2022年上海市徐汇区中考物理二模试卷（附答案详解）

2022年上海市徐汇区中考物理二模试卷

一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）

1.电视遥控器上的“音量”键可以调节声音的（）

A.响度B.音调C.音色D.频率

2.四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（）

A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程

3.如图所示，通电螺线管周围有四个小磁针E、F、P、Q（图中涂黑端为N极），当小磁

针静止时指向正确的是（）

A.EB.FC.PD.Q

4.甲、乙两小车分别从P、Q两点出发,沿同一直线匀速运动，它们的s-t图像分别

如图（a）（b）所示，甲比乙晚1秒出发,甲出发5秒后两车相遇，则P、Q两点间的距离

A,可能等于1米B.可能等于17.5米C.可能等于16米D.一定等于19米

5.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关工

闭合。当开关S2由断开到闭合时，电路中（）

A.电压表V示数与电流表A】示数的比值变小

B.电压表V示数与电流表A示数的比值变小

C.电压表V示数与电流表A示数的乘积不变

D.电压表V示数与电流表A1示数的乘积变大

6.体积相同、密度不同的甲、乙两个物体分别挂在测

力计A、B下方，将它们浸入液体后甲、乙两物体如

二B

A

图所示保持静止。则关于甲、乙的密度P甲、P乙和测111

力计A、B示数FA、FB大小的判断，正确的是（）

A.若P甲大于P乙，FA可能大于FB

B.若P甲大于P乙,FA一定大于FB

C.若P甲〃、于P乙，FA可能大于FB

D.若p甲d、于P乙，FA一定大于FB

二、填空题（本大题共7小题，共23.0分）

7.家庭电路中，电灯与电视机是的（选填“串联”或“并联”），标有

“220V40W”字样的电灯正常工作时，两端的电压为伏，正常工作5小时,

耗电______度。

8.生活中的很多安全规范都蕴涵着物理学原理。装饮料的易拉罐标签上

标注有“禁止0冤以下冷冻”的字样，是因为饮料结冰后，质量不变，

密度,体积（以上两空均选填“变大”或“变小”）,

极可能将易拉罐撑破引起爆炸；高架桥入口竖立如图所示标志，表示需限制过桥车

辆的（选填”质量”或“速度”），防止损伤桥梁结构。

9.在各种不同色光中，、绿、蓝叫做三原色光。凸透镜的焦距为10厘米，将发

光体放在离透镜15厘米的主光轴上，所成的像是倒立、的实像（选填“放

大”“等大”或“缩小”），像到透镜的距离20厘米（选填“大于”“等于"

或"小于"）。

10.如图所示，无人驾驶的清扫车在平直地面上匀速前进，同

时将落叶等杂物吸入机身集尘盒内，此过程中，清扫车整

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体的动能重力势能，惯性（选填“变大”“不变”或“变

小”）。

11.如图所示，A装置是滑轮（选填“定”或“动”），可以看作杠杆（选

填“省力”“等臂”或“费力”），若旗帜重为5牛，不计摩擦和空气阻力，旗帜被

竖直提升3米过程中，力F所做的功为焦。

12.在如图所示的电路中，电源电压为U。保持不变。闭

合开关S,电路正常工作。一段时间后观察到仅一电

表示数变大。若电路中仅有一处故障，且只发生在

电阻Ri、R2±,请根据以上信息写出电压表VI和电

流表A的示数及相对应的故障。。

13.如图（a）所示，在两端开口的玻璃管一端扎一块橡皮膜，

将玻璃管竖直放置，从另一端开口处向玻璃管内注入深

度为h的水，将玻璃管竖直置于如图（b）所示空容器中，

若向容器内注入一定深度的水,使玻璃管浸入深度为%,

橡皮膜将向凸起（选填“上”或“下”），橡皮

膜产生这种形变的原因是o

三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

14.物体AB在平面镜MN中所成的像为A'B',在图中画出物体AB。M

N

15.在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要

求：

①闭合开关S后，小灯泡L才能发光；

②当滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。

四、计算题(本大题共4小题，共24.0分)

