普通高等学校2022年物理高一第一学期期末检测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）

1、下列说法中正确的是（）

A.体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态

B.蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态

C.举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态

D.游泳运动员仰卧在水面上静止不动时处于失重状态

2、如图所示，力厂把一物体紧压在竖直的墙壁上静止不动，下列有关力的相互关系叙述正确的是（）

/

/、

、/

、

/

/、

、/

、/

、/

/

A.作用力尸和物体对墙壁压力是一对平衡力

B.墙壁对物体的弹力是由于墙壁发生弹性形变而产生的

C.作用力厂和墙壁对物体的弹力是一对作用力和反作用力

D.作用力F增大，墙壁对物体的静摩擦力也增大

3、如用所示，虚线为飞机飞行的一段轨迹，P是轨迹上的一点，四位同学分别画出了带有箭头的线段甲、乙、丙、丁

来描述飞机经过尸点时的速度方向，其中描述最准确的是（）

A.甲B.乙

C.丙D.T

4、关于运动和力的关系，以下说法正确的是

A.若物体受到的合外力为零，则物体一定处于静止状态

B.若物体受到的合外力为零，则物体一定在做匀速直线运动

C.同一物体受到的合外力越大，它的速度就一定越大

D.同一物体受到的合外力越大，它的加速度就一定越大

5、国产歼一15舰载机以65m/s的速度降落在静止的“辽宁号”航母水平甲板上，机尾挂钩精准钩住阻拦索.在阻拦

索的拉力帮助下，经历2.5s速度减小为零.若将上述运动视为匀减速直线运动，根据以上数据不能求出战斗机在甲板

上运动的

A.位移B.加速度

C.平均速度D.受到的阻力

6,图中光滑小球都与下支撑物接触，则接触面处一定有弹力的是（）

/////////

/////////

7、物体做匀加速直线运动，已知第1s末的速度是6m/s,第2s末的速度是8m/s,则下面结论正确的是（）

A.物体的加速度是2m/s2

B.物体零时刻的速度是2m/s

C.第Is内的平均速度是5m/s

D.前2s内的位移是12m

8、质量为，"的人站在升降机中，如果升降机运动时加速度的绝对值为“，升降机底板对人的支持力N=,"a+,”g,则可

能的情况是（）

A.升降机以加速度a向下加速运动

B.升降机以加速度a向上加速运动

C.在向上运动中，以加速度。制动

D.在向下运动中，以加速度a制动

9、小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示.取g=10m/.『,

则

A.下落的最大速度为5m/s

B.自由落体高度为2.5m

C.能弹起的最大高度为1.25m

D.小球从下落到反弹到最高点所经过的路程为1.7m

10、以下关于各物体运动判断正确的是（）

ABCD

A.图A,物体尸从接触弹簧开始到运动至最右端的过程中，一直做减速运动

B.图物体尸在恒力厂的作用下，从接触弹簧开始到运动至最右端的过程中，先做加速运动，后做减速运动

C.图G小球从接触弹簧开始到运动至最低点的过程中，先做加速运动，后做减速运动

D.图O,蹦极的人先做自由落体运动，橡皮条从绷紧开始到运动至最低点的过程中，一直做减速运动

11、在一个已知力的分解中，下列情况具有唯一解的是（）

A.已知两个分力的方向，并且不在一条直线上B.已知两个分力的大小

C.已知一个分力的大小和另一个分力的方向D.已知一个分力的大小和方向

12、（多选）如图所示,A、B、C三个物体质量相等，它们与传送带间的动摩擦因数相同.三个物体随传送带一起匀速运

动,运动方向如图中箭头所示.下列说法正确的是

A.A物体受到摩擦力不为零，方向向右

B.三个物体中只有A物体受到的摩擦力为零

C.B、C两物体受到的摩擦力大小相等，方向相反

D.B、C两物体受到的摩擦力大小相等，方向相同

二、实验题(本题共16分，答案写在题中横线上)

13、(6分)某同学为了探究“弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系”，设计了下面的实验，他选择的器材有：一条弹簧、一

