动力臂最长，拉力最小，所以需要将弹簧测力计

顺时针转动；

(5)本实验进行多次实验，是为避免偶然性，得出普遍结论。

故答案为：(1)平衡；左；(2)1.5；(3)不变；(4)顺时针；(5)避免偶然性，得出普遍结

论。

(1)杠杆静止或匀速转动时都属于平衡状态。平衡螺母向上翘的一端移动，能使杠杆在

水平位置平衡；

(2)根据?也］=F2L2＜分析解题;

(3)力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓

慢转过一定角度，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码的力臂减小，根据数学

知识和杠杆的平衡条件分析解题；

(4)根据杠杆平衡条件知要使弹簧测力计读数减小，需要增大动力臂，当弹簧测力计与

第16页，共20页

杠杆垂直时，力臂最长；

(5)本实验是为了探究杠杆平衡规律，进行多次实验，为避免偶然性，得出普遍结论。

本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从原理到实际操作、实验方法、数据分析等,

考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验，根据是会用杠杆的平衡条件分析解答。

19.【答案】无有应向左移动滑片，观察灯泡是否发光0.75D不合理，灯泡在不

同的电压下，实际功率不同，求电功率的平均值没有意义0.52.5Vx(/-0.54)

【解析】解：(1)由甲电路图可知，电压表串联在电路中，测电源两端的电压，故电压

表有示数；因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以电路中无电流、电流表无

不数；

小灯泡、电流表和滑动变阻器应该串联在电路中，电压表应该与小灯泡并联，如下图所

示：

+

(2)闭合开关后，灯泡不亮，电压表、电流表都有示数，则说明此时灯泡的实际功率太

小，是由于滑动变阻器的阻值太大造成的，所以下一步应向左移动滑片，观察灯泡是否

发光；

(3)①由图乙可知，当灯泡两端的电压为2.5U时，通过灯泡的电流为0.34,灯泡的额定

功率P=UI=2.5Vx0.34=0.75W；

②当电路中电流最小时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由图乙可知，电路中的

电流最小为0.14此时灯泡两端的电压为0.5V,所以此时滑动变阻器两端的电压^滑=

U-UL=3V-0.5V=2.5V,滑动变阻器的最大电阻R滑=L=不五=25亿故选。；

滑

③由于灯泡在不同的电压下，其实际功率不同，求电功率的平均值没有意义，因此小

明的想法不合理；

(4)实验步骤：

①闭合开关S和52断开Si调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为0.54

②闭合开关S和Si断开S2保持滑动变阻器的滑片位置不变，记录电流表的示数为/；

③在①中，灯泡力2并联，电流表测量灯泡工2的电流，移动滑片，直到电流表示数

为，2=卷=翳=054时，此时灯泡G正常发光，其两端电压为2.5V,灯泡刀也正常

发光；

在②中，灯泡刀、功并联，电流表测干路电流，其示数为/，保持滑动变阻器的滑片位

置不变，由于电路连接方式不变，电阻不变，通过灯泡5、G的电流不变，此时小灯泡

人仍正常发光，故通过订的电流是。=/一％=/-0.54小灯泡额定功率为：

P^=Uh=2.5Vx(/-0.54)。

故答案为：(1)无；有；见解答图；(2)应向左移动滑片，观察灯泡是否发光；(3)①0.75；

②。；③不合理，灯泡在不同的电压下，实际功率不同，求电功率的平均值没有意义；

(4)①0.5；(3)2.51/x(/-0.5/1),

(1)原电路图中滑动变阻器与灯泡并联了，电压表串联在电路中，电压表的内阻很大，

在电路中相当于断路，据此分析观察到的现象；小灯泡、电流表和滑动变阻器应该串联

在电路中，电压表应该与小灯泡并联；

(2)电压表、电流表都有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，则可能是因为滑动变阻器

的阻值较大造成，此时应减小滑动变阻器的阻值观察灯泡是否发光；

(3)①由图乙可知，当灯泡两端的电压为2.5W1寸，通过灯泡的电流为0.34,根据P=U/可

计算出灯泡的额定功率；

②当电路中电流最小时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由图乙可知，电路中的

电流最小为0.14根据串联电路电压规律可求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律

可求出滑动变阻器的最大电阻；

③由于灯泡在不同的电压下，其实际功率就不同，不能用功率的平均值代替灯泡的额

定功率；

(4)当开关S、S2闭合，S1断开时，灯泡G、乙2并联，电流表测量灯泡乙2的电流，移动滑

片，直到电流表示数为灯泡乙2的额定电流时,，此时灯泡G正常发光，其两端电压为2.5人

灯泡及也正常发光；

当开关S、S1闭合，52断开时，灯泡L、42并联，电流表测量干路中的电流，保持滑动

变阻器的滑片位置不变，由于电路连接方式不变，电阻不变，通过灯泡L、乙2的电流不

变，根据并联电路电流规律计算出通过人的电流，再利用P