2021届广东省佛山市高考物理二模试卷附答案详解

2021届广东省佛山市高考物理二模试卷

一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）

1.2020年12月，我国自主研制新一代“人造太阳”，“中国环流器二号装置首次成功放电,

标志我国核物理发展取得重大突破。“人造太阳”中的核反应方程为：下列

说法正确的是（）

A.该核反应是核聚变反应，聚变反应过程需要吸收能量才能进行

B.该核反应是核裂变反应，核反应方程式中的X是中子

C.人造太阳释放的能量大小的计算公式是AE=△me2

D.核反应表明，原子核越重，比结合能越大

2.如图所示，并排放在水平面上的两物体的质量分别为=3kg和根2=2kg，gmi

两物体与水平面间的动摩擦因数均为02若用水平推力F=15N向右推mi时，'

两物体间的相互作用力大小为Fi；若用大小为尸=15N的水平推力向左推小2时，两物体间相互

作用力大小为尸2则（）

A.F1+F2>15NB.Fr+F2<15N

C.%F2=3：2D.Fj「2=2：3

3.如图所示，将小球a从地面以初速度为竖直上抛的同时，将另一相同小球b从

距地面八处由静止释放，两球恰在^九处相遇（不计空气阻力）。贝11（）

A.两球同时落地

B.相遇时球b速度大小为3%

C.相遇时球a刚好到达最高点

D.球a上升的最大高度为八

4.通过阅读课本，几个同学对生活中的圆周运动的认识进行交流.

甲说：“洗衣机甩干衣服的道理就是利用了水在高速旋转时会做离心运动.”

乙说：“火车转弯时，若行驶速度超过规定速度，则内轨与轮会发生挤压.”

丙说：“汽车过凸形桥时要减速行驶，而过凹形桥时可以较大速度行驶.”

丁说，“我在游乐园里玩的吊椅转得越快，就会离转轴越远，这也是利用了离心现象."