16.金属块排开水的体积为2X10-3米3,求金属块受到浮力F浮的大小。

17.杠杆平衡时，动力臂k为0.8米，阻力F2的大小为40牛，阻力臂％为02米，求动力Fi

的大小。

18.图(a)(b)所示是家用电热煮茶壶的铭牌及电路原理图。通过开关S的闭合或断开实

现“加热”和“保温”两种状态的转换，电阻匕和R2为保护电阻或加热电阻。

产品名称电珈景茶会产品型号・・•・~

81定电压22OV-81定各■I2L厂~1

Q定功率：88OW/44W230V

①该电热煮茶壶在“加热”状态下正常工作，将1千克的水温度从20冤升高到40。(：,

求水吸收的热量Q吸。[c水=4.2x103焦八千克.oC)]

②由铭牌可知，电热煮茶壶“加热”状态下正常工作时的额定功率为880瓦，求

“加热”状态时电路中的电流I。

③小汇和小佳讨论保护电阻是电阻％还是电阻R2时，有了两种不同的观点，小汇

认为保护电阻为电阻Ri，小佳认为保护电阻为电阻R2,请指出哪位同学观点是正

确的并求出保护电阻的阻值。

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19.如图所示，圆柱形容器甲放在水平地面上(容器足够高),

底面积为S,甲内盛有深为h的水。有一质量为m、底面积

为工、高为%的实心金属块乙竖直放置在容器甲底部。

①若乙的质量m为8千克、Si为2xIO-米2、%为0.2米，

求乙的密度P乙。

②若水深h为0.1米，求水对容器底的压强P水。

③若再向甲中倒入体积为V的水，乙始终沉底，求水对容器底的压强增加量AP水。

(用字母表示，已知水的密度为P水)。

五、综合题(本大题共1小题，共7.0分)

20.小徐同学对如图(a)所示的电子体温计工作原理很好奇。通过查找资料了解到，电

子体温计主要是利用了热敏电阻的电阻值随温度变化显著、反应快这些特性，实现

温度的测量。她准备用电源、热敏电阻定值电阻RO、电流表、电压表、开关

和导线等自制电子体温计，其中电源电压为6伏保持不变。下表为选用的热敏电阻

RT阻值随温度t变化的数据。

温度t，c)3536373839404142

电阻

680640600560520480440400

RT(Q)

①分析比较上表中的数据RT、t的变化情况，可得的初步结论是：

②小徐猜想电子体温计内部电路图如图(b)所示，当热敏电阻所处区域的温度升高，

电路中的电流将(选填“变大”或“变小”)，若将图(c)所示电流表的表盘

上电流刻度线上标注相对应的温度，则温度的刻度值从左至右(选填“升高”

或“降低”)。

③小徐按照猜想连接电路进行验证，发现热敏电阻所处区域的温度从37久升高到

42久过程中，电路中的电流变化范围为安，即使电流表接0〜0.6安量程，

电流表的指针也几乎不偏转，所以该方案不可行。

④他改进了上述方案，重新设计电路如图(d)所示。若热敏电阻所处区域的温度为

37久时，电压表示数如图(e)所示，求定值电阻R。的阻值。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：调节电视的音量旋钮，能够改变声音的响度大小，音量大则响度大，音量

小则响度小；调节音量旋钮不能改变声音的音调、音色和频率。

故A正确；BCD错误。

故选：Ao

物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了

声音的品质与特色。声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述

声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距

离有关：音色是由发声体本身决定的一个特性。

声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个

特征的因素各不相同；将声音知识与生活结合起来。

2.【答案】C

【解析】解：

四冲程柴油机在做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故C

正确。

故选:Co

在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转

化为内能。

解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，基础性题目。

3.【答案】D

【解析［解：根据电源的正负极在图上标出通电螺线管的电流方向从右边流入、从左边

流出；根据电流方向，利用安培定则判断螺线管的左端为N极、右端为S极；

而同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，可见小磁针Q的指向正确。

故选：Do

首先根据电源的正负极判定电流方向，由电流方向根据安培定则（用右手握住螺线管，

让四指弯曲的方向与螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的

N极）判断通电螺线管的磁极；

根据磁极间的作用规律判断小磁针的指向是否正确。

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安培定则为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用安培定则判断电流及磁极的关系。

4.【答案】A

【解析】解：甲小车运动时间t甲=5s,由图(a)所示图像可知，甲小车通过的路程$甲=

10m；

由题知，甲比乙晚1秒出发，则乙小车运动时间t乙=5s+ls=6s,

由图(b)所示图像可知，乙小车通过的路程s乙=9m；

若甲、乙两小车相向运动，则P、Q两点间的距离为：

s=s甲+s4=10m+9m=19m；

若甲、乙两小车同向运动，则P、Q两点间的距离为：

s'—s甲一$乙=10m—9m—lm.

