湖南省常德市澧县重点达标名校2022年中考四模物理试题含解析

2021-2022学年中考物理模似试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）

1.拍照用的“自拍神器”给旅行者自拍带来了方便.如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以

A.增大物距，成像更大

B.增大像距，成像更大

C.增大取景范围，成像变小

D.减小取景范围，成像变小

2.如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S,电流表、电压表均有示数；若再闭合开关S”则下列说

法中正确的是

A.电压表的示数变小

B.电流表的示数变大

C.电压表的示数不变

D.电压表的示数变大

3.如图为探究“比较不同物质吸热情况”的实验装置，使用相同规格的电加热器分别对水和食用油加热，得到温度随时

间变化的图像如图所示.下列说法正确的是

A.由图像可知食用油的比热容为。油=2.8*103,1/（kg」C）

B.在两个相同的烧杯中应加入体积相同的水和食用油

C.实验中物质吸热的多少是通过升高的温度来衡量的

D.右图图像中甲对应水，乙对应食用油

4.下列现象可用光的反射原理解释的是

5.物理研究中，为了方便描述通过探究活动发现的某种规律或现象的本质，常引入一个新的物理量，以下探究活动与

引入的物理量不对应的是

A.探究质量与体积的关系一密度

B.路程、时间均不同时比较物体运动快慢——速度

C.比较水和沙两种物质吸热升温不同的特点——热量

D.研究压力作用效果——压强

6.如图所示，对于图中所述的物理过程，下列分析正确的是（）

甲乙丙丁

A.图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大

B.图乙，试管内的水蒸汽推动塞子冲出时，水蒸气的内能减少

C.图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大

D.图丁，小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作的

7.下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（）

A.用锯条锯木头，锯条温度升高B.向饮料中加冰块，饮料温度降低

C.寒冬，用热水袋暖手，手感到温暖D.盛夏，阳光曝晒路面，路面温度升高

二、填空题（本大题7小题，共21分）

8,道交法规定汽车过隧道不能超车，是因为超车过程中两车之间的空气流速增大，压强变,容易发生事故；小

张驾驶一辆汽车匀速通过隧道，汽车克服阻力做功的功率为30kW,行驶的速度为20m/s,则汽车受到的阻力为

N.汽车发动机的转速为2400r/min,则每秒做次功.

9.下面是有关生活用电的描述，请将空白处补充完整：

kw•h

1387:5：

l—lJ卜.」L」I/II=1,0，'一L■一■I

：将电冰箱的三脚插头插入三孔插座中，这样做可以让它的金属外壳与插

220V10A50HZ彳方南不显

3000RXW412000ftV!二二二二±±=

座中的（“火”、“零”或"地”）线相连，防止发生触电事故.如图所示是某家庭用的电能表及某月月初、月末的

两次读数，若按0.5元/kW・h计算，他家本月应缴纳电费元，若电能表在lOmin内转了400转，则接在该电

能表上的用电器总功率为W.

10.为了探究物体对水平面的压力改变时水平面受到压强的变化量与哪些因素有关，某小组同学将底面积不同的物体

置于同一海绵上进行实验。他们改变物体对海绵的压力，并用海绵下陷深度的变化量来反映压强的变化量。他们进行

了三组实验，记录有关数据分别如表一、表二、表三所示。通过比较，他们发现每一组海绵下陷深度的变化量相同,

而各组却不同，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小。

表一

实验压力受力面积

序号变化（牛）（厘米2）

153

2106

3159

表二

实验压力受力面积

序号变化（牛）（厘米2）

455

51010

61515

表三

实验压力受力面积

序号变化（牛）（厘米2）

756

81012

91518

①分析比较实验序号的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变化量相同时，受力面积越小，水平

面受到压强的变化量越大。

②分析比较实验序号2与7的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当受力面积相同时，。

③进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及观察到的现象，并归纳得出结论：

（a）分析比较中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论：o

（b）分析比较中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论：.

11.如图，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速下压，筒内空气温度升高，硝化棉燃烧,

筒内空气的内能改变是通过的方式实现的，该过程能量转化的特点与汽油机冲程的能量转化相同。

一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min,则Is对外做功次，若其效率为30%,消耗100g

汽油可对外做功Jo汽油机工作时，通常都用水进行冷却，这是利用了的特点。若冷却用水共为5kg,

7

则水由20℃升高到100C时吸收J热量（9«»=4.6X10J/kg）o

12.如图所示电路，灯泡Li、L2>L3分别标有“3V0.3A"、“3V0.25A"、“5V0.25A”字样（灯丝电阻恒定），a、

b间接电源.