你认为正确的是（）

A.甲和乙B.乙和丙C.丙和丁D.甲和丁

二、多选题（本大题共5小题，共29.0分）

如图所示，竖直放置的形光滑导轨宽为L,矩形匀强磁场

I、n的高和间距均为d,磁感应强度为8.将质量为小的水平金

属杆由静止释放，金属杆进入磁场I和口时的速度相等。金属

杆在导轨间的电阻为R,与导轨接触良好，其余电阻不计，重力

加速度为g。则金属杆（）

A.穿出两磁场时的速度相等

B.穿过磁场I的时间大于在两磁场之间的运动时间

C.穿过两磁场产生的总热量为4mgd

D.释放时距磁场I上边界的高度九可能小于厘

2B4L4

6.如图甲所示的电路中，理想变压器的原副线圈匝数比为5：1,在原线圈输入端a、b接入如图乙

所示的电源，电路中电阻％=50,R2=6/2,也为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表,

开始开关S断开，下列说法正确的是（）

A.电压表的示数为22或IZB.电流表的示数为2vLi

C.闭合开关5后，电压表示数变小D.闭合开关5后，电流表示数变大

反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中<P/V

20

的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似。已知静电场\

的方向平行于久轴，其电势a随x的分布如图所示。一质量m=100.5

2.0X10-20kg,电荷量q=2.0X10-化的带负电的粒子从

点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。贝1（）

A.x轴左侧电场强度%和右侧电场强度E2的大小之比|

B.粒子在0〜0.5cm区间运动过程中的电势能减小

C.该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为4.0x10-8/

D.该粒子运动的周期7=3.0x10-85

8.2001年10月22日，欧洲航天局由卫星观测发现银河系中心存在一个超大型黑洞，命名为

MCG63015,由于黑洞的强大引力，周围物质大量掉入黑洞，假定银河系中心仅此一个黑洞,

已知太阳系绕银河系中心做匀速圆周运动，下列哪组数据可估算该黑洞的质量（万有引力常量G

是己知的）（）

A.地球绕太阳公转的周期和线速度

B.太阳的质量和运行线速度

C.太阳运动的周期和太阳到MCG63015的距离

D.太阳运行的线速度和太阳到MCG63015的距离

9.下列说法正确的是（）

A.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体

B.密闭状态下的高压锅烧水，水烧开后，锅内水面上方充满饱和汽，冷却过程中，锅内水蒸气

一直是饱和汽

C.因为水银滴在玻璃板上将成椭球形，所以水银是一种不浸润液体

D.在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关

三、填空题（本大题共1小题，共4.0分）

10.如图所示，一棱镜的截面为直角三角形力BC,AA=30°,斜边4B=8cm,\,

\«

棱镜材料的折射率几=g，在此截面所在的平面内，一条光线以60。的入

射角从AC边的中点M射入棱镜，求出射点到B点的距离（不考虑光线沿原------

路返回的情况）

四、实验题（本大题共2小题，共15.0分）

11.“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中4为固定橡皮筋的图钉，。为橡皮筋

与细绳的结点，OB和OC为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果画出的图.

①做好实验准备后，先用两个弹簧秤把橡皮条的结点拉到某一位置。，此时需要记录的是,

__和_______

②图乙中的F与F'两力中，方向一定沿40方向的是.

③本实验采用的科学方法是.

A理想实验法B.等效替代法

C.控制变量法D.建立物理模型法.

12.如图甲所示：是一个简易的多用表电路图，电流档有两个量程，分别是50nM和250nM,电压

档量程是3乙电阻档倍率是XI,S是选择开关，1、2、3、4是四个选择位置，4是红表笔，B是

黑表笔.在图乙中小灯泡标有“2.5V0.6W”,用这个多用表对图乙中的电路进行测量，回答下

列问题:

(1)在图乙电路中，闭合开关，发现小灯泡不亮，用多用表的电压档检测，先把多用表的选择开关S调

到位置__,测量a、d两点间的电压为零,测a、e两点间的电压约为3叭判断故障是.

(2)排除故障后，调节变阻器，使小灯泡正常发光.用多用表测量小灯泡的额定电流，先断开开关,

拆下导线ef,将多用表的选择开关S调到位置__,用两表笔分别接e、/两点，A表笔应接

点，再闭合开关，观察读数.

(3)测灯泡的电阻，将多用表的选择开关调到位置______,将两表笔对接，调节电阻,使指

针指到欧姆表的0刻度.断开开关，用两表笔接两点，测出电阻为10欧，指针指在电流

满偏值的3/4处，则多用表中电源的电动势为.(保留三位有效数字)

五、计算题(本大题共4小题，共52.0分)

13.某探究小组用能够显示并调节转动频率的小电动机验证匀速圆周

运动的向心力关系式尸=mra>2,,

(1)把转动频率可调的小电动机固定在支架上，转轴竖直向下，将摇臂

平台置于小电动机正下方的水平桌面上；

箍皆平台

(2)在转动轴正下方固定一不可伸长的细线，小电动机转轴与细线连接

点记为0.细线另一端穿过小铁球的球心并固定:

(3)启动电动机，记录电动机的转动频率了,当小球转动稳定时，将摇臂平台向上移动，无限接近转

动的小球；

(4)关闭电动机，测量。点到摇臂平台的高度也

(5)改变电动机的转动频率，重复上述实验。

探究小组的同学除了测量以上数据，还用游标卡尺测量了小球的直径D,如图所示，读数为mm；

本实验(填“需要”或“不需要”)测量小球的质量；

0血哪螂2郴3聊嘛4螂5跚6hctn

Q「234；678910

请你根据所记录的。点到摇臂平台的高度无和小球的直径D，重力加速度为g，若所测物理量满足

g=则F=mro?成立。(用所测物理量符号表示)

14.如图所示的坐标平面内，在y轴的左侧存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为=0.207'的匀强磁

场，在旷轴的右侧存在垂直纸面向外、宽度d=12.5cm的匀强磁场B2，某时刻一质量m=2.0x

10-8kg,电荷量g=+4.0x10一%的带电微粒(重力可忽略不计)，从％轴上坐标为(_0.25成0)的

P点以速度u=2.0x103m/s沿y轴正方向运动，垂直匀强磁场外的右边界飞出，试求：

(1)微粒在y轴的左侧磁场中运动的轨道半径；

(2)右侧磁场的磁感应强度殳

(3)微粒从P点到飞出右侧磁场共经历的时间。

区

P'>5-

15.长L=Ini的汽缸固定在水平面上，汽缸中有横截面积S=lOOcn?的光滑

活塞，活塞封闭了一定质量的理想气体.当温度£=27。(：，大气压p()=

lxl()5pa时，气柱长度，=90cm,汽缸和活塞的厚度均可忽略不计.