故P、Q两点间的距离可能为1米，也可能为19米，故BCD错误，A正确。

故选：Ao

根据图(a)可知甲车5s通过的路程；根据图(b)可知乙车6s通过的路程；由于题干没有说

明两车的运动方向，所以要分两种情况进行讨论，即甲、乙两小车相向运动和甲、乙两

小车同向运动。

本题考查学生对图像题的分析能力，由于题干没有说明两车的运动方向，所以要有分类

讨论的意识.

5.【答案】B

【解析】解：由电路图可知，开关Si闭合、S2断开，电路为心的简单电路，电压表测电

源两端的电压，两电流表均测通过％的电流；

开关Si、S2均闭合时，心与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A测干路电流，

电流表A［测RI支路的电流，

因电源电压保持不变，所以，电压表V的示数不变；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过Ri的电流不变，即电流表A1的示

数不变；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A的示数

变大；

电压表V示数不变，电流表A示数变大，电流表A1的示数不变，则电压表V示数与电流表

A示数的比值变小、电压表V示数与电流表A示数的乘积变大、电压表V示数与电流表A1示

数的比值不变、电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变；

综上所述，B正确。

故选:B„

由电路图可知，开关Si闭合、S2断开，电路为"的简单电路，电压表测电源两端的电压，

两电流表均测通过Ri的电流；开关Si、S2均闭合时，％与R2并联，电压表测电源两端

的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测心支路的电流，根据电源的电压可知开关S2

闭合时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过%的电

流不变，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步可知电压表V示数与电

流表A1示数的乘积、电压表V示数与电流表A示数的乘积以及电压表V示数与电流表A示

数的比值的变化。

本题考查了电路的动态分析，分析好开关闭合、断开时电路的连接方式以及利用并联电

路中各支路独立工作、互不影响特点是关键。

6.【答案】B

【解析】解：AB、由题意知V甲=V乙，根据阿基米德原理F浮=p液gV排可知F甲浮=F乙浮，

如果P甲大于P乙，根据P=?知m甲大于m乙，由6=mg知G甲大于G乙，

由称重法知F浮甲=G甲一FA,F浮乙=6乙-^8,所以FA>FB，故A错误，B正确；

CD、如果P甲小于P乙，根据p=?知m甲小于m乙，由6=mg知G甲小于G乙，

由称重法知F浮甲=6甲一FA,F浮乙=6乙-^!3,所以FA<FB，故CD错误。

故选：B»

由题意知V甲=匕，根据阿基米德原理F浮=「液且丫排判断出甲、乙受到的浮力关系；

如果P甲大于或小于中乙，根据P=?判断出甲、乙质量的关系，由6=1^判断出甲乙重

力的关系；由称重法知G=F浮+F判断出甲、乙拉力F的关系。

本题综合考查了密度公式、阿基米德原理公式以及称重法测量浮力等知识，实验综合题,

有一定的难度。

7.【答案】并联2200.2

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【解析】解：家庭电路中，电灯与电视机，它们是相互不影响工作的，故是并联连接;