端带有定滑轮的长木板、细绳、铁钉、几个钩码(单个质量100克)、刻度尺.他的实验步骤如下：

(1)先将长木板放置在实验台上，有定滑轮的一端伸出桌外，并调水平

(2)把弹簧的一端用铁钉固定在木板上合适的位置

(3)弹簧的另一端用细绳连接，细绳跨过定滑轮可连接钩码

(4)再挂上不同数量的钩码，用刻度尺量出对应弹簧的总长度，把数据记录在他设计的表格中

钩码个数01234

弹箸总长度(cm)10.011.112.113.014.0

「吉钩码重量(N)01234

请完成下面的问题：

a)实验用的弹簧原长L=

b)从他实验的数据可以得出什么结论:

c)从实验数据可以计算出该弹簧的劲度系数k=

14、(10分)如图所示为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置图.图中A为小车，B为祛码及祛码盘，C为一端

带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50Hz交流电.小车A的质量为mi,祛码及

祛码盘B的质量为nu.

(1)下列说法正确的是

A.每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力

B.实验时应先释放小车后接通电源

C.本实验m2应远小于mi

1

D.在用图象探究加速度与质量关系时，应作"一一图象

肛

(2)下图是在正确操作下获得的一条纸带，A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出.则根据纸带所提供的

数据计算：打c点时小车的瞬时速度的大小为m/s；小车的加速度大小为m/s2(计算结果保留两位有效

数字).

(3)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a-F图象，可能是图中的(填

“甲”“乙，，“丙，，)

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明(本题共36分)

15、(12分)如图所示，物体从固定斜面底端开始上滑，初速度w=5m/s,斜面倾角归37。.已知物体与斜面间的动摩

擦因数“=0.5,设斜面足够长.(g=10m/s2,sin37°=0.6,cos370=0.8)求:

(1)物体上滑的最大位移；

(2)物体回到出发点时的速度大小；

(3)比较上滑和下滑过程中平均速度的大小

16,(12分)如图所示,水平传送带两端相距x=8m,工件与传送带间的动摩擦因数“=0.6,工件滑上A端时速度v^lOm/s,

设工件到达B端时的速度为(g取lOm/s2)

(1)若传送带静止不动，求照；

(2)若传送带顺时针转动，工件还能到达笈端吗？若不能，说明理由；若能，则求出到达8点的速度照;

(3)若0传送带以v=13m/s的速度逆时针匀速转动，求及工件由A到8所用的时间。

17、(12分)动车出站时，先经历一个加速运动过程，某实验小组想测量其加速度的大小，设计如图所示的实验：在

车厢内悬吊着一个质量为"，的小球，动车加速行驶时，悬线偏离竖直方向的角度为仇重力加速度为g。

(1)画出小球的受力示意图。

(2)求动车的加速度大小«；

(3)求悬线对小球的拉力大小7。

参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）

1、B

【解析】体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时属于平衡状态，合力为零，所以拉力等于重力，不是超重也不是失

重，A错；蹦床运动员在空中上升和下落过程中都只受重力作用，支持力或拉力为零，所以属于完全失重状态，B对;

举重运动员在举起杠铃后不动那段时间处于平衡状态，合力为零，不是超重也不是失重，C错；游泳运动员仰卧在

水面静止不动处于平衡状态，合力为零，不是超重也不是失重，D错.故答案选B

思路分析：静止状态时，加速度为零，属于平衡状态，ACD错.蹦床运动员在空中上升和下落过程中加速度即为重力

加速度，方向向下，都处于完全失重状态，B正确.

试题点评：考查超重和失重现象的判断，重力大于拉力属于失重，重力小于拉力属于超重.应该熟练掌握

2、B

【解析】A.尸是外界对物体的作用力，而压力是物体对墙壁的作用力；故二力不是作用在同一个物体上的；不是平衡

力，A错误；

B.墙壁对物体的弹力是由于墙壁发生了形变，要恢复原来的形状，从而对与它接触的物体产生了力的作用，B正确;

C.作用力尸和墙壁对物体的弹力，是一对平衡力，C错误；

D.物体受到的是静摩擦力，其大小与正压力无关，D错误；

故选B。

3、C

【解析】根据曲线运动的速度方向可知，飞机在尸点的速度方向沿轨迹在尸点的切线方向，所以丙的方向为飞机在P

点的速度方向

A.甲，与结论不相符，选项A错误；

B.乙，与结论不相符，选项B错误;

