江西省顶级名校2022年物理高一第一学期期末联考试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：（卜6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）

1、下列说法正确的是（）

A.高铁速度很快，任何时刻都不能看做质点

B.诗句“清泉石上流”，以“石”为参考系时，“水”是流动的

C.位移的大小就是路程

D.会议8：30开始，“8：30”指的是时间间隔

2、甲、乙两质点在同一直线上运动，其运动的壮-/图像如图所示（甲为直线，乙为折线，t2=2t。，若f=L时刻甲、

乙恰好位于同一位置，关于0七时间内甲、乙的运动，下列看法正确的是

A./时刻，甲在乙前方

B.f=0时刻，甲在乙前方

C.甲、乙的速度第一次相等时，甲、乙之间的距离最大

D.甲的加速度始终大于乙的加速度

3、如图所示，球A在光滑斜面上，被竖直挡板挡住而处于静止状态，现挡板以底端为轴缓慢转到水平位置的过程中

挡板和斜面给小球的弹力FNI、FN2以下说法正确的是（）

A.FN1先变小后变大，FN2一直增大

B.FNI先变小后变大，FN2一直减小

C.FNI先变大后变小，FN2一直增大

D.FNI不变，FN2先增大后减小

4、临近期末，小茗同学在进行知识梳理时，对以下说法存在疑惑，你认为其中正确的是。

A.“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟”，从物理学的角度看，这是涉及惯性知识的一句古诗词

B.国际单位制中,N、kg、是其中的三个基本单位

C.马能拉着车加速往前跑，是因为马拉车的力大于车拉马的力

D.把一个已知力分解成两个分力，则这个已知力总要比其中一个分力大

5,在升降电梯的地板上放一体重计，电梯静止时，小亮同学站在体重计上，体重计示数为60kg,电梯运动过程中的

某一段时间内，小亮同学发现体重计示数为40kg,已知重力加速度为g,则在这段时间内下列说法正确的是（）

A.小亮同学的体重减少了

B.小亮同学对体重计的压力小于体重计对小亮的支持力

C.电梯的加速度大小为电梯可能减速上升

D.电梯的加速度大小为电梯可能加速下降

6,甲、乙两个物体做匀变速直线运动，a甲=4m/s2,az.=-4m/s2,那么对甲、乙两物体判断正确的是（）

A.甲的加速度大于乙的加速度

B.甲做加速直线运动，乙做减速直线运动

C.甲的速度比乙的速度变化快

D.甲、乙在相等时间内速度变化的大小相等

7、如图所示，质量为，”的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端。做圆周运动，球心到。点的距离为L.当

小球运动到最高点时速率为:疯，此时球对杆的作用力

3

A.大小为二mgB.大小为丁wig

44

C.方向竖直向下D.方向竖直向上

8、如图所示，电梯的顶部挂有一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N,在某

时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为5N,g=10m/s2o关于电梯的运动，以下说法正确的是（)

A.电梯可能向下加速运动，加速度大小5m/s2

B.电梯可能向上加速运动，加速度大小为5m/s2

C.电梯可能向下减速运动，加速度大小为5m/s2

D.电梯可能向上减速运动，加速度大小为5m/s2

9,物体做匀加速直线运动，已知第1s末的速度是6m/s,第2s末的速度是8m/s,则下面结论正确的是（）

A.物体的加速度是2m/s2

B.物体零时刻的速度是2m/s

C.第Is内的平均速度是5m/s

D.前2s内的位移是12m

10、下列给出的四组图象中，能够反映同一直线运动的是（）

11、在离地面人=15m高处，以即=10m/s的速度同时竖直向上与向下抛出甲、乙两小球，不计空气阻力，小球落地后

就不再弹起，重力加速度g=10m/s2,下列说法正确的是（）

A.两小球落地时的速度相等B.两小球落地的时间差为1s

C.乙球落地时甲球恰好运动到最高位置D.U2s时，两小球相距15m

12、如图所示，4、6两球质量相等，光滑斜面的倾角为，，图甲中4、6两球用轻弹簧相连，图乙中A、8两球用轻

质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，轻弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有（）