若要求灯泡L1、L2并联，则应闭合的开关有;若a、b接入3V电压，则电流表A的

示数为A.只闭合Si时，为了使一只灯泡正常发光，另一只灯泡不烧坏，那么正常发光的灯泡是,此时a、

b间的最大电压是V,通电Imin灯泡Li产生的热量是J.

13.如图所示，桌面的面积为In?,桌面上的物体重40N,与桌面的接触面积为1dm2,该物体对桌面的压强为Pa；

现用20N的推力，将该物体由A处水平推动1m到达B处后，撤去推力。物体由于继续向前运动了0.2m,最后

掉到地面C处。在此过程中，推力对物体做功J,重力对物体做功.1.

■------Im—>1

///’飞

14.被誉为“海上丝绸之路”见证-宋代沉船“南海一号”，被成功打捞出海.“南海一号”沉没于水下20m深，受到海水

的压强为一Pa,亚洲第一吊“华天龙”缓慢吊起沉船，沉船出水前，受到的浮力一（填“变大”、“变小”或“不变”），这艘宋

代古船排水量（船满载时的总质量）为600吨，则古船在满载时受到的浮力为_叱（g=10N/kg,海水的密度为

1.03xl03kg/m3）

三、作图题（共7分）

15.在图甲中画出拉力户对支点。的力臂/.

16.重8牛的物体A静止在水平面上.在如图中用力的图示法画出物体A所受的重力G.

17.请将图中所示元件，连接成符合安全用电要求的家庭电路.

()

_____火线

——零线

加工地线

开关

三孔插座螺口灯泡

四、实验题(本大题共5小题，共20分)

18.小余和小乐按照课本要求探究并联电路中电流的关系，他们设计的电路如图所示。

(1)在连接电路的过程中，开关应该

(2)在实验中，小余试触时电流表的指针偏转情况如图所示，根据你的分析，你认为原因可能是

(3)在实验过程中他们连接了如图所示的电路闭合开关后，观察到灯L2(选填“发光”或“不发光”)：通过

分析电路连接情况，该电路存在的问题是：(写出一条即可)。

(4)请在如图上只改动一根导线，符合Li、L2并联，电流表Ai测干路电流，A2测灯L2的电流，开关控制所有用电

器。

()

(5)他们连好电路后把电流表分别接入到电路中的A、B、C处，测出它们的电流，见下表:

实验次数A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流Ic/A

10.100.120.22

他们下一步应该做的是。

A、整理器材，结束实验

B、改变电流表的量程或换电流表再测几次

C、换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值，这样做的目的是：

通过对上面数据的分析，可以得出的结论是：O

19.同学们在实验室里测某小金属块的密度，器材有天平、量筒、小金属块、细线、烧杯和水

(1)请你写出实验步骤；

(2)在调节天平时，发现指针位置如图所示，此时应将平衡螺母向调(选填“左”或“右”)

(3)用调节好的天平称小金属块的质量，天平平衡时，放在右盘中的祛码和游码的位置如图所示；量筒量出小金属块

的体积如图所示，由此可知，小金属块的密度p=kg/m\

20.小阳根据生活经验发现，物体从同一斜面上的不同高度滑下，在水平面上继续滑行的距离不等，从斜面较高处滑

下时速度大，在平面上滑行的距离远，小阳认为：物体在水平面上运动速度大时，摩擦力小，所以滑行的距离远。为

了探究物体在水平面上运动时，滑动摩擦力的大小与速度是否有关，同学们按照图所示的实验装置进行实验，其中卷

线电动机的转速稳定且速度可调o

(1)该实验中需要利用电动机使木块在木板上做运动,此时木块在水平方向上所受的摩擦力与拉力是一对,

此时二力的大小相等，如果测出了拉力的大小，也就得到了摩擦力的大小。

(2)以下是他们的部分实验步骤，请你帮他补充完整：

①用电动机拉着木块以较小的速度在木板上水平匀速运动，记录此时弹簧测力计的示数Flo

②,记录此时弹簧测力计的示数尸2。

(3)由BF2(选填：“=”或"#")，可以说明物体在水平面上运动时，滑动摩擦力的大小与速度无关。

21.在学过摩擦力知识后，小明想探究：摩擦力大小是否与压力、重力都有关系？他利用如图所示的装置进行探究实

验。实验步骤如下：

金属盒

弹簧则力计氐

尸白纸!

