期末物理试卷12（解析版）

九年级（上）期末物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的四个选项中

只有一个选项正确）

1.如图所示的四种情景中，所使用的杠杆属于省力杠杆的是（）

古代捣谷工具

【考点】杠杆的分类.

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大

小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆.

【解答】解：

A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

B、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D、古代捣谷工具在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆;

故选c.

2.在下列实例中，用做功的方式来改变物体内能的是（）

A.用热水袋暖手，手的温度升高

B.将冰块放入饮料中，饮料的温度降低

C.在炉子上烧水，水的温度升高

D.用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高

【考点】做功改变物体内能.

【分析】知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的

转移过程，而做功过程是能量的转化过程.

【解答】解：A、用热水袋暖手，手的温度升高，是热传递改变了物体的内能，

不符合题意；

B、将冰块放入饮料中，饮料的温度降低，是热传递改变了物体的内能，不符合

题意；

C、在炉子上烧水，水的温度升高，是通过热传递改变物体的内能，不符合题意;

D、用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高，是手对铁丝做了功，属于做功

改变物体的内能，符合题意.

故选D.

3.关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（）

A.0℃的冰没有内能

B.温度高的物体，内能一定大

C.内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体

D.物体吸收了热量，温度一定升高

【考点】温度、热量与内能的关系.

【分析】（1）内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和,

物体的温度越高，内能越大；一切物体都有内能.

（2）影响内能的因素是物体的质量、体积和温度；

（3）热传递的条件：有温度差；

（4）晶体在熔化时，吸收热量，但温度不变，内能增加.

【解答】解：A、一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，即一切物体都

有内能，故A错误；

B、影响内能的因素是物体的质量、体积和温度，由于物体的质量和体积不确定,

则温度高的内能不一定大，故B错误；

C、热传递的条件是有温度差，因此内能小的物体可以将热量传递给内能大的物

体；故C正确；

D、晶体熔化时吸热，温度不变，如冰熔化时，温度不变，但内能增加，故D错

误.

故选C.

4.如图是家庭生活用电的几种做法，其中正确的是（）

鉴别火线零线时测电笔的握法

有金属外壳的用电器使用三脚插头

同时使用多个大功率用电器

使用绝缘皮破损的导线

【考点】插座的构造与工作方式；测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因.

【分析】（1）使用测电笔时，手指不要接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属

体；

（2）有金属外壳的用电器使用三脚插头；

（3）同时使用多个大功率用电器会造成电路中电流过大；

（4）绝缘皮破损的导线容易发生触电事故.

【解答】解：A、图中使用测电笔时手指没有接触笔尾的金属体，岚管不会发光,

容易造成误判，故A错误；

B、有金属外壳的用电器使用三脚插头，这样可使外壳接地，避免因漏电而触电,

故B正确；

C、同时使用多个大功率用电器会造成电路中电流过大，容易烧坏插排，或使保

险丝熔断、或空气开关跳闸，故C错误；

D、使用绝缘皮破损的导线容易发生触电事故，故D错误.

故选B.

5.下列是小明日常生活中的物理数据，最接近实际的是（）

A.他家日光灯正常工作电流约3A

B.他人体电阻大约10Q

C.他家液晶电视机工作1小时耗电约3度

D.他把2个鸡蛋举高1米做功大约1J

【考点】电流的大小；功的计算；电阻；电功的计算.

【分析】根据普通日光灯和液晶电视机的功率、托起2个鸡蛋的力并结合做功公

式和电功率公式进行解答.

【解答】解：

A、普通日光灯的额定功率为40W,正常工作电流约为iq=^~-0.18A,故A

不符合实际；

B、一般在干燥环境中，人体电阻大约在2kC左右，故B不符合实际；

C、电视机的功率约O.lkW,正常工作3小时消耗的电能W=Pt=O.lkWX

3h=O.3kW・h=O.3度，故C不符合实际;

D、托起2个鸡蛋的力为IN,举高1米做功W=Fs=lNXlm=U,故D符合实际.

故选D.

6.关于材料的应用，下列说法正确的是（）

A.用半导体材料制成LED灯的核心元件发光二极管

B.用超导材料制作白炽灯的灯丝

C.用铜丝制作熔断器中的保险丝

D.用铜丝密绕在瓷管上制成滑动变阻器

【考点】半导体的特点；超导现象；滑动变阻器的使用；熔断器的作用及保险丝

的选择方法.