A.图甲中两球的加速度一定相等

B.图乙中两球的加速度一定为gsin，

C.图乙中轻杆的作用力不可能为零

D.图甲中8球的加速度是图乙中8球加速度的2倍

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）

13、（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细

绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图

（1）如果没有操作失误，图乙中的尸与F'两力中，方向一定沿AO方向的是

（2）本实验采用的科学方法是

A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法

（3）下列方法中，有助于减小实验误差的是

A.尽可能使OB和OC两细绳的夹角大些

B.尽可能使两弹簧秤的读数相差大些

C.尽可能使OB和OC两细绳与纸面平行

14、（10分）某实验小组利用图甲所示实验装置探究加速度与力、质量的关系，所用交变电流的频率为50Hz。

⑴下列关于本实验的操作中正确的是一

A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行

B.通过调节木板倾斜度来平衡木块受到的滑动摩擦力时，需要将小桶通过定滑轮拴在木块上

C.实验时，应先接通打点计时器的电源再放开木块

D.实验开始，释放木块时，应使木块离打点计时器适当远些

⑵为使小桶及桶内破码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足小桶及桶内祛码的总质量一（选填

"远大于'’“远小于”或“近似等于“）木块和木块上祛码的总质量；

⑶如图乙所示是某次实验得到的纸带，每相邻两计数点间有四个点未画出。图中标出的相邻两计数点之的时间间隔

T=_s,根据纸带可求得小车的加速度"=_m/s2»

乙

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）

15、（12分）如图所示，足够长的固定斜面的倾角族37。，一物体以刖=12m/s的初速度从斜面上A点处沿斜面向上运

动；加速度大小为a=8m/s2,g取lOm/s?.求：

（1）物体沿斜面上滑的最大距离x；

（2）物体与斜面间的动摩擦因数出

（3）物体返回到A处时的速度大小v

16、（12分）如图所示，木块质量为机=10.0kg,木块与地面间的动摩擦因数为“=0.5,受到方向与水平方向成0=37。

角斜向右上方的恒力尸=50N作用，g=10m/s2,sin37°=0.60,cos37°=0.8011

⑴求木块从静止开始沿水平面做匀变速直线运动的加速度；

⑵若在恒力F作用有=2.0s后撤去恒力F,求：

①撤去恒力产后木块运动的时间；

②木块从静止开始运动到停止运动的总位移。

17、（12分）如图所示，质量为M的直角三棱柱A放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角夕=30°.质

量为m的光滑球B放在三棱柱和光滑竖直墙壁之间，A和B都处于静止状态，则地面对三棱柱的支持力和摩擦力各为

多少？

参考答案

一、选择题：(1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分)

1、B

【解析】A.物体能否看做质点，关键是物体的大小和形状对研究的结果有无影响，与物体的速度无关.故A错误；

B.诗句“清泉石上流”，是以“石”为参考系的，“水”相对石头是流动的，故B正确；

C.只有在物体做单方向的直线运动时，位移的大小才与路程相等，故C错误；

D.会议8：30开始，这里的8:30是时间轴上的点，指的是时刻.故D错误

故选B

2、C

【解析】人也时间内，甲的位移比乙的大，而4攵时刻甲、乙恰好位于同一位置，所以U"时刻，甲在乙后方，故A

错误；根据速度图象与时间轴所围的''面积”表示位移，知0七时间内甲的位移比乙的大，而仁攵时刻甲、乙恰好位

于同一位置，所以Q0时刻，甲在乙后方，故B错误；Q0时刻，甲在乙后方，在()由时间内，甲的速度比乙的小，两

者间距增大，则甲、乙的速度第一次相等时，甲、乙之间的距离最大，故C正确；根据速度图象的斜率表示加速度，

斜率绝对值表示加速度大小，由图知，甲的加速度先大于乙的加速度，再小于乙的加速度，后大于乙的加速度，故D

错误.所以C正确，ABD错误

3,B

【解析】挡板转动时，挡板给球的弹力灯|与斜面给球的弹力An合力大小方向不变，其中质2的方向不变，作辅助

图如上，挡板转动过程中，即1的方向变化如图中a、b、c的规律变化，为满足平行四边形定则，其大小变化规律为

先变小后变大，其中挡板与斜面垂直时为最小，与此对应，的大小为一直减小，最小值为零，故B正确，ACD错

误

点睛：本题关键是对小球受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法分析；要明确三力平衡中，任意两个力的合力与

