2023年中考第二次模拟考试卷：物理（安徽卷）（全解全析）

2023年中考物理第二次模拟考试卷

物理•全解全析

一、填空题。（每空2分，共16分）

1.低

【详解】用相同力度吹长而粗的葱笛时，长而粗的葱笛不容易振动，振动慢，频率小，因此发出声音的音

调低。

2.分子在不停地做无规则运动

【详解】小明在家练习做菜，厨房里菜香四溢，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。

3.强

【详解】磁感线的疏密程度表示磁场的强弱，磁感线越密表示磁性越强，A、8两点中A点的磁感线较密，

所以，A点的磁场比8点强。

4.摩擦起电的电荷量与摩擦次数有什么关系？

【详解】摩擦起电的实质是电荷（电子）的转移。气球在头发上摩擦，气球和头发带异种电荷，气球和头

发可相互吸引。由题意可知，气球和头发摩擦的次数越多，气球贴在头发上的时间就越长，故可提出的问

题是：摩擦起电的电荷量与摩擦次数有什么关系？

5.不变

【详解】物体惯性的大小只与质量有关，当一根铁轨温度升高体积增大时，这根铁轨的质量不变，所以其

惯性大小不变。

6.2.4x103

【详解】单缸汽车发动机输出功率为120kW,根据户=叫可知每秒做功1.2xl（）5j。飞轮转速为6000r/min,

t

所以每秒转100圈，因飞轮每转2圈对外做功1次，所以每1秒做功50次，发动机做一次功的大小为

W=—=L2x2'J=2.4X103J

5050

7.2815.2

【详解】因为

1马赫=340m/s,lm/s=3.6km/h

所以

2.3马赫=2.3x340x3.6km/h=2815.2km/h

8.270

【详解】在1min内电路中电流产生的热量

八U2(1.5V)2c”，

Q=W=——t=----------x60s=270J

R0.5Q

9.较小

【详解】由图示知，外接法时，电压表测尺两端的电压，即电压表示数为以两端的准确电压，电流表的示

数等于通过电压表与R、的电流之和，电压表的示数一定，其内阻不变，通过电压表的电流一定，当R的阻

值越小，据欧姆定律知，通过心的电流就越大，越接近电流表的示数，所以&的值较小时，测量误差小些。

【详解】作出点A关于平面镜的对称点，即为像点A',连接A6,沿A，O画出反射光线，连接AO画出入射

光线，如图所示：

二、单项选择题。(本题共7小题，每小题2分，共14分)