【分析】（1）二极管是由半导体材料制成的；

（2）超导体的电阻为零，电流通过时不能发热；

（3）保险丝是采用电阻率大熔点低的铅睇合金制成的；

（4）滑动变阻器是通过改变接入电路的电阻丝的长度来改变电阻的，为了更明

显的改变电阻，所以，电阻丝是用电阻率较大的合金线制成的.

【解答】解：

A、LED灯的核心元件发光二极管是由半导体材料制成的，故A正确；

B、白炽灯是利用电流的热效应工作的，超导体没有电阻，电流通过时不会产生

热量，因此不能做灯丝，故B错误；

C、保险丝采用电阻率大熔点低的铅锌合金制成，在电流过大时能自动切断电

源.铜的熔点高，在电流过大时不能自动切断电源，不能起到保险的作用，故C

错误；

D、为了更明显的改变电阻，当电阻丝长度改变相同，电阻率大的导体，电阻改

变更明显，所以，电阻丝是用电阻率较大的合金线制成的，故D错误.

故选A.

7.如图过程中.属于内能转化为机械能的是（）

酒精灯里的酒精燃烧

压缩气体点燃棉絮

。寓

内燃机的压缩冲程D.

水蒸气将软木塞冲出

【考点】能量的相互转化.

【分析】内能转化为机械能也就是利用内能来做功.明确消耗的能与得到的能可

做出判断.

【解答】解:

A.酒精灯里的酒精燃烧，是化学能转化为内能的过程，故A不符合题意；

B.压缩气体点燃棉絮，是机械能转化为内能的过程，故B不符合题意；

C.内燃机的压缩冲程，是机械能转化为内能的过程，故C不符合题意；

D.水蒸气将软木塞冲出，水蒸气对外做功，内能转化为壶盖的机械能，故D符

合题意.

故选D.

8.如图所示.是里约奥运金牌选手龙清泉成功举起杠铃的精彩瞬间，关于举重

运动中所蕴含物理知识，下列阐述正确的是（）

A.在将杠铃举过头顶保持不动时，运动员支持力做功

B.试举成功后放下杠铃的过程中，杠铃重力不做功

C.同一运动员成功举起的杠铃越重，所做的功越多

D.同一运动员举起同一杠铃用时越短，做功的功率越小

【考点】力是否做功的判断；功率大小的比较.

【分析】（1）（2）做功包括两外必要的因素，一是作用在物体上的力，二是物体

在力的方向上通过的距离；

（3）由公式W=Fs可知，功的多少与力的距离有关；

（4）功率的公式为P=更，据此可做出判断.

t

【解答】解：A、在将杠铃举过头顶保持不动时，杠铃在力的方向上没有通过距

离，所以运动员支持力不做功，故A错误；

B、试举成功后放下杠铃的过程中，杠铃在重力方向上通过了距离，因此重力做

功，故B错误；

C、由公式W=Fs可知，同一运动员成功举起的杠铃越重，力F越大，所做的功

越多，故C正确；

D、由功率的公式为P空可知，同一运动员举起同一杠铃，做功相同，用时越短,

t

做功的功率越大，故D错误.

故选C.

9.小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”.a、b为长度一样的锲铭

合金丝，b比a的横截面积大.关于此实验，下列说法正确的是（）

A.小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越大

B.利用此装置只能探究导体电阻大小和横截面积的关系

C.利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积、长度的关系

D.为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电压表

【考点】影响电阻大小的因素.

【分析】（1）在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮度

来判断，但是现象不是很明显，效果不好，为了准确比较电阻的大小，可以在电

路中串联一只电流表.

（2）因为两根电阻丝的材料一样，故运用控制变量法，可以探究导体的电阻大

小和横截面积、长度的关系.

【解答】解：A、小灯泡越亮，电路中的电流越大，表示接入的合金丝电阻越小,

故A错误；

B、利用此装置中的一根电阻丝，用夹子改变电阻丝的长度，也可以探究导体电

阻大小和长度的关系，故B错误；

C、利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积的关系，长度可以选择其中一根

导线，一次全部接入，另一次直接入其中一部分即可，正确；

D、为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表，根据电流的

大小来判断电阻的大小.故D错误.