第三个力等值、反向、共线

4、A

【解析】A.临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟，都说明由于惯性而出现危险，故A正确；

B.国际单位制中，N不是基本单位，故B错误；

C.由牛顿第三定律可知，马拉车的力等于车拉马的力，故C错误；

D.一个合力与几个分力共同作用的效果相同，但合力的大小不一定大于任何一个分力的大小，可以小于分力，也可

以等于分力，故D错误。

故选A。

5、C

【解析】考查超重失重。

【详解】A.静止时，体重计示数为60kg,即质量为60kg,运动时，示数为40kg,处于失重状态，失重状态是指人

对体重计的压力小于人的重力，不是体重减小了，A错误；

B.小亮同学对体重计的压力与体重计对小亮的支持力是一对相互作用力，等大反向，B错误；

CD.对人受力分析，取向下为正方向，可得：

mg-FN=ma

解得加速度大小为与，方向向下，可能减速上升，也可能是加速下降，C正确，D错误。

故选C

6、D

【解析】加速度为矢量，负号表示方向，不表示其大小；当加速度方向和速度方向相同时，速度越来越大，相反时速

度越来越小

【详解】加速度为矢量，负号表示方向，因此甲的加速度大小等于乙的加速度大小，故A错误；甲、乙两个物体的加

速度方向与速度方向关系不能确定，则不能确定甲乙做何种运动，选项B错误；加速度表示速度变化的快慢，甲的加

速度大小等于乙的加速度大小，所以甲的速度比乙的速度变化快慢是一样，故C错误；因加速度大小相等，则在相等

时间内速度变化的大小相等，故D正确；故选D

【点睛】加速度、速度是高中物理中重要的概念，要正确区分它们之间的关系，明确加速度与速度无关，加速度表示

的速度的变化快慢

7、AC

【解析】在最高点，设杆对球的弹力向下，大小为尸，根据牛顿第二定律得：

V2

mg+F=m~

又

v=g国

解得

口

F=--3mg

方向向下。

故选AC.