台式则力计\

①把金属盒放在质量不计的白纸上，读出台式测力计示数；拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

②将质量不计的氢气球系在金属盒上，读出台式测力计示数：拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

③再往金属盒注入适量的沙子，使台「实验台式测力计金属盒弹簧测力计式测力计示数与步骤①中的示数相等，拉动

白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。实验相关数据如表。

实验序号台式测力计示数F./N金属盒总重力G/N弹簧测力计示数FMQ

①4.84.81.8

②3.21.2

③4.86.41.8

(1)此实验是根据原理测出摩擦力大小的。金属盒上系氢气球是为了在金属盒总重力不变的情况下改变

请你补齐上表中空格处的数据，其值为No比较实验步骤(填序号)的数据，说明摩擦力大小与重力无关

22.为了测量某种液体的密度，小阳取适量该液体的样品进行了如下实验：

mL

=•100

言80

50g

5

g-20

01231s

V乙

(1)他将天平放在水平台面上，测量前，为调节天平横梁在水平位置平衡，他将游码置于标尺左端_____位置，调节

平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻度线上。

(2)天平调好后，小阳将盛有适量待测液体的烧杯放在天平的左盘，当右盘中所放祛码和游码在标尺上的位置如图

甲所示时，天平横梁再次在水平位置平衡，烧杯和液体的总质量是go

(3)小阳将烧杯中部分液体倒入量筒中，测量液体的体积，如图乙所示，量筒中液体体积是cm3,接下来小阳

称得烧杯和剩余液体的质量为29g»

(4根据上述实验数据，得出待测液体的密度是kg/m\

五、计算题(本大题共2小题，共13分)

23.我国第五代多功能隐身战斗机歼-20已服役，作为第五代战斗机，其中一个标准就是能超音速巡航，钓鱼岛是我

国固有领土，距我国东海岸约350km。若歼-20以7()0m/s从东海岸匀速飞到钓鱼岛。在超音速巡航时，飞机受到阻

力是1x107,求：战斗机从东海岸飞到钓鱼岛所需的时间是多少？这段时间歼-20战斗机的发动机做功多少？发动机

功率是多少？

24.中国科学家在南海试采可燃冰，并取得了圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破，可燃冰清洁无

污染，储量很大，是一种理想的新型能源。［设可燃冰的热值g=4.2X108j/kg,c水=4.2X103j/(kg・℃),求：

(1)用可燃冰烧水，100g完全燃烧放出的热量。

(2)若加热效率为45%,被水吸收的热量。

六、综合能力题(本大题共3小题，共18分)

25.为了参加全国青少年创新大赛，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪，如图所示，其中定值电阻

Ri=5Q,电源电压恒为4.5V,R2的规格为“15Q0.5A”，

电压表量程为0〜3V,电流表量程为0〜0.6A,

(2)当被测身高增加时，电压表的示数(选填“变大”、“变小”或“不变”)。

(3)当变阻器R2接入电路的阻值是6.25Q时，电流表的示数为A„

(4)为了保证电路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是o

26.阅读短文，回答问题

2018年5月21日，在嫦娥四号升空前，中继星“鹊桥”号成功发射，为即将发射的嫦娥四号的着陆器和月球车提供

地月中继通信支持.(如图甲)

2018年12月8日，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射嫦娥四号探测器，开启了中国月球探测

的新旅程.

2018年12月12日，嫦娥四号探测器到达月球附近，成功实施近月制动，被月球捕获，进入了环月轨道.

2018年12月30日，嫦娥四号探测器在环月轨道成功实施变轨控制，顺利进入预定的着陆准备轨道.

2019年1月3日，嫦娥四号探测器在月球背面实现人类首次软着陆.

2019年1月11日，嫦娥四号携带的玉兔二号月球车离开探测器，踏上月球土壤.