①如果温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸右端口，此时水平拉力F的大小是多少？

②如果汽缸内气体温度缓慢升高，使活塞缓慢移至汽缸右端口时，气体温度为多少摄氏度？

16.一列简谐波的波源位于坐标原点。处，t=0时刻开始波源沿y轴做简谐运动，t=0.5s时波恰好

传播到x=处，形成图示波形，且在0〜0.5s时间内波源通过的路程为12c血。求:

(1)该列波的振幅和传播速度大小;

(2)从图示时刻起，经多长时间x=4.5m处的质点N第一次到达波峰？

参考答案及解析

1.答案：c

解析：解：AB.尽管核聚变在高温高压下才能发生，但聚变过程会放出大量热量，根据质量数守恒

和电荷数守恒可知，X的质量数4=2+3-4=1,电荷数Z=1+1-2=0,故X为中子拉，此为

核聚变反应，故AB错误；

C、由于核聚变过程放出能量，有质量亏损，释放的能量用46=4mc2计算，故C正确；

。、中等质量的原子核比结合能较大，故。错误。

故选：C.

根据质量数守恒和电荷数守恒判断生成物，根据生成物判断反应类型；

轻核聚变将放出大量的能量，可知有质量亏损，释放的核能用质能方程计算；

中等质量的原子核比结合能较大，从而即可判定分析。

考查核反应方程书写规律，掌握质能方程的内容，理解聚变反应与裂变反应的区别，解决本题的关

键知道轻核聚变反应有质量亏损，放出大量的能量，及注意结合能与比结合能的区别。

2.答案：D

解析：解：当用F向右推时，由牛顿第二定律可知：F-n(m1+m2)g=+m2)a；

对m2则有：&一〃629=62。，解Fi=LT/ri2J5十4x15=6N；

当用力向左推时，加速度不变，F2-nm1g=m1a,解得推力尸2=^^尸=京x15=9N

则&+尸2=15N,&：F2=2：3；

故选：D。

先将两物体作为整体分析，则由牛顿第二定律可得出加速度，再分析后一个物体，即可求得两者间

的相互推力.