故选C

10.在研究“导体电阻与温度关系”时，小明采用如图所示的实验电路进行探究.闭

合开关，电路中的小灯泡正常发光，电表均有示数.当小明用酒精灯对着取自废

旧日光灯的灯丝缓缓加热时，发现小灯泡会变逐渐变暗.对此，以下叙述中正确

的是（）

A.日光灯灯丝两端的电压逐渐变大了

B.电压表的示数逐渐变大了

C.通过小灯泡的电流要比通过的日光灯灯丝电流大

D.此实验说明日光灯灯丝电阻随温度的升高而减小

【考点】实际功率；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用.

【分析】两灯串联，电压表测小灯泡的电压，电流表测电路中的电流：

AB、灯的亮度取决于灯的实际功率，根据确定灯的电压变化，由串联电

R

路电压的规律确定日光灯的电压变化；

C、根据串联电路电流的规律回答；

D、根据分压原理回答.

【解答】解：AB、发现小灯泡会变逐渐变暗.则小灯泡的功率变小了，根据P=U-,

R

小灯泡的电压减小了，即电压表示数变上了，B错误；

由串联电路电压的规律，日光灯灯丝两端的电压逐渐变大了，A正确；

C、根据串联电路电流的规律，各处的电流都相等，C错误；

D、日光灯灯丝两端的电压逐渐变大了，根据分压原理，其电阻增大了，即日光

灯灯丝电阻随温度的升高而增大，D错误.

故选A.

11.市区有许多智能节水环保公厕.公厕门的插销相当于单刀双掷开关Si，当有

人进去并关上门时，“有人”指示灯亮起；手靠近水龙头时，感应开关S2闭合，

电磁阀门线圈通电使水龙头出水.门打开时“无人”指示灯亮起，同时水龙头也无

法使用.图中能实现上述功能的电路是（）

s

【考点】电路图设计.

【分析】有人进入公厕关门后开关Si闭合，“有人”指示灯亮，用水时感应开关

S2闭合，当人开门时％断开，指示灯不亮，同时水龙头也无法使用，说明指示

灯和水龙头并联，开关Si位于干路，感应开关S2位于电磁阀门线圈支路.

【解答】解：有人进入公厕关门后，开关冬闭合，“有人”指示灯亮，开关S2闭

合时水龙头出水，门开时，S]断开，“有人”灯熄灭，“无人”指示灯亮，同时水龙

头也无法使用，则两个指示灯与电磁阀门线圈并联，开关S2控制电磁阀门线圈,

Si为单刀双掷开关，分别控制“无人”指示灯与“有人”指示灯和电磁阀门线圈，故

C正确；

故选C.

12.如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在压力传感器上，压力传感器是电阻

阻值随受到压力的增大而减小的变阻器（压力不超过最大值），压力传感器、电

流表、定值电阻和电源组成一电路.压力传感器不受力时电流表示数是I（）.t=0

时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹

簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧.整个过程中，不计能量损失，电流表示数

I随时间t变化的图象如图乙所示，则下列说法正确的是（）

A.L时刻，小球动能最小

B.t2时刻，弹簧的弹性势能最小

C.t]〜t2时间内，小球的重力势能一直增大

D.L〜t3这段时间内，小球增加的动能小于弹簧减少的弹性势能

【考点】动能和势能的转化与守恒.

【分析】（1）当电流表示数为Io时，表示压力传感器不受力，也就是小球没有落

在弹簧上，小球处于上升或者下落状态.

（2）当电流表示数变大时，表示压力传感器的电阻阻值减小，表明压力传感器

受到的压力增大，说明此时小球处于下落压缩弹簧的过程；电流表示数最大时，

说明小球下落到最低点.

（3）当电流表示数变小时，表示压力传感器的电阻阻值增大，表明压力传感器

受到的压力减小，说明此时是弹簧把小球弹起的过程，小球处于上升过程.

【解答】解：（1）t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度由静止释放；

L时刻时，电流表示数为lo,表示压力传感器不受力，也就是小球没有落在弹簧

上，小球处于下落状态.此时小球的速度增大，因此动能增大.

（2）t2时刻时，电流表示数最大，表示压力传感器的电阻阻值最小，表明压力

传感器受到的压力最大，说明此时小球把弹簧压缩到最低点，弹簧的弹性形变程

度最大，弹性势能最大.

（3）t2〜t3这段时间内，电流表示数变小，表示压力传感器的电阻阻值增大，表

明压力传感器受到的压力减小，说明此时是弹簧把小球弹起的过程，弹性势能转

化成动能和重力势能，因此小球增加的动能小于弹簧减少的弹性势能.