电灯标有220V,表示正常工作时两端电压必须为220V；

40W=0.04kW,

电灯正常工作5小时消耗的电能：W=Pt=0.04kWx5h=0.2kW-h=0.2度。

故答案为:并联；220；0.2。

根据并联电路的特点分析。并联电路中用电器相互不影响工作，串联电路中各用电器互

相影响。

用电器铭牌上面标识的电压数值，叫额定电压，也就是用电器正常工作时的电压；

已知灯的功率和工作时间，利用公式川=Pt可以得到消耗的电能。

此题考查的是额定电压与实际电压的区别和利用电功率的定义式进行基本运算，难度不

大，还要知道并联电路和串联电路中各用电器之间的工作特点。

8.【答案】变小变大质量

【解析】解：质量是物体本身的属性，与物体的状态无关，所以饮料凝固结冰后质量不

变；

饮料凝固结冰时温度降低，质量不变，密度变小，由密度的定义式P=?可知体积变大，

会把玻璃瓶撑裂而存在安全隐患。

桥头的交通标志牌15t的含义是：过桥车辆的总质量不能超过153

故答案为：变小；变大；质量。

(1)饮料的主要成分是水。水由液态变为固态的冰时，质量不变，密度变化，从而引起

体积发生变化；

(2)根据对交通标志牌含义的了解答题。

(1)解题的关键是掌握好基础知识，知道质量是物体的固有属性，与物态变化无关，会

用密度公式分析此类问题；

(2)本题考查了交通标志牌的含义，平时要注意多观察，多积累相关的知识。

9.【答案】红放大大于

【解析】解：①红光、绿光、蓝光叫做三原色光。

②物体到焦距为10cm的凸透镜距离为15cm时，因为2f>u>f,所以成倒立、放大的

实像；v>2f,所以像到凸透镜的距离大于20cm。

故答案为：红；放大；大于。

①光的三原色是红、绿、蓝。

②凸透镜成像时，2f>u>f,成倒立、放大的实像，v>2f。

知道凸透镜成像的规律是解答本题的关键。

10.【答案】变大变大变大

【解析】解：电动扫地车在平直路面上匀速前进并将地面上的杂物吸入车内的过程中，

其质量变大，速度不变，动能变大，高度不变，重力势能变大；

惯性大小只与质量有关，清扫车整体质量变大，惯性变大。

故答案为：变大；变大；变大。

(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。

(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越

大。

(3)惯性大小只与质量有关，质量越大，惯性越大。

本题考查了动能和重力势能的概念及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和

重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。

11.【答案】定等臂15

【解析】解：

(1)国旗杆上的滑轮轴固定不动，所以应该是定滑轮，定滑轮实质上是一等臂杠杆；

(2)定滑轮拉着重物G,拉力的大小：F=G物=5N,

拉力移动的距离：s=I^=3m,

根据W=Fs可得，力F所做的功：W=Fs=5Nx3m=15J,

故答案为：定；等臂；15。

(1)此题知道轴固定不动的滑轮为定滑轮，定滑轮实质上是一等臂杠杆，只改变力的方

向，而不省力。

(2)根据W=Fs可以计算出力F所做的功。

此题是考查定滑轮的定义以及对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题。

12.【答案】心断路或R2断路；电压表Vi示数为U。、电流表示数为。或电压表Vi示数为U。、

电流表示数为0

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【解析】解：由图可知，两电阻串联，电压表V1测量电阻％两端的电压，电压表V2测量