已知月球上无大

气、无磁场、弱重力.爱动脑筋的小强对这次的嫦娥四号探月提出了以下有关设想，你认为合理的是

A.探测器在月球表面着陆时因摩擦生热，所以必须有隔热材料保护，否则可能烧毁

B.月球土壤非常松软，所以月球车的车轮应比较宽

C.因为月球上引力比地球上要小，玉兔号登月后质量会减小

D.在卫星定位导航失效的情况下，可以采用指南针来给玉兔辨别方向如图丙所示，由A到B是探测器在地月转移阶

段完成近月制动的过程，探测器在飞行过程中通过喷气发动机进行制动减速，此时发动机应向喷气.（选填“前”

或“后”）①探测器在与地球控制室互传信息是利用.（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）

②在“嫦娥4号”之前要先发射“鹊桥”中继星的原因是.

A.月球背面光线太暗B.月球背面距离地球太远

C.月背着陆，通讯不便D.为“嫦娥4号”提供能源由于月球上的一天约相当于地球上的28天，其中约14天会

被太阳连续暴晒；接下来的约14天又是连续月夜.如果地球上正发生日食，我们的玉兔号正在经历一.（选填字母

A或者B）（A烈日暴晒、B寒冷月夜）月球车采用电动机驱动，若电动机线圈电阻是0.5Q,电动机两端电压是110V,

当电动机正常工作时，通过线圈的电流是10A,5min内电动机所做的机械功是.1.

27.阅读短文，回答问题：

贫民窟中的黑科技单靠重力工作的电灯

当我们在享受电灯带来的各种便利时，身处在发展中国家贫困地区的人们却在依靠极度危险的煤油灯进行照明。

针对发展中国家普遍用不上电的情况，2012年12月，英国伦敦设计师马丁•瑞德福和吉姆•里弗斯发明了一款实用

的“重力灯”（GravityLight）。顾名思义，它靠重力发电。在灯身上挂着的一个重物，重物下落时，它会拉动灯中心

的一根绳子，从而启动一台发电机。发电机把下落重物产生的能量为灯供电。这和手摇式发电装置的原理一样，只不

过重力灯的运动方向更垂直。这种重力灯和苹果手机一起被誉为21世纪最伟大的发明。

现在，重力灯迎来了第二代-----“重力LED灯GL02”，其亮度相当于一个12瓦的日光灯（如图1）,使用寿命可

以达到200年。"重力LED灯GL02”挂于大约2米高，通过拉几下珠绳把重物吊起，松开后，重物因重力的关系会

慢慢下降（每秒大约2mm,如图2）。以一系列的齿轮带动一个直流发电机，发电时间约为20分钟。“重力LED灯GL02”

采用了全新的保护机制，可以确保超重的物体安全地着陆地面。当沙包落到地面时，只要将沙包再提高至原来位置，

又可以继续发电。这样就能拥有绿色、不用电池、无污染、使用“零”成本、源源不断的光线。而且“重力LED灯GL02”

