2022-2023学年上海市师范大学附中高考必备物理试题高考信息组合卷

2022-2023学年上海市师范大学附中高考必备物理试题高考信息组合卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一个质点沿竖直方向做直线运动，0~片时间内的速度一时间图象如图所示，若0~4时间内质点处于失重

状态，则4~12时间内质点的运动状态经历了（）

A.先超重后失重再超重B.先失重后超重再失重

C.先超重后失重D.先失重后超重

2、利用图像来描述物理过程，探寻物理规律是常用的方法，图是描述某个物理过程的图像，对该物理过程分析正确的

是（）

A.若该图像为质点运动的速度时间图像，则前2秒内质点的平均速率等于0

B.若该图像为质点运动的位移随时间变化的图像，则质点运动过程速度一定改变了方向

C.若该图像为一条电场线上各点的电势随坐标变化的图像，则可能是点电荷所形成电场中的一条电场线

D.若该图像为闭合线圈内磁场的磁感应强度随时间变化的图像，磁场垂直于线圈平面，则该闭合线圈内一定产生恒

定的电动势

3,如图所示，物体A和小车用轻绳连接在一起，小车以速度%向右匀速运动。当小车运动到图示位置时，轻绳与水

平方向的夹角为关于此时物体4的运动情况的描述正确的是（)

A.物体A减速上升B.物体A的速度大小vA=v0

C.物体A的速度大小L=%sin。D.物体A的速度大小以=%cos。

4、如图甲所示，线圈融中通有如图乙所示的电流，电流从a到b为正方向，那么在0”。这段时间内，用丝线悬挂的

铝环M中产生感应电流，则（）

A.从左向右看感应电流的方向为顺时针

B.从左向石看感应电流的方向为先顺时针后逆时针

C.感应电流的大小先减小后增加

D.铝环与线圈之间一直有磁场力的作用，作用力先向左后向右

5、如图所示为某一电场中场强E-x图像，沿x轴正方向，电场强度为正，则正点电荷从xi运动到*2,其电势能的变

化是

A.一直增大

B.先增大再减小

C.先减小再增大

D.先减小再增大再减小

6、2018年7月29日09时48分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第33、

34颗北斗导航卫星。火箭将两颗卫星送入了同一个轨道上的不同位置，如图所示。如果这两颗卫星与地心连线成0（弧

度）角，在轨运行的加速度大小均为a,均沿顺时针做圆周运动。已知地球的半径为R,地球表面的重力加速度为g,

则第33颗北斗卫星从图示位置运动到第34颗北斗卫星图示位置所用的时间为

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，A、B两滑块质量分别为2kg和4kg,用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的水平面上，并用手按

着两滑块不动。第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为4kg的钩码C挂于动滑轮上，只释放A而按着

B不动；第二次是将钩码C取走，换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上，只释放B而按着A不动。重力加速

度g=10m/s2,不计一切摩擦，则下列说法中正确的是（）

AB

nide-n

c

A.第一次操作过程中，滑块A和钩码C加速度大小相同

2（）

B.第一次操作过程中，滑块A的加速度为?m/s2

C.第二次操作过程中，绳张力大小为20N

D.第二次操作过程中，滑块B的加速度为lOm*

8、甲、乙两物体一开始沿同一条直线相向运动，在U0时刻甲、乙相距x=3m,它们的速度一时间图象如图所示。下

列说法正确的是（）

A.U2s时甲、乙速度相等，且恰好相遇

B.t=ls时甲、乙速度不等，但恰好相遇

C.f=ls时，乙的速度方向发生改变，U2s时追上甲

D.在4s时间内，甲、乙相遇了两次

9、牛顿在发现万有引力定律时曾用月球的运动来检验，物理学史上称为著名的“月地检验”。已经知道地球的半径为R,

地球表面的重力加速度为g,月球中心与地球中心距离是地球半径A倍，根据万有引力定律，可以求得月球受到万有

引力产生的加速度为幻。又根据月球绕地球运动周期为7,可求得月球的向心加速度为。2,两者数据代入后结果相等,

定律得到验证。以下说法正确的是（）

唱

A.ci,=一B.4

1k

c471Rk24/kR

D.a

2T2

10、如图所示，金属圆环放置在水平桌面上，一个质量为m的圆柱形永磁体轴线与圆环轴线重合，永磁体下端为N极,

将永磁体由静止释放永磁体下落h高度到达P点时速度大小为v,向下的加速度大小为a,圆环的质量为M,重力加

速度为g,不计空气阻力，则（）

A.俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向

B.永磁体下落的整个过程先加速后减速，下降到某一高度时速度可能为零

C.永磁体运动到P点时，圆环对桌面的压力大小为Mg+mg-ma

D.永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为mgh+；mv2

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系。实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接。

(1)实验要求电表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接

(2)某次测量电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为一A；

(3)该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示，根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而—(选填“增大”、“减

小，，或，，不变，，)。将该小灯泡直接与电动势为3V、内阻为5C的电源组成闭合回路，小灯泡的实际功率约为一W(保

留二位有效数字)。

12.(12分)张明同学在测定某种合金丝的电阻率时：

(1)用螺旋测微器测得其直径为mm(如图甲所示)；

(2)用20分度的游标卡尺测其长度为cm(如图乙所示)；

(3)用图丙所示的电路测得的电阻值将比真实值_______(填“偏大”或“偏小”).