题考查牛顿第二定律在连接体模型中的应用，注意整体法与隔离法的结合应用，整体法可以求出整

体的加速度，若要求内力则必须采用隔离法。

3.答案：C

解析：解：4、相遇时，两球的高度一样，但竖直方向速度不一样，不会同时落地，故A错误；

B、根据运动的对称性可知，相遇时球b速度大小与小球a初速度为大小相等，故8错误；

CD、两小球运动到:八处的时间、加速度和位移大小相同，根据运动的对称性可知，在,八处小球a的

速度为0,故相遇时球a刚好到达最高点，球a上升的最大高度为故C正确，。错误。

故选：Co

根据题意可得，在［八处相遇，此过程小球a和小球b的位移方向相反，大小相等，且它们运动的时间、

加速度也相同，所以两球的运动过程恰好是相反的，把小球a的运动反过来看，应该和小球b的运动

过程一样，即在相遇时，小球a的速度刚好是0,而小球b的速度大小为孙，方向向下。

本题考查竖直上抛运动的规律，要注意把握球a自由下落和球b竖直上抛运动的对称性。

4.答案：D

解析：

原来做圆周运动的物体，当提供向心力的外力减小，不够提供向心力时，或者外力突然消失时，物

体要做离心运动；根据离心运动的条件，判断常见的几种运动是否是离心运动。

本题要注意物体做离心运动的条件：当提供向心力的外力减小而不够提供向心力时，或者外力突然

消失时，物体才做离心运动。

洗衣机脱水利用了水在高速旋转时，附着力小于向心力而做离心运动，故甲的说法正确；

火车转弯时需要的向心力由支持力的分力提供，若行驶速度超过规定速度，则需要的向心力大于支

持力的分力，不足的向心力要由外轨道提供，故会挤压外轨道，故乙的说法错误；

速度非常快时，过凸形桥会飞出去，这是因为离心运动，所以汽车过凸形桥时要减速行驶；而过凹

形桥速度非常快时，由于地面与轮胎的挤压力变大，会容易爆胎，所以过凹形桥时也要减速行驶，

故丙的说法也是错误的；

游乐园里玩的吊椅转得越快，需要的向心力越大，外力不够提供时，就会做离心运动，离转轴就越

远，故丁的说法正确。

故甲和丁的说法正确，故选。。

5.答案：ABC

解析：解：4、金属杆在两磁场区域间做匀加速直线运动，由题意可知，金属杆进入磁场I和口时的

速度相等，则金属杆在/区做减速运动，同理在〃区也做减速运动，两磁场区域的高度与磁感应强度

都相同，金属杆在两区域的运动规律与运动过程相同，金属杆穿出两磁场时的速度相等，故A正确；

8、金属杆在磁场I运动时，随着速度减小，产生的感应电流减小，受到的安培力减小，合力减小，

加速度减小，所以金属杆做加速度逐渐减小的变减速运动，在两个磁场之间做匀加速运动，由题知，

进入磁场I和D时的速度相等，所以金属杆在磁场I中运动时平均速度小于在两磁场之间运动的平

均速度，两个过程位移相等，所以金属杆穿过磁场I的时间大于在两磁场之间的运动时间，故B正

确；

C、金属杆从刚进入磁场I到刚进入磁场n的过程，由能量守恒定律得：2mgd=Q

金属杆通过磁场n时产生的热量与通过磁场I时产生的热量相同，所以总热量为：Q总=2Q=4mgd,

故C正确；

设金属杆释放时距磁场I上边界的高度为九时进入磁场I时刚好匀速运动，则有：

mg=BIL=又"=

联立解得：九=受驾

2B4L4

由于金属杆进入磁场I时做减速运动，所以/I一定大于h=2答，故。错误。

2B4L4

故选：ABC.

金属杆在无场区做匀加速运动，根据金属杆进入磁场I和口时的速度相等，判断金属杆刚进入磁场

I时的运动情况，从而确定其加速度方向。根据平均速度分析金属杆穿过磁场I的时间与在两磁场

之间的运动时间关系。研究金属杆从刚进入磁场I到刚进入磁场n的过程，由能量守恒定律求出产

生的热量，从而求得总热量。根据金属杆刚进入磁场I时匀速运动，求出释放时距磁场I上边界的

高度，再分析本题中金属杆释放时距磁场I上边界的高度九。

本题是电磁感应与力学知识的综合，分析清楚金属杆的运动过程与运动性质是解题的前提，关键是

正确判断金属杆的运动情况以及能量转化情况。要会推导出安培力与速度的关系。

6.答案：AD

解析：解：4、由于变压器只能输送交流电，因此只有乙图中的正向电压能进行输送，由图可知，正

向交流电的最大值为220&V，故前半个周期内的有效值为220IZ,设输入电压的有效值为/，则当7=

等g求得打=110立V根据变压比可得副线圈两端的电压为4=£•U】=：x110&=22V2V,

故A正确；

B、电键断开时，副线圈电路中的电流为/2=枭=辞=2鱼4根据电流之比等于线圈匝数的反

比可知，电流表中的电流为乎4,故8错误；

C、电压关系与负载的电阻无关，所以闭合电键后，电压表的示数不变，故C错误；

。、闭合电键S后，总电阻减小，输出功率增大，输入功率增大，电流增大，故。正确；

故选：AD.