11.B

【详解】A.太阳源源不断地释放的能量来自太阳内部发生的核聚变，故A错误；

B.电磁波可以在真空中传播，所以授课的内容是通过电磁波传过来的，故B正确；

C.在升空的过程中，卫星的速度增大，但是惯性只与质量有关，故惯性不变，故C错误；

D.电热丝是利用电流的热效应工作的，而超导体电阻为零，电流通过超导体时，不会产生热量，因此超导

体不适合做电热丝，电流通过超导体时，周围会出现磁场，这是电流的磁效应，故D错误。

故选B。

12.C

【详解】①返回舱与轨道舱分离，轨道舱为参照物，返回舱相对轨道舱的位置随时间发生变化，故返回舱

是运动的，故①正确；

②推进舱发动机点火进行制动，飞船开始减速，在力的作用下改变运动的速度大小，说明此过程利用了力

能改变物体的运动状态，故②正确；

③飞船返回舱高速进入大气层推动并压缩空气，同时与空气产生剧烈摩擦，此时返回舱温度升高主要是外

界对它做功改变了物体内能，故③错误；

④飞船返回舱匀速下降，质量不变，速度不变，则动能不变，重力势能转化为了其他能，故④错误。

综上所述：故ABD错误，C正确。

故选C。

13.C

【详解】A.无人机带着重物匀速直线上升，重物4、无人机8均处于平衡状态，由图乙中的左图和力的平

衡条件可知，入和GA是大小相等、方向相反、作用在同一直线、同一物体上的两个力，是一对平衡力，故

A错误；

B.由图乙中的右图和力的平衡条件可知

尸B=FA'+GB=GA+GB

即《和GA、GB两个力的合力是一对平衡力，故B错误；

C.水平匀速飞行时，重物处于平衡状态，竖直方向合力为0,拉力和重力均在竖直方向上，所以悬挂重物

的细绳不会偏离竖直方向，故c正确；

D.细绳断开前，重物随无人机上升；细绳断开后，由于惯性，重物仍具有向上的速度，又因重物受到竖直

向下的重力和空气阻力作用，所以重物减速向上运动，直至重物的速度等于零后，重物在重力的作用下加

速下落，故D错误。

故选C。

14.A

【详解】A.甲图是电磁感应现象原理图，发电机就是根据这一原理制成的，故A正确：

B.乙图中开关闭合后，电流从螺线管右端流入，左端流出，根据安培定则可判断通电螺线管的左侧是N极,

故B错误；

C.丙图中家庭照明电路中的开关应连接火线，然后连接灯泡螺丝扣顶端金属点，零线接螺丝套，这样检修

灯泡时才会更安全，故C错误；

D.丁图的验电器是用于检验物体是否带电的仪器设备，故D错误。

故选A。

15.B

【详解】①功率是表示做功快慢的物理量，所以做功快的机械，功率大；机械效率是指有用功与总功的比

值，与功率大小无关，故①正确；

②电能表上指示灯闪烁的次数越多，则电路中消耗的电能越多，但不是越快，故②错误；

③使用任何机械都不能省功，使用滑轮组提升物体时可以省力但不可以省功，故③错误；

④电阻大小跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关，跟电流和电压无关，故④正确：

综上所述，故ACD错误、B正确。

故选B。

16.C

【详解】A.根据安全用电的原则可知，当灯泡不工作时其两端应无电压，故A是火线、B是零线，故A

错误；

B.天暗时自动电灯亮说明此时照明电路闭合即衔铁断开，由图可知此时电磁铁的磁性减弱即电路中的电流

变小，根据R=亍可知电路中的电阻变大即此时光敏电阻的阻值变大；反之，天亮时光敏电阻的阻值变小,

所以光敏电阻阻值大小应随光照强度的增加而减小，故B错误；

C.当滑片位于匕端时，电路为光敏电阻的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据

欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由图可知电源的电压为12V,通过电路的最大电流为0.6A,控制

电路消耗的最大功率为

P=t/o/=12VxO.6A=7.2W

故C正确；

D.当滑片位于“端时滑动变阻器的最大阻值与光敏电阻串联，电压表测光敏电阻两端的电压，电流表测电

路中的电流，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图象

可知此时通过电路的电流为0.1A,电压表示数为2V,则电路中的总电阻

Rn=^o=J2VQ

/0.1A=120

光敏电阻的阻值

R=—=^-=20Q

先I0.1A

滑动变阻器的最大阻值

Rab=R总一R光=120c—20Q=100Q

故D错误。

故选c。

17.C

【详解】A.已知电源电压保持4.5V不变，实验前设置定值电阻两端的预设值为1.5V。由串联电路的电压

特点可知，滑动变阻器两端的电压为

U=U「U犍=4.5V-1.5V=3V

根据串联电路的电压与电阻的比例关系可知

接入阻值为20C的定值电阻时，实验无法完成，是因为滑动变阻器不能分担足够多的电压，导致定值电阻

两端电压不能减小到1.5V而造成的；由题可知滑动变阻器的最大阻值为30C,设定值电阻两端电压为1.5V

时，滑动变阻器以最大阻值接入电路，其两端电压为U滑，则有

1.5V20Q

30Q

解得，当滑动变阻器以最大阻值接入电路时，其两端电压应为

U桁2.25V

此时定值电阻和滑动变阻器两端的的总电压为

U.(s=U牡U桁1.5V+2.25V=3.75V

因此，可以换一个电压值为3.75V的电源，比之前的电源电压值小，但不能换用电压值更大的电源，故A

不符合题意；

B.因为探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端电压不变，所以若在此时增大定值电阻两端的电压