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，两根电阻不计且足够长的平行金属导轨倾斜放置，倾角a=37。，导轨间距Sim,顶端用电阻

R=2Q的定值电阻相连。虚线上方存在垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小B=1T。质量,/h=0.1kg、

电阻拈=4。的导体棒M在磁场中距虚线的距离d=2m,M与导轨间的动摩擦因数m=0.25,质量”=0.3kg、电阻R2=2S1

的导体棒N在虚线处，N与导轨间的动摩擦因数“2=0.8。将导体棒M、N同时从导轨上由静止释放，M到达虚线前已

经匀速，重力加速度g取lOm/s2,运动过程中M、N与导轨始终接触良好，已知加37。=0.6,cos37°=0.8»

(1)求知、N相碰前，M上产生的焦耳热；

(2)求M、N相碰前M运动的时间；

(3)M、N相遇发生弹性碰撞，碰后瞬间对M施加一个沿斜面方向的作用力尸，使M、N同时匀减速到零，求M棒

在减速到零的过程中作用力尸的大小随时间变化的表达式。

14.(16分)如图所示，一圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体.活塞的质量为小,

横截面积为S,与容器底部相距儿此时封闭气体的温度为八.现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量。时,

气体温度上升到r2.已知大气压强为P0,重力加速度为g,Tl和T2均为热力学温度，不计活塞与气缸的摩擦.求:

II

(1)活塞上升的高度;

(2)加热过程中气体的内能增加量.

15.(12分)如图所示，光滑斜面倾角6=30。，一个质量，"=3kg的物块在大小为厂的恒力作用下，在U0时刻从斜面

底端由静止开始上滑。在“=3s时撤去力尸，物块在f2=6s时恰好回到斜面的底端。已知重力加速度g=10m/s2。求:

(1)恒力的大小F；

(2)物块沿斜面上升的最大距离。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

u-f图像的斜率表示加速度，则0~/|时间内质点加速，质点处于失重状态，说明这段时间内质点向下加速，则

时间内质点先向下加速后向下减速，因此运动状态是先失重后超重，选项D正确，ABC错误。

故选D。

2、D

【解析】

A.若该图像为质点运动的速度时间图像，则前2秒内质点的位移等于零，质点的平均速度等于0,但是平均速率不为

零，选项A错误；

B.若该图像为质点运动的位移随时间变化的图像，斜率对应速度的大小和方向，则方向恒定，选项B错误；

C.若该图像为一条电场线上各点的电势随坐标变化的图像，这个图像说明只能是匀强电场，不能和点电荷的电场对

应，所以C错误；

D.若该图像为闭合线圈内磁场的磁感应强度随时间变化的图像，则磁感应强度的变化率恒定，则该闭合线圈内一定

产生恒定的电动势，选项D正确；

故选D。

3、D

【解析】

小车的速度分解如图所示，由图得

vA=V,=%cos0

小车向右匀速运动，%不变，。变小，则COS6变大，乙变大，即物体A加速上升，故ABC错误，D正确。

4、A

【解析】

AB.根据题意可知，由于电流从。到b为正方向，当电流是从。流向心由右手螺旋定则可知，铝环M的磁场水平向

右，由于电流的减小，所以磁通量变小，根据楞次定律可得，铝环M的感应电流顺时针（从左向右看）。

当电流是从分流向用由右手螺旋定则可知，铝环M的磁场水平向左，当电流增大，则磁通量变大，根据楞次定律可

得，所以感应电流顺时针（从左向右看）。故电流方向不变，故A正确，B错误；

C.由图乙可知，口内的电流的变化率不变，则产生的磁场的变化率不变，根据法拉第电磁感应定律可知，铝环M产

生的电动势的大小不变，所以感应电流的大小也不变。故C错误；

D.当线圈中电流为零时，铝环M和线圈之间无磁场力作用，选项D错误；

故选A。

5、C

【解析】

沿X轴正方向，电场强度为正，由图可得，从新到X2电场强度先沿X轴正方向再沿X轴负方向；顺着电场线方向电势

降低，则从XI到X2电势先降低后升高，所以正点电荷从4运动到X2,电势能是先减小再增大；故C项正确，ABD三

项错误。

6、B

【解析】

根据题意卫星运动的加速为a,则丝丝=机。=根（生）2厂

rT

士…心——GMm

在地球表面时F-=mg

R~

则第33颗北斗卫星从图示位置运动到第34颗北斗卫星图示位置所用的时间为f=2x7

2%

解得：f=6/JI，故B对；ACD错

VaVa

故选B

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7,BC

【解析】

A.第一次操作过程中，因AC移动的位移之比为2：1,则滑块A和钩码C加速度大小之比为2：1,选项A错误；

B.第一种方式：只释放A而8按着不动，设绳子拉力为C的加速度为由，

对A根据牛顿第二定律可得

T\=m\a\

对C根据牛顿第二定律可得

mcg-2Ti=mcai

根据题意可得

«A=2ai

联立解得

选项B正确；

C.第二种方式：只释放8而A按着不动，换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上，

则绳张力大小为20N,选项C正确；

D.对8受力分析，根据牛顿第二定律可得

Ti=mnan

根据题意可得r2=20N

联立解得

aB=5m/s2

故D错误。

故选BC»