机身上有DC插座，还可以为收音机等设备进行供电，其他类似的装置——比如电池充电器也能用同样的方式工作。重

力LED灯的照明时间取决于安装的高度，正常情况下，安置于1.8米的高度，可以维持约20分钟的照明，当然你安装

高度的越高，维持时间越长。

是直流发电机，它的工作原理是o重力灯工作过程中主要的能量转化形式是：将能转化成

能再转化成能。重力灯的内部结构如图3所示，使用了滑轮系统，通过向下拉珠绳把重物吊起。

重力灯利用滑轮系统的目的是.LED灯是由发光二极管组成，电光转换效

率极高，具有单向导电性。当二极管两端外加正向电压时，如果正向电压很小，正向电流也几乎为零，当正向电压大

于某个值以后，二极管正向导通，电流随电压增大而迅速上升。当二极管两端外加反向电压不超过一定范围时，通过

二极管的电流几乎为零，二极管处于截止状态。外加反向电压超过某一数值时，反向电流会突然增大，这种现象称为

电击穿。因而使用时应避免二极管外加的反向电压过高。如图4所示，为一发光二极管中的电流随它两端电压变化的

曲线。

①以下判断中错误的是（）

A.当该二极管两端的正向电压为0.2V时，二极管处于导通状态

B.当该二极管两端的正向电压为0.8V时，二极管处于导通状态

C.当该二极管两端的反向电压为10V时，二极管处于截止状态

D.当该二极管两端的反向电压为50V时，二极管将会被击穿

②该二极管两端的正向电压为0.5V时的电阻（选填“大于”“等于”“小于”）正向电压为0.7V时的电

阻。如果某一次使用重力灯，将质量为20Kg的重物吊起到1.8m的高度释放，重物以2mm/s速度匀速竖直下降，整

个过程中可使10只并联的标有“3V、10mA”LED灯正常发光。则整个过程中重物的重力做功J

（g=10N/kg）；重力灯的能量转化效率为o重力灯是绿色、无污染的清洁照明工具，使用“零”成本。

但它也有不足之处，请说出使用重力灯的一点不足：,

参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）

1、C

【解析】

使用自拍杆与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大物距，根据凸透镜成像规律“物远相近像变小”，物距增大,

像变小，增大取景范围.故C正确为答案.

2、C

【解析】

由电路图可知，闭合开关S时，电路为Ri的简单电路，电流表测通过Ri的电流，电压表测电源两端的电压;

再闭合开关Si后，Ri与Rz并联，电压表仍测电源两端的电压，电流表测R支路的电流，根据电源的电压可知电压表的

示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R的电流变化。

【详解】

由电路图可知，闭合开关S时，电路为Ri的简单电路，电流表测通过Ri的电流，电压表测电源两端的电压；因电源的

电压不变，所以电压表的示数不变，故AD错误，C正确；

若再闭合开关&后，R1与R2并联，电压表仍测电源两端的电压，电流表仍测R1支路的电流，示数不变，故B错误。

故选：Co

3、A

【解析】

涉及的知识点有：使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；探究“比较不同物质

吸热情况”的实验中，注意控制变量法的使用.

【详解】

根据题意知道，使用的是相同的加热器，所以，通过加热时间的长短来比较吸热多少，故C错误；由图像知道，由20℃

升高到40C,甲加热了2分钟，乙加热了3分钟，说明吸热之比是2：3,即乙的吸热能力较强，图象中乙对应水，甲

对应食用油，故D错误；由c=2知道，在质量和升温相同情况下，比热容与吸收的热量成正比，故油的比热容是

m刎

2?

。油=§xc水=1x4.2x1031/（依？。c）=?用水梦？（℃）,故A正确；根据控制变量法知道，比较物质吸热能

力时，需要使相同质量的不同物质升高相同的温度，通过比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力

强；即要控制不同物质的质量相同，故B错误；综上所述，只有A正确，符合题意，故选A.

4、B

【解析】

A.立竿见影中的影子是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；

B.倒映在小河中的桥是平面镜成像现象，由光的反射形成，故B符合题意；

C.水面“折”枝是由于光从水中斜射入空气中时发生折射而形成的，故C不符合题意；

D.日全食是由于月球运动到太阳和地球之间，三者成一直线时，月球挡住了太阳射向地球的光线而形成的，即由光的

直线传播形成，故D不符合题意。

5、C

【解析】

A.探究质量与体积的关系时，由于同种物质的质量和体积是成正比的，其比值就是密度，故A正确；

B.为了研究物体运动的快慢，在路程、时间均不同时比较物体运动快慢，我们引入了速度的概念，故B正确；

C.为了研究不同物质的吸热能力，我们引入的是比热容的定义，故C错误，符合题意；

D.为了方便的描述压力的作用效果，我们引入了压强的定义，故D正确.

6、B

【解析】

A.图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减小，故A错误；

B.图乙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故B正确：

C.图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程)，内能转化为机械能，气缸内气体的内能减少，故C错误;

D.图丁，小蒸汽轮机利用内能转化成机械能来工作的，故D错误；

故选B。

【点睛】

⑴根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题；

⑵做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。

7、A

【解析】

A中锯木头时，是通过做功的方法改变物体内能的，故A正确；而BCD都是通过热传递的方法改变物体内能的.