故选D.

二、填空题（本题共10小题，每空1分，共26分）

13.我国家庭照明电路的电压为220伏：家里电视机和电冰箱之间是并联

的.

【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；家庭电路的连接.

【分析】我国照明电路的电压是220V.

家用电器的额定电压是220V,各家用电器之间并联，保证各家用电器正常工作，

并且互不影响.

【解答】解：我国家庭照明电路电压是220V.

电灯和电冰箱都是家用电器，两者之间是并联的.

故答案为：220；并.

14.小明用50N水平推力推着重为100N小车，在20s的时间内使小车在水平地

面上匀速前进了2m,此过程中重力对小车做的功是0J：在此过程中，小明

对小车做功的功率为5W.

【考点】功的计算；功率的计算.

【分析】（1）一个力要对物体做功，物体必须在这个力的方向上通过一段距离；

重力的方向竖直向下，小车在水平方向上通过了距离，而没有在竖直方向上通过

距离，所以重力对小车没有做功.

（2）已知水平推力和在推力的方向上移动的距离，根据W=Fs求出小明对小车

做的功；知道做的功和所用的时间，根据P=?求出做功的功率.

【解答】解：

（1）重力的方向竖直向下，小车在水平方向上通过了距离，而在重力的方向上

没有移动距离，所以重力对小车没有做功，即重力做功为0J.

（2）小明对小车做的功：

W=Fs=50NX2m=100J.

则小明对小车做功的功率：

p旦等j_=5w.

t20s

故答案为：0;5.

15.近年来电动汽车充电桩在我国一些城市陆续投入使用，表明新能源汽车的推

广和使用得到了快速的发展.如图是直流充电桩为电动汽车进行充电的情景（图

甲）及直流充电桩的主要技术参数（图乙）.直流充电桩给电动汽车充电时将电

能转化为化学能贮存在电动汽车的蓄电池内.车主可以选择不同的输出电压

和输出电流对汽车充电，根据该直流充电桩的技术参数，该直流充电桩充电时的

最大输出功率为6.5X1（）4w.

直滤克电枝枝泰多敷

输入电压文渡380V*15%50Hz

・出电区选择范围lit200-65OV

・出电*逸择范圈JLAS-IOOA

【考点】电功率的计算；电功的实质.

【分析】（1）蓄电池在充电时相当于用电器，将电能转化为化学能；放电时相当

于电源，将化学能转化为电能.

（2）输出功率最大时，其对应的电压和电流的值也最大.

【解答】解：（1）给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器，将电能转化为化学能

储存起来.

（2）直流充电桩的输出功率最大时，其对应的直流电压和直流电流的值也最大,

即U=650V,I=100A.

所以最大输出功率为：

P=UI=650VX100A=6.5X104W.

故答案为：化学；6.5X104.

16.我国“神舟十一号”飞船于2016年10月17日在酒泉卫星发射中心发射成

功.其搭载的长征二号F运载火箭用液态氢作为主要燃料，是因为液态氢的热

值大.2016年11月18日下午，神舟十一号载人飞船顺利返回着陆.飞船穿

越大气层返回地球过程中，在高空打开巨大的降落伞，在运动到地面附近匀速下

落时，其机械能变小（填“变大”、“变小”或“不变”）.

【考点】燃料的热值；动能和势能的大小变化.

【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大，完全燃烧相同质量的燃料时，

释放出的热量越多；

（2）动能大小的影响因素：质量、速度.重力势能大小的影响因素：质量、高

度.动能和势能之和等于机械能.

【解答】解：

（1）运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完

全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；

（2）宇宙飞船匀速下降，即其质量不变，速度不变，故其动能不变；同时其质

量不变，高度变小，故其重力势能变小，所以机械能变小.

故答案为：热值；变小.

17.如图所示，小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼（不计

绳重与摩擦），使用甲滑轮的目的是为了改变施力的方向；小明所用的拉力

F甲＞Fz；两滑轮的

机械效率n申＞n?（填

【考点】定滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较.

【分析】定滑轮可以改变用力方向；使用动滑轮可以省力；根据机械效率的概念,

做同样多的有用功，所做的额外功越多，机械效率越低.

【解答】解：图甲是定滑轮，使用定滑轮是为了改变用力的方向；

使用定滑轮不能省力，乙图为动滑轮，使用动滑轮可以省力，所以甲的拉力大于

乙的拉力；

都是将同一袋沙子从地面提到二楼，所做有用功相同，使用动滑轮要克服动滑轮

的重力做更多的额外功，所以动滑轮的机械效率更低，即乙.