C.丙，与结论相符，选项C正确；

D.丁，与结论不相符，选项D错误;

【解析】运动学公式可知速度与加速度的关系，牛顿运动定律可知加速度、合外力与质量的关系

【详解】A、B项：当物体受到的合外力为0,可以匀速直线运动的，故A、B错误；

C项：当质量不变的物体受到的合外力越大，加速度就越大，而速度不一定越大；当加速度的方向与速度同向时，速

度变大，当反向时却变小，故C错误；

D项：当质量不变的物体受到的合外力越大，则加速度越大，故D正确

故选D

【点睛】加速度与速度没有直接关系，当两者同向时速度变大，当反向时速度变小.加速度是描述物体速度快慢变化

的物理量

5、D

【解析】AC.根据平均速度公式可得，

-v+v65+0/

v=-0......=--------m/s=32.5m/s

22

位移：

v+v65+0,___

x=-()----1=-------x2.5m=81.25m,

22

所以能求出战斗机在甲板上运动的位移、平均速度，故AC不符合题意;

BD.根据加速度的定义式

Av0-65,一，,,

——=--------m/s2=-26m/s",

△t2.5

能求出战斗机在甲板上运动的加速度，因为不知道战斗机的质量，无法由牛顿第二定律求战斗机所受的阻力，故选项

B不符合题意，选项D符合题意.

【点睛】本题主要考查了匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律的直接应用，熟练掌握加速度和平均速度公式.

6、C

【解析】弹力产生的条件，注意光接触而没有弹性形变不可能产生弹力，或者正确根据平衡条件判断弹力的有无；

【详解】A、图中水平面对小球可能有弹力作用，也可能没有弹力作用，当拉力等于重力时，则没有弹力，若拉力小

于重力时，则存在弹力，A错误；

B、小球处于静止状态，重力和绳的弹力平衡，斜面与球之间不可能产生弹力，否则小球不可能平衡，B错误；

C、图中小球受到绳子拉力、重力、斜面的支持力三力作用下处于平衡状态，因此小球斜面的弹力作用，故C正确；

D、图中两斜面对球可能有弹力，也可能没有弹力，要根据拉力与重力大小有关系来判定，故D错误；

故选c

7、ACD

【解析】A.据题第Is末的速度是肛=6m/s,第2s末的速度是v=8m/s,两个时刻的时间间隔是Uis,则物体的加速度

为

a=—=2m/s2

X

故A正确；

B.由v尸w+M得

%=v,-atx—(6-2xl)m/s=4m/s

故B错误；

C.第Is内的平均速度是

—v+v4+6<

v.=—0——-]=------m/s=5m/s

122

故C正确;

D.前2s内的位移

一,%+彩*4+8

x2=v2t2=u2_12=2*2m=12m

故D正确。

故选ACDo

8、BD

【解析】由题意可知支持力大于重力，人处于超重状态，所以有向上加速度，有向上加速度的运动可分为两种情况:

向上加速运动和向下减速运动

故选BD

9、AD

【解析】解决本题的关键是正确理解速度时间图象的物理意义：速度图象的斜率代表物体的加速度，速度图象与时间

轴围成的面积代表物体的位移，最后求出反弹的高度

【详解】由图可知，小球下落到0.5s时的速度最大，最大速度为5m/s；故A正确；由图象可知：前0.5s内物体自由

下落，后0.3s物体反弹，根据v-t图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得自由落体高度为

\=-X0.5X5/«=1.25/M；小球弹起的高度为：h=-xx0.3=0.45m,故BC错误；小球从下落到反弹到最高点所经

2223

过的路程为％+h2=1.7m,选项D正确；故选AD

【点睛】解决本题要明确v-t图象的含义：在v-t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象

的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为

负

10、AC

【解析】A.物体P受到向左的滑动摩擦力和逐渐增大的弹力，由牛顿第二定律

j.img+kx=ma

可知，物体向右做加速度逐渐增大的减速运动，故A正确；

B.物体受恒力凡大小与摩擦力的关系未知；若FW^ng,则有：

f.img+kx-F=ma

做加速度增大的减速运动；

若F>〃ng,先出现：

F-(/Jing+kx)-ma

故先做加速度向右减小的加速运动，后做加速度向左增大的减速运动；故B错误；

C.小球接触弹簧开始，先重力大于增大的弹力，做加速度减小的变加速运动，后重力等于弹力出现最大速度，再重

力小于弹力，做加速度向上增大的变减速运动；故C正确；

D.蹦极在橡皮条伸直前只受重力做自由落体运动，此后重力大于增大的弹力，做加速度减小的变加速运动，后重力

等于弹力出现最大速度，再重力小于弹力，做加速度向上增大的变减速运动；故D错误。

故选AC。

11>AD

【解析】根据平行四边形定则可知，如果力的分解唯一的，则以合力尸为邻边的平行四边形定则只有一个，或只能画

出一个三角形，根据以上分析可知，已知一个力的大小和方向或已知两个力的方向，力?的分解是唯一的，故AD正

确,BC错误

故选AD.

12、BD

【解析】A、A物体做水平方向的匀速直线运动，水平方向不受摩擦力，故A错误；

BCD、B、C物体均有相对传送带向下滑动的趋势，故均受到沿斜面向上的静摩擦力，大小等于mgsinO,故B、D正

确，C错误；

故选BD

【点睛】关键是判断两个物体间是否存在摩擦力，需要判断两个物体间的相对运动或者相对运动趋势，摩擦力方向和

相对运动或者相对运动趋势方向相反，BC两物体有向下滑动的趋势，受到沿斜面向上的静摩擦力

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）

13、①.10.0cm②.从实验数据可以得出弹簧产生的弹力与弹簧的伸长量成正比③」00.0N/m

【解析】本题主要考查弹簧弹力与伸长量的关系，根据数据表格分析并由公式F=k^x即可计算出弹簧劲度系数的大

小

【详解】（a）由数据表格可知，不挂钩码时弹簧原长为10.0cm

（b）由数据表格可知，当增加一个钩码时，弹簧伸长了1.1cm；增加两个钩码时，弹簧伸长了2.1cm；当增加三个钩码

时，弹簧伸长了3cm；当增加四个钩码时，弹簧伸长了4cm；由此可知，在误差允许范围内，弹簧产生弹力与弹簧

的伸长量成正比

,Fm.e0.4kgxlON/kg

（c）由尸=心网可知，弹簧的劲度系数为k=——=45=—~=100.0N/m

△x（x4-x0）

14、①.（1）CD②.（2）0.36③.0.13④.（3）丙

【解析】（1）实验时需要提前做的工作有两个：①平衡摩擦力，且每次改变小车质量时，不用重新平衡摩擦力，因为

f=mgsin0=umgcose,m约掉了.②让小车的质量M远远大于小桶（及祛码）的质量m.（2）根据匀变速直线运动

的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小.（3）如果没有平衡摩擦力的话，就会出现当有拉力时，物体不动的情况

【详解】（1）平衡摩擦力，假设木板倾角为。，则有：f=mgsin4nmgcos0,m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力.故

A错误.实验时应先接通电源后释放小车，故B错误.让小车的质量M远远大于小桶（及祛码）的质量，因为实际上

F=Ma=M""=-J-me

绳子的拉力m+M,m,故应该是mVVM,即m2应远小于m”故C正确.F=ma,所以：

M

11

a=一F,当F一定时，a与一成正比，故D正确.故选D

m}网

（2）打C点时小车的瞬时速度的大小为匕=酗=365+3.52）x10-加/S=036m/5；根据可以求出小

,2T0.2

XX-2

:tes+nw由4twCE-AC（3.78+3.65-3.52-3.39）xio.2n.2

车的加速度大小为a="J。=-----------------m/s2=0A3m/s2；

4T24x0.12

（3）遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况.故图线为丙

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）

15、（1）1.25m（2）J^m/s（3）上滑平均速度大

【解析】（1）对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律得

mgsin37°+/umgcos37°=ina[

根据位移速度公式得:

VQ=2axx

代入数据可得

x=1.25m

(2)根据牛顿第二定律可以知道下滑时

mgsin37°-〃/〃gcos37°=