二、填空题(本大题7小题，共21分)

8、变小150020

【解析】

两辆汽车在隧道内行驶时不能超车，因为并排行驶时，两车之间空气流速增大，压强变小，而两车外侧空气流速小，

压强大，在内外压强差的作用下容易发生碰撞事故；哼20m/s,

则根据P=—=—=Fv可得，汽车的牵引力尸=—="J"J"=1500N;

ttv20m/s

因为汽车在平直公路上匀速行驶，所以汽车受到的阻力：户尸=1500N；

四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min,则该飞轮每秒钟转40圈。

因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以飞轮转40圈，共20个工作循环，共做功20次。

9、地41800

【解析】

(1)电冰箱属于有金属外壳的用电器，应使用三孔插座，使与电冰箱外壳相连接的是地线，这样当金属外壳带电时,

电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生；

(2)由图知道，本月消耗的电能是：W=1469.5kW・h-1387.5kW・h=82kW・h,故本月应缴纳的电费是0.5元

/kW・hx82kW・h=41元；电能表的转盘转40()转消耗的电能是：W=^kW.h=0.13kW.h,接在该电能表上的

0.13kW.h

p==0.8kW=800W

用电器总功率是:th

10、1、4、7或2、5、8或3、6、9压力变化量越小，水平面受到压强的变化量越小表一、表二或表三当压力变化量

与受力面积的比值相等时，水平面受到的压强变化量相等表一、表二和表三当压力变化量与受力面积的比值越小时,

水平面受到的压强变化量越小。

【解析】

①研究当压力变化量相同时，压强变化量与受力面积的关系，根据控制变量法，控制压力变化相同，只改变受力面积

大小，故分析比较实验序号1、4、7或2、5、8或3、6、9的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变

化量相同时，受力面积越小，水平面受到压强的变化量越大；

②分析比较实验序号2与7的数据知，压力变化量实验序号7中较小，而受力面积相同，由已知条件，第一组下陷深

度的变化量最大，第二组其次，第三组最小，可得出的初步结论是：当受力面积相同时，压力变化量越小，水平面受

到压强的变化量越小；

③(a)分析比较中的表一或表二或表三数据，压力变化量与受力面积之比：|=y=y,即压力变化量与受力面积

之比相等，由已知条件：每一组海绵下陷深度的变化量相同，故可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值相

等时，水平面受到的压强变化量相等；

(b)分析比较表一、表二和表中的数据及观察到的现象，压力变化量与受力面积之比分别为：

2、*、即压力变化量与受力面积之比越来越小，由已知条件，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第

356

三组最小，即水平面受到的压强变化量越小。可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值越小时，水平面受到

的压强变化量越小。

11、做功压缩251.38x106水的比热容大1.68x106

【解析】

(D在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力迅速向下压活塞，看到的现象是硝化棉燃烧起来；说明对

筒内气体做功，使空气的内能增大，温度升高；该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能,

与内燃机的压缩冲程相似；

(2)已知飞轮转速为3000r/min=50r/s,一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，对外做功1次，故该汽油机1s

内对外做功25次；汽油燃烧放出的热量：Q=mq=n.1kgx4.6x1()7J/kg=4.6x106J,汽油机对外做的功为：

W=4.6X106JX30%=1.38X106J；

(3)由于水的比热容大，质量相同的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多，冷却效果好，所以，汽油机工

作时，通常都用水进行冷却；水吸收的热量：So)=4.2xlO3J/(kg«℃)x5kgx(100℃-20*0=1.68xlO6J»

12、Si、S25.5L37.537.5

【解析】

(1)若要求灯泡LnL2并联，则应闭合的开关有Si、S2;若a、b接入3V电压，则Li、L2均正常发光，则电流表

A的示数为I=L+L=5.5A.(2)若只闭合Si时，L1和L3串联，为了使一只灯泡正常发光，另一只灯泡不烧坏，则

0南3V

电路中的电流为0.25A；正常发光的灯泡是L3,灯泡Li的阻值Ri=-^=不二■=10。灯泡L3的阻值R3=

L额0-3A

q额5V

-^=——-=20Q,此时a、b间的最大电压是U=I(RI+R3)=0.25AX(10Q+20Q)=7.5V,通电Imin灯泡LI产

A额0.25A

生的热量是Q=L2Rt=(o.25A)2x10QX60S=37.5J.

13、4000惯性2032

【解析】

FG40N

因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，该物体对桌面的压强：p=—=-=---------=4000Pa；运动的

SSlxlO_2m2

物体撤去推力后，物体由于惯性继续向前运动；由题意可知，推力尸=20N,在推力作用下物体移动的距离s=lm,

则推力对物体做的功W=尸付=20Nxlm=20J；重力对物体做功=G/i=40NX0.8m=32Jo

14、2.06x105j不变；6xl06

【解析】

试题分析：“南海一号”受到海水的压强为：p=pgh=l.03x103kg/m3x10N/kgx20m=2.06x105Pa；沉船没出水面前，船排

开水的体积不变，由阿基米德原理可知，沉船受到的浮力不变；故船在满载时受到的浮力：F^Gxm排

g=600xl伊kgx10N/kg=6x106N.

【考点定位】液体的压强；阿基米德原理

三、作图题(共7分)

【解析】

沿力F做力的作用线，从支点。向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂.如图所示:

点睛：力臂是从支点到力的作用线的距离.先确定支点O,再做出力的作用线，从支点O向F的作用线引垂线，垂线

段的长度即为力臂.

16、略

【解析】

画出大小表示4N的标度，然后过物体重心作竖直向下、大小为8N的重力，如图所示:

【解析】

由图可知，上面三根线分别为火线、零线、地线；

三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；

灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断

火线，接触灯泡不会发生触电事故.如图所示：

火线

三孔插座蛭口灯泡

四、实验题(本大题共5小题，共20分)

18、断开电流表正负接线柱接反了不发光Az、L2被短路C得出普

遍性的规律并联电路中干路电流等于各支路电流之和

【解析】

(1)为保护电路，在连接电路的过程中，开关要断开；

(2)小余试触时电流表的指针偏转情况如图所示，即电流表指针偏向表盘左侧，说明电流表的正负接线柱接反了;

(3)灯L2与A2串联后与导线并联，故观察到灯L2不发光；即该电路存在的问题是：A2、L2被短路；

(4)Li、L2并联，电流表Ai测干路电流，Ai接在干路上，Az测灯L?的电流，A?与灯L?串联，开关控制所有用电器,

开关接在干路上，注意电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，如下所示；

(5)为避免实验现象的偶然性，得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次测量，所以，下一步应该做的是C；

由实验数据可知，并联电路中干路电流等于各支路电流之和。

19、见解析左7.8x103

【解析】

根据题中“同学们在实验室里测某小金属块的密度，器材有天平、量筒、小金属块、细线、烧杯和水”可知，本题考

查密度的测量。根据实验原理夕=:,选择器材，设计实验步骤，完成实验；

【详解】

(1)实验步骤：

①把天平放在水平桌面上，把游码归零，调节横梁平衡；

②将小金属块放在左盘中，测出质量，〃；

③在量筒中倒入适量-的水并记下水的体积V1；

④将小金属块用细线系好后慢慢地浸没于量筒的水中并记下总的体积V2；

(2)在调节天平时，发现指针位置如图所示，偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向左调节。

(3)物体的质量«i=20g+10g+5g+4g=39g；物体的体积V=V2-Vi=30mL-25mL=5mL=5cm3；

rn

根据夕弋可得，小金属块的密度

p=—=^-=7.8g/cm3=7.8xl03kg/m\

V5cm

20、匀速直线平衡力用电动机拉着木块以较大的速度在木板上水平匀速运动=

【解析】

(1)因为只有木块做匀速直线运动时，摩擦力和拉力才是一对平衡力，它们的大小才会相等，因此，实验中需要利用

电动机使木块在木板上做匀速直线运动；

(2)①用电动机拉着木块以较小的速度在木板上水平匀速运动，记录此时弹簧测力计的示数Fv,

②用电动机拉着木块以较大的速度在木板上水平匀速运动，记录此时弹簧测力计的示数户2；

(3)由Fx=Fi,可以说明物体在水平面上运动时，滑动摩擦力的大小与速度无关。

21、二力平衡压力4.8①③

【解析】

(1)在实验中拉动白纸运动时，金属盒始终处于静止状态，根据二力平衡条件，金属盒受到的摩擦力与拉力是一对平

衡力，所以拉力与摩擦力的大小相等；实验步骤②使用氢气球，由于氢气球向上拉金属盒，所以金属盒对白纸的压力

变小，但其本身的重力不变；

(2)第二次实验中，氢气球系在金属盒上，保持了总重力不变，而改变了压力大小，来探究摩擦力与压力大小的关系。

所以第2次实验，金属盒的总重力仍为4.8N；

(3)由表中①③实验数据可知，物体的重力不同而摩擦力相等，由此