8、BD

【解析】

AC.由图可知Uis时刻，乙的速度方向发生改变，U2s时刻甲、乙速度相等，但由图像与坐标轴围成的面积表示位

移可知，乙围成的面积是0,说明乙回到出发点，甲的位移4m,所以两者此时没有相遇，故AC错误；

B.Uis时刻甲、乙速度不等，由图像与坐标轴围成的面积表示位移可知，乙位移是1m,甲的位移2m,两都位移之

和刚好是3m,所以恰好相遇，故B正确；

D.Uis时到U3s时，甲乙两图像与坐标轴围成的面积相等，说明这段时间内两者的位移相等，由B项分析可知，t=ls

时恰好相遇，所以U3s时也恰好相遇，说明在U0到U4s时间内，甲乙仅相遇过二次，故D错误。

故选BD„

9、BD

【解析】

根据万有引力等于重力得

GMmm

——R2—=6g

则有

地球表面附近重力加速度为g,月球中心到地球中心的距离是地球半径的A倍，所以月球的引力加速度为

〃GMg

1(kR)2k2

月球绕地球运动周期7,根据圆周运动向心加速度公式得

/2万\2,p4k储R

“2=（亍）kR=—^-

故选BDo

10、AC

【解析】

根据楞次定律判断感应电流的方向；可根据假设法判断磁铁下落到某高度时速度不可能为零；根据牛顿第二定律分别

为磁铁和圆环列方程求解圆环对地面的压力；根据能量关系求解焦耳热。

【详解】

磁铁下落时，根据楞次定律可得，俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向，选项A正确；永磁体下落的整个过程，开

始时速度增加，产生感应电流增加，磁铁受到向上的安培力变大，磁铁的加速度减小，根据楞次定律可知“阻碍”不是“阻

止”，即磁铁的速度不可能减到零，否则安培力就是零，物体还会向下运动，选项B错误；永磁体运动到P点时，根

据牛顿第二定律：mg-F安=1«2；对圆环：Mg+F$=N,贝（JN=Mg+mg—ma,由牛顿第三定律可知圆环对桌面的压力大

小为Mg+mg—ma,选项C正确；由能量守恒定律可得，永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为mgh-；mv?,

选项D错误；故选AC.

【点睛】

此题关键是理解楞次定律，掌握其核心“阻碍”不是“阻止”；并能用牛顿第二定律以及能量守恒关系进行判断.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

0.44增大0.44（0.43—0.46均对）

【解析】

（1）[1].滑动变阻器的滑片滑动过程中，电流表的示数从零开始这渐增大，滑动变阻器采用分压接法，实物电路图如图

所示:

(2)[2].由图示电路图可知，电流表量程为0.6A,由图示电流表可知，其分度值为0.02A,示数为0.44A；

由图示图象可知，灯泡两端电压U=1.3V,通过灯泡的电流/=0.34A,灯泡功率

P=U[=1.3xO.34M.44W

12、3.202-3.2055.015偏小

【解析】

(1)解决本题的关键明确：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.

(2)游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读.

(3)由电路图，根据电表内阻的影响确定误差情况.

【详解】

(1)螺旋测微器的固定刻度为3.0mm,可动刻度为20.5x0.01mm=0.205mm,所以最终读数为

3.0mm+0.205mm=3.205mm.

(2)20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm,游标卡尺的主尺读数为50mm,游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度

对齐，所以游标读数为3x0.05mm=0.15mm,所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm.

(3)由欧姆定律得，电阻阻值R=U/I,由于电压表的分流作用使电流测量值偏大，则电阻测量值偏小.

【点睛】

考查螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺不需要估读、螺旋测微器需要估读.掌握

由欧姆定律分析电路的误差的方法.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.48J；(2)1.5s；(3)F=0.96-0.08/(Z<2.5s)

【解析】

(1)M棒匀速时，有

migsin37°=//i/nigcos37°+BIL①

E=BLvo®

,E

/=丁③

R

1④

总R+R2

M棒从开始到达虚线位置，有

+。总⑤

m}gdsin37°=/j^gdcos3T+

M棒、N棒、电阻R产生的焦耳热之比为

QM：QN：QR=8：1：1(6)

8

如=而。总⑦

由①〜⑦式解得

如=0.48J

(2)对拉棒由动量定理有

(migsin37—pi/nigcos37°—B/乙)/="?小0⑧

_A①

q=iu：-⑨

△@=BLd®

/=1.5s

(3)对M、N棒碰撞过程