根据电流的热效应求出输入电压的有效值，再根据变压器原副线圈电压之比等于线圈匝数比求出电

压表示数，电键S闭合后，副线圈电阻变小，根据欧姆定律判断电流表示数的变化，根据变压器原副

线圈电流之比等于线圈匝数的倒数比比求出电流表示数变化情况，先求出电键S闭合后，副线圈总电

阻，再求出副线圈的功率，而原线圈的功率等于副线圈功率。

本题关键是明确交流电有效值的计算方法，同时要结合变压器的变压比公式分析，知道变压器不改

变功率，输出功率决定了输入功率大小。

7.答案:ACD

解析：解：4、由图可知：根据U=Ed可知：

左侧电场强度为：Ei=n^V/m=2.0x103〃7n

右侧电场强度为：E2=就=4.0x103177n

所以x轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比詈=；,故A正确；

B、带负电的粒子在电势高的地方电势能小，故粒子在0〜0.5cm区间运动过程中的电势能增大，故B

错误；

C、该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为：△Ep=q△w=2.0x10-9x20=4.0x10-8J,

故C正确；

D、设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为ti、t2,在原点时的速度为加，

由运动学公式有：vm=^t1

同理可知：Vm=^t2

1

Ekm=2mVm®

而周期：T=2(“+tj)

联立以上各式并代入相关数据可得：

T=3.0x10-8s；故。正确。

故选：ACD.

根据电场强度的斜率求解电场强度之比；带负电的粒子在电势高的地方电势能小，由此分析电势能

的变化；根据4^=0求解电势能的变化；根据受力情况确定运动情况，从而明确振动周期。

本题考查带电粒子在电场中的运动分析，要注意明确运动过程，并能根据牛顿第二定律以及动能定

理等物理规律进行分析，并灵活应用数学规律求解。

8.答案：CD

解析：解：4、地球绕太阳公转，中心天体是太阳，根据周期和速度只能求出太阳的质量。故A错

误。

8、根据万有引力提供向心力，有：粤=加廿，中心天体是黑洞，太阳的质量约去，只知道线速度

或轨道半径，不能求出黑洞的质量。故B错误。

C、根据万有引力提供向心力，有：％袈=mr岑，解得：〃=岑，故C正确。

r2T2GT2

。、根据万有引力提供向心力，有：W=m匹，知道环绕天体的速度和轨道半径，可以求出黑洞的

r2r

质量M=止.故O正确。

G

故选：CD.

根据万有引力提供向心力粤=m-=mr誓,分析能否求中心天体的质量。

r2rT2

本题主要是考查了万有引力定律及其应用；解答此类题目一般要把握两条线：一是在星球表面，忽

略星球自转的情况下，万有引力近似等于重力；二是根据万有引力提供向心力列方程进行解答。

9.答案：BD

解析：解：4、烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母片是晶

体，而蜂蜡是非晶体，故A错误。

8、饱和汽压随温度的降低而降低；在冷却的过程中，温度降低，单位时间内逸出液面的分子数与单

位时间内返回液面的分子数始终处于动态平衡，即锅内水蒸汽一直是饱和汽，故B正确。

C、一种液体不会润湿某种固体，也就不会附着在这种固体的表面，这种现象叫做不浸润；水银滴在

玻璃板上将成椭球形，说明水银对玻璃来说是不浸润液体，故C错误。

。、在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关，

故。正确。

故选：BD。

烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母片的物理性质各向异

性，云母片是单晶体；饱和汽压随温度的降低而降低；一种液体不会润湿某种固体，也就不会附着

在这种固体的表面，这种现象叫做不浸润：浸涧液体在细管里升高的现象和不浸润液体在细管里降

低的现象，叫做毛细现象，毛细现象与液体的种类和毛细管的材质有关。

本题考查了晶体和非晶体、毛细现象、浸润和不浸润、饱和汽压等知识点.这种题型知识点广，多

以基础为主，只要平时多加积累，难度不大。

10.答案：解：设光线在4c面上的入射角为i,折射角为r.

sinisin60°

由折射定律n

sinrsinr

可得r=30°

光路图如图所示，设光线射到4B面上的。点，由几何关系可知，光线在。点的入射角0=60。

临界角的正弦值sinC=2=在<在，则临界角C<60°

n32

则光线在AB面上的。点发生全反射，设光线在CB面上的出射点为E,由几何关系得：

乙DEB=90°,BD=AB-AD,AD=2AMcos30°,BE=BDcos600

解得BE=1cm

答：出射点到B点的距离是1cm.