电阻R2两端的电压；

若飞断路，则电路中电流表的示数减小为0；由于电压表的电阻特别大，则电压表V2被

短路,示数为0,电压表VI测量的是电源的电压，电压表V1示数变大，示数为电源电压U。；

若R2断路，则电路中电流表的示数减小为0；由于电压表的电阻特别大，则电压表Vi被

短路,示数为0,电压表V2测量的是电源的电压，电压表V2示数变大，示数为电源电压U。；

若仁短路，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大；电压表Vi被短路，

示数减小为0;电压表V2测量的是电源的电压，电压表V2示数变大，示数为电源电压瓦；

若R2短路，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大；电压表V2被短路，

示数减小为0;电压表Vi测量的是电源的电压，电压表Vi示数变大，示数为电源电压U。；

由此可知，电路发生的故障是Ri断路或R2断路。

故答案为：氏断路或R2断路：电压表片示数为U。、电流表示数为0或电压表片示数为U。、

电流表示数为0。

由图可知，两电阻串联，电压表V］测量电阻孔两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的

电压；根据可能发生的故障判定电流表和电压表示数的大小。

此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特点进行分

析。

13.【答案】下玻璃管内水的压强大于容器内橡皮膜处水产生的压强

【解析】解：在两端开口的玻璃管一端扎一块橡皮膜，将玻璃管竖直放置，从另一端开

口处向玻璃管内注入深度为h的水，将玻璃管竖直置于如图(b)所示空容器中，若向容器

内注入一定深度的水，使玻璃管浸入深度为％,橡皮膜将向下凸起，根据p=pgh,h>h>

液体密度一定时，液体深度越深压强越大，橡皮膜产生这种形变的原因是玻璃管内水的

压强大于容器内橡皮膜处水产生的压强。

故答案为：下；玻璃管内水的压强大于容器内橡皮膜处水产生的压强。

液体内部压强与液体的密度和深度有关，在通过实验现象分析实验结论时，一定要注意

控制变量法的运用，并对结论做出严密的描述。

本题主要考查了液体压强的特点，常见题目。

14.【答案】解：分别作出像A'、B'关于平面镜的对称点A、B,用实线连接A、B,即为

物体AB。如图所示：

【解析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，

即像物关于平面镜对称，利用这一对称性画出物体AB。

平面镜成像作图的方法有两种：一种是根据平面镜成像的特点来作，另一种是根据光的

反射定律来作，没有特殊要求的情况下，根据平面镜成像特点（对称性）作图要简洁、容

易。

15.【答案】解：①闭合开关S后，小灯泡L才能发光，说明开关能控制小灯泡；

②向左移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变，故灯泡与变阻器只能并联；根据

电流表的示数变小，说明变阻器与电流表串联；向左移动滑片，电流表的示数变小，说

明变阻器接入电路的电阻变大，故滑片以右的电阻丝连入电路中与电流表大量程串联,

再与灯泡并联，如下图所示：

【解析】闭合开关S后，小灯泡L才能发光，结合图确定开关的作用；

向左移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变，确定灯与变阻器的连接，且电流表的

示数变小，即变阻器的电阻变大，确定变阻器的连接，与电流表大量程串联。

本题考查根据要求连接实物图，关键是确定电路的连接关系和变阻器的连接。

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16.【答案】解：

金属块所受浮力：

F浮=p水gV排=1.0x103kg/m3x9.8N/kgx2x10-3m3=19.6N。

答：金属块受到浮力的大小为19.6N。

【解析】知道金属块排开水的体积，利用阿基米德原理的推导公式F浮=6排=p液gV排求

金属块受到水的浮力。

本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，利用好推导公式：F浮=6排=p液gV排。

17.【答案】解：由杠杆平衡条件可知：

F[k=Fzk，

则动力Fi=辛=嗤鲁=10No

L]u.om

答：动力Fi为10N。

【解析】知道动力臂、阻力臂大小、阻力大小，利用杠杆平衡条件求动力大小。

本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，比较简单，属于基础题。

18.【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=(^m(t-to)=4.2xl03j/(kg.oc)xlkgx

(40℃-20℃)=8.4x104J；

(2)由P=UI可知，“加热”状态时电路中的电流I=围=巴"=4A；

U220V

(3)由图(b)可知，当开关S闭合后，飞被短路，只有R2工作；当开关S断开时，L、R2串

联，

根据串联电路的电阻特点可知，串联电路的总电阻大于任一分电阻，

电源电压是一定的，由P=＜可知，当开关S断开时，RI、R2串联，此时电路中的电阻

最大，电功率最小，为“保温”状态；

当开关S闭合后，R1被短路，只有R2工作，此时电路中的电阻最小，电功率最大，为“加

热”状态；

所以加热电阻是R2,保护电阻是R1，即小汇的观点是正确的。

答：(1)水吸收的热量为8.4x104J；

(2)“加热”状态时电路中的电流为4A；

(3)小汇的观点是正确的。

【解析】(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t-to)计算出水吸收

的热量；

(2)知道电热煮茶壶“加热”状态下正常工作时的额定功率和额定电压，利用P=UI求

出“加热”状态时电路中的电流；

(3)由图(b)可知，当开关S闭合后，及被短路，只有R2工作；当开关S断开时，R1、R2串

联，根据串联电路的特点和P=?可知“加热”和“保温”状态下的电路连接，据此可

知保护电阻是电阻也还是电阻R2。

本题是一道电热综合题，主要考查热量的计算、电功率公式的灵活运用，能正确判断各

种状态下的电路连接是解题的关键。

19.【答案】解：①根据v=si^np=々可得，乙的密度为：p乙=就=―焉五亮=

2x103kg/m3；

②水对容器底的压强为：P水=P水gh=1.0x103kg/m3x9.8N/kgx0.1m=980Pa；

③再向甲中倒入体积为V的水，若乙未被浸没，则有：V=Ah(S—Si),

水面上升的高度为：△h=4，

水对容器底的压强增加量为：Ap水=P水gAh=Ap水=P水g盘;

若乙被浸没，则有：V乙+V水+V=(h+Ah')S,

即：Sih[+h(S—SJ+V=(h+Ah')S,

水面上升的高度为：△卜=热1.+.曜-“+丫一%

水对容器底的压强增加量为：州水'=P水gAh'=p水g2止号四一h。

答：①乙的密度为2xl03kg/m3；

②水对容器底的压强为980Pa；

③若乙未被浸没，水对容器底的压强增加量为P水g1；

若乙被浸没，水对容器底的压强增加量为p水gSJ"+h(；-SD+v一各

【解析】①已知乙的质量、底面积和高，根据V=St^Rp=々求得乙的密度；

②已知水的深度，根据P=