8、AD

【解析】对物体受力分析，据牛顿第二定律可得物体的加速度，从而判断物体的可能运动情况。

【详解】电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N,物体处于平衡状态，有

mg-ION

则物体的质量为

m=1kg

弹簧秤的示数变为5.0N时，对物体受力分析，据牛顿第二定律可得

mg-F=ma

解得

a-5m/s2«方向竖直向下

电梯加速度大小为5m/s2,可能向下加速运动，也可能向上减速运动，故选AD。

9、ACD

【解析】A.据题第1s末的速度是肛=6m/s,第2s末的速度是v=8m/s,两个时刻的时间间隔是Uis,则物体的加速度

为

故A正确；

B.由vi=vo+afi得

v0=%-at1=(6-2xl)m/s=4m/s

故B错误；

C.第Is内的平均速度是

—V+v,4+6<

v.=—o——L=-----m/s=5m/s

'22

故C正确；

D.前2s内的位移

x2=v2t2=%；，t2=47x2m=12m

故D正确。

故选ACD。

10、BC

【解析】AB第一个图是速度时间图象，由速度时间图象可知：0-3s内物体以速度6m/s匀速运动，4-5s内做匀加速直

线运动，加速度为2m/s2,

A图中位移时间图象表示0-3s内物体静止,4-5s内物体也静止,故A错误;B图中速度图像表示0-3s内物体以速度6m/s

匀速运动，4-5s内物体匀加速运动，加速度为2m/s2,故B正确；

C图中位移图像表示物体先静止后匀速运动，速度大小为2m/s,而速度图像在前3s为速度为零，3-5s做匀速运动大小

为2m/s,故C正确，

D图中位移时间图象表示0-3s内物体处于静止状态，加速度为零的运动，4-5s内物体匀速运动，而加速度时间图像中

O~3s内物体做加速度为零的运动，4~5s内物体做匀加速直线运动，状态不一致，故D错误

考点：本题主要考查了运动图象问题，

点评：v-t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，位移-时间图象的斜率等于物体运动的速度，

加速度时间图象表示加速度随时间变化情况，根据图象即可求解

11、ACD

【解析】甲球做竖直上抛运动，乙球做竖直下抛运动，根据机械能守恒定律求落地时速率关系；由位移公式求落地时

间；根据乙球的运动时间，分析甲球的位置，并由位移公式求出U2s时两者间的距离。

【详解】A.甲、乙两小球抛出时速率相等，机械能相等.由于不计空气阻力，所以两球运动过程中机械能都守恒，

则落地时机械能也相等，落地时的速度必定相等，故A正确；

B.落地时，对于甲、乙两球，取竖直向上为正方向，有

一h-~厢一/g4

解得

f甲=3s,/乙=Is

所以两小球落地的时间差为2s,故B正确;

C.甲球上升的时间为

=Is=t乙

g

所以乙球落地时甲球恰好运动动最高点，故C正确;

D.U2s时，甲球的位移为

2

再产?，一gg产=10x2m-5x2m=0

乙球已落地并不再弹起，所以U2s时，两小球相距15m,故D正确。

故选ACD«

12、BD

【解析】A.弹簧弹力不能突变，突然撤去挡板的瞬间有图甲中A球合力仍为零，加速度为零，设弹簧弹力为尸，对

B球由牛顿第二定律可得

mgsin6+尸=max

F—mgsin6

联立可得

a,=2gsin0

说明AB两球的加速度不相等，故A错误；

BC.假设两球加速度相等，取整体为研究对象，由牛顿第二定律可得

2mgsin0=2mga2

4=gsin0

杆的弹力瞬间变为零，两球的加速度相等都为gsinO,假设正确，故B正确，C错误;

D.比较为、%可知图甲中8球的加速度是图乙中8球加速度的2倍，故D正确。

故选择BD选项。

二、实验题(本题共16分，答案写在题中横线上)

13、①.F'②4③.C

【解析】(1)尸是实验测得的耳、工用平行四边形定则作图而得，F是用一个力拉橡皮条时直接测量而得.则方向一

定沿AO方向的是//

(2)本实验采用的科学方法是等效替代法.故B项正确

(3)A：尽可能使OB和OC两细绳的夹角大，会使合力偏小，测量的相对误差较大.故A项错误

B：尽可能使两弹簧秤的读数相差大些，会使弹簧秤读数较小的那个力测量的相对误差较大.故B项错误

C：尽可能使OB和0C两细绳与纸面平行，这样才能使所有力在一平面内，减小实验的误差.故C项正确

14、①.AC②.远小于③.0.1④.0.51

【解析】(1)U]A。调节滑轮的高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行，从而保证细绳的拉力等于小车的牵引力，

选项A正确；

B.通过调节木板倾斜度来平衡木块受到滑动摩擦力时，不要将小桶通过定滑轮拴在木块上，只让小车拖着纸带在

木板上运动，选项B错误；

C.实验时，应先接通打点计时器的电源再放开木块，选项C正确；

D.实验开始，释放木块时，应使木块离打点计时器适当近些，以充分利用纸带，选项D错误。

故选AC.

⑵12]按照教材上理论若以硅码桶及祛码作为小木块的外力，则有整，而实际实验过程中硅码桶及祛码也与小

M

木块一起做匀加速运动，即对祛码桶及祛码有

mg-T=ma

对小木块有

T=Ma

综上有

1+—

M

只有当机时，才能认为7=,即，从而有效的保证实验的准确性；

⑶网⑷相邻两点之间的时间间隔为7=0.1s；根据Ax=a/可得小车的加速度

2

(7.72+7.21-6.70-6.19)x10*,2八一y2

a=-------------------------------m/s=0.5lm/s

4x0.12

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明(本题共36分)

15、(1)9m(2)0.25(3)672m/s

【解析】(1)对于上滑过程，根据运动学速度位移关系公式列式求解即可；

(2)受力分析后，根据牛顿第二定律列式求解即可；

(3)下滑过程，根据动能定理求出物体返回到A