解析：光线以60。的入射角时，先根据折射定律求出光线在4c面的折射角兀根据几何知识确定光线在

4B面上的入射角.由sinC=工求出临界角C,判断在4B面上能否发生全反射，画出光路图，求出光

n

线从棱镜射出点的位置离B点的距离.

本题是折射定律、全反射和几何知识的综合应用，作出光路图，判断能否发生全反射是关键.

11.答案：两弹簧秤读数；两细线的方向；。点的位置；F'；B

解析：解：①如图甲，当用两个弹簧秤同时拉橡皮筋时.，必须记录下两弹簧秤读数，及两细线的方

向，0点的位置；

②图乙中的尸与F'中，?是由平行四边形得出的，而F'是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋

的方向相同，一定与4。共线的是F'.

③本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法.

故选：B.

故答案为：①两弹簧秤读数：两细线的方向，。点的位置；②F';③B.

①实验时应记下拉力的大小、细线（拉力）的方向与橡皮筋与细绳结点的位置；

②在实验中尸和F'分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确答题.

③本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，

注意该实验方法的应用.

在解决设计性实验时，一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及

误差分析.

12.答案：4；滑动变阻器断路；1；f；3；/?3;be；1.50V

解析：解：（1）电压档要串联电阻分压，不接电池，故为4,用电压表判断故障时，电压表无示数说

明与电压表串联的电路有断路，电压表有示数且等于电源电压时则说明与电压表并联的电路有断路,

由题测量a、d两点间的电压为零，测a、e两点间的电压约为3V,故故障时滑动变阻器断路；

(2)小灯泡标有“2.5V0.6W"，则额定电流/=5=翳=0.244故电流表选大量程，表头并联电阻

阻值越小电流表量程越大，故将选择开关置于1,4应接高电势点，即人

(3)测灯泡的电阻，将多用表的选择开关调到位置3,选档后先进行欧姆调零，即将两表笔对接，调

节电阻/?3使指针指到欧姆表的0刻度；在测量被测元件电阻前应先讲被测元件与外部电源断开，再将

两表笔接在灯泡两端，即尻两点，

测出电阻为10欧，指针指在电流满偏值的;处，设中值电阻为R。，根据闭合电路欧姆定律：

4

根据中值电阻的涵义：?9=套…②

又但S接2时为电流表的小量程50mA,故电流表的满偏电流十=50mA...③

联立①②③得：&=300,E=1.50V.

故答案为：(1)4；滑动变阻器或滑动变阻器断路均对(2)1；/(3)3；电阻自；be；1.507.

欧姆档的电路要连接电池，则为3；电压档要串联电阻分压，不接电池，故为4；电流表要并联电阻

起分流作用，不接电池，故为1、2.

本题考查多用电表的内部电路结构.知道电阻挡、电压档、电流档的特点，以及电流在表笔中的流

向.

13.答案：10.52不需要47r2(八一9产

解析：解：小球的直径D=10mm+26x0.02mm=10.52mm；0

设细线与竖直方向的夹角为从。到球心的距离为L

根据牛顿第二定律可得：mgtand=mLsinda)2

m可以约去，则得：9=竺萼=一二.4兀2产

Jtan。cos0'

mg

则g=47r2(八一初2。

故答案为：10.52；不需要；4/(九一乡产。

根据游标卡尺的读数方法进行读数；根据合力提供向心力列方程求解重力加速度的大小。

对于实验题，要弄清楚实验目的、实验原理以及数据处理、误差分析等问题，一般的实验设计、实

验方法都是根据教材上给出的实验方法进行拓展，延伸，所以一定要熟练掌握教材中的重要实验。

14.答案：解：(1)微粒在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，

由牛顿第二定律得：qvBr=

代入数据解得：rx=0.5m；

(2)微粒运动轨迹如图所示，设微粒在右侧磁场中运动的轨道半径为

r2,

由几何关系得：cose==i

rlN

而cose=—

r2

„2

由牛顿第二定律得：qvB