预设值，将使得前两次测量的数据失效，故B不符合题意；

C.由题意知，更换为20。的定值电阻后，其两端的电压仍为I.5V。根据欧姆定律，此时通过该电路的电

流为

由A选项分析可知，若控制定值电阻两端电压为1.5V,则电源电压大于定值电阻和滑动变阻器两端的总电

压。由串联电路分压特点可知，此时可以串联一个电阻，串联的电阻需要分担的电压为

U祈McU慰=4.5V-3.75V=0.75V

由欧姆定律可知，串联的电阻的阻值应为

%牛敲会

所以，可以在将滑动变阻器调至最大阻值30。的情况下，在〃、力之外的电路中串联阻值为10。的电阻使实

验得以完成，故c符合题意;

D.由以上分析可知，若更换滑动变阻器，则滑动变阻器的阻值至少应为

廉=%+/?（.=30Q+10Q=40Q

故D不符合题意。

故选C。

三、实验探究题（每空2分，共16分）

18.左0.85

【详解】（1）［」调节天平横梁平衡时，指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，此时应向左侧移动平衡螺母。

（4）［2］天平的读数为祛码的质量加上游码的质量，由图可得，此时蜡块的质量为

m#$?=10g+3.6g=13.6g

由图2可得，蜡块的体积为

V蟠阳72mL-56mL=16mL=16cm3

蜡块的密度是

p==o.85g/cm3

嗡块16cm3

19.加热时间仍然存在

【详解】（1）口］相同规格的电加热器在相同的时间内放出的热量相等，而此时水和食用油吸收的热量也相

同。因此可以通过加热时间来间接反映水和食用油吸收热量的多少。这是转换法的使用。

（2）⑵磁场是一种看不见、摸不着，但又实际存在的一种物质。可以通过小磁针的转动来间接反映通电导

体周围磁场的存在。若将小磁针拿走，则通电直导线周围的磁场将仍然存在。

20.断开防止偶然性的发生，寻找普遍的规律L2选用相同的量程

【详解】（1）［1］为了保护电路，在连接电路时开关应处于断开状态。

（2）［2］选用不同规格的灯泡多次实验，是为了避免偶然性的现象，寻找普遍的规律。

（3）［3］连接完电路闭合开关S后，发现灯泡Li、L2均不发光，电流表无示数，若其中一个灯出现短路，

则另一灯亮，电流表有示数；若两灯均短路，则会造成电流表损坏或电源短路，都不符合题意，说明电路

存在断路故障；若故障只出现在一个灯泡上，用一根导线进行检测，把导线并联在灯泡Li两端时，两灯都

不发光，电流表无示数，说明电路仍为断路；把导线并联在灯泡L?两端时，灯泡L发光，灯泡L2不发光,

电流表有示数，说明电路为通路，则可判断故障出现在灯泡L2上。

(4)[4]由图可知，两电流表所选量程不同，所以为了便于比较，应该选用相同的量程。

四、计算题：本题共3小题，共20分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后

答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

21.(])2xl(y»N；(2)2x103N

【详解】解：(1)这款车装满货物时总质量为

m=2t=2xl03kg

则车装满货物时的重力为

G=/«^=2xl03kgxlON/kg=2xlO4N

(2)行驶时地面对售货车的摩擦力为

/=0.1G=0.1x2x104N=2x103N

答：(1)车装满货物时的重力为2xlO*N；

(2)行驶时地面对售货车的摩擦力为2X1()3N。

22.(1)2.64xlO4J；(2)应均闭合；(3)440Q

【详解】解：(1)已知破壁机的榨汁功率为「将产88W,工作时间为片5min=300s,其消耗的电能

W=P建%/=88Wx5x60s=2.64x10勺

(2)由电路图可知，仅S闭合时，破壁机处于榨汁状态，加热电阻都不工作；S断开，停止榨汁；只Si闭

合，电阻以、七串联，电路中总电阻最大，由?=:可知总功率最小，处于保温挡；S2、Si同时闭合，

R

〃2

只有R/工作，电路中的电阻最小，由尸=—可知总功率最大，处于加热挡；故处于加热挡时，只有阳工

R

作，S2、Si均闭合。

(3)处于加热挡时，只有用工作，由尸=仁可得R/的阻值

R

u2(220V)2

R.=—=--------=110Q

品440W

处于保温挡时，小、&串联，则电路的总电阻

U2(220V)2,

凡=—=------=550Q

心88W

根据电阻的串联规律可得及的阻