故答案为：改变施力的方向；＞；＞.

18.入冬以来，各地因为不安全用电引起的火灾事故明显有上升趋势.在家庭电

路中，除了短路和过载（用电器总功率过大）会造成电流过大引发安全事故

外，线路连接处因为接触不良，也容易造成该处电阻变大,造成局部过热，

从而加速导线老化，引起火灾.

【考点】家庭电路电流过大的原因.

【分析】（1）家庭电路中电流过大的原因有两种，一是用电器短路，二是用电器

总功率过大.

（2）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通

电时间成正比.导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接

处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生

的热量越多，据此分析.

【解答】解：（1）引起家庭电路中电流过大的原因是：一是短路，二是过载，即

用电器总功率过大.这些可能造成电流过大引发安全事故；

（2）在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，

导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，由Q=I2Rt

可知，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引

起火灾.

故答案为：过载（用电器总功率过大）；电阻.

19.如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压

表时，两电阻小、R2串联,如果此时两表的示数之比U甲：U乙=5：3,则

Ri：Rk2：3；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是L：12=

2：5.

号

hT

拓0

I

1-

【考点】欧姆定律的应用.

【分析】（1）当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电

源电压，乙电压表测R?两端电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的

电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；

（2）当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2

支路的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两

支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出干路电流之比.

【解答】解：（1）当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻依次连接为串联,

甲电压表测电源电压，乙电压表测R2两端电压，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，两电阻两端的电压之比：

U]=U甲_u乙=5_3=2

U7=-Uz-3=~3'

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由1=2可得，两电阻的阻值之比：

K

力

—Ri"--T---—Ui——2.

R2U2U23'

（2）当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2

支路的电流，电流表乙测干路电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，通过两电阻的电流之比：

U

11=R[=区2=3

T7一五葛一5

可

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,

所以，两电流表的示数之比：

I甲=12=2=2

I乙11+123+25

故答案为：串；2：3；2：5.

20.物业工作人员来小向家收电费，他观察到小向家电能表的情况如图所示，然

后从记录本上查出上月电能表的示数是811.6kW-h,若按0.5元/kW・h计费，小

向家本月应缴电费60元.他家电路中最多允许接入“220V40W“电灯」Z

盏；若在4min内该表转盘匀速转动20周，则小向家正在使用的电器总功率为

120W.

叫叩||卜|

VSASOHZ

500HKW-II

【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算.

【分析】本月末电能表的示数减去上月末电能表的示数，就是这个月的耗电量，

又已知电费价格，即可求得本月应缴电费.

从电能表表盘上找到电能表的工作电压和允许通过的最大电流值，利用公式

P=UI可计算出接在该电能表上的用电器的最大功率，已知“220V40W”的灯炮

的额定功率，可计算出能接的“220V40W”灯炮的盏数.

从电能表表盘上找到消耗IkW-h的电能电能表表盘转动的圈数的参数，已知

4min内表转盘转动的圈数n,利用公式上8篇八二计算出消耗的电能，再

2500R/kw，h

利用公式p=更可计算出用电器的功率.

t

【解答】解:本月耗电931.6kW・h-811.66kW・h=120kW・h,

本月应缴电费0.5元/kW・hX120kW*h=60元.

P=UI=220VX5A=1100W,

——UOOW=27.5

40W

所以他家电路中最多允许接入“220V40W”电灯27盏.

W=-------之----=——驾——=—kW»h

2500R/kw-h2500RAwh125

■=0.12kW=120W.

故答案为:60；27；120.

21.电热水袋是冬季较为常见的一种取暖方式.如图甲所示是小明家的电热水袋:

发

热

体

A

乙

甲

热容

比

水由于

液，

合溶

的混

解质

的电

定量

和一

是水

充的

内填

水袋

电热

（1）

”）水

减弱

”或"

"增强

选填

强（

以增

质可

电解

质，

热介

的储

良好

作为

可以

大，

；

加热

将水

快地

后更

通电

能，

电性

的导

的

灯L

指示

能，

用电

的利

更好

了能

，为

所示

图乙

图如

示意

电路

袋的

热水

（2）电

加

用电

袋在

热水

多.电

”）得

或“小

“大”

（选填

大

要

的电阻

体R

发热

应比

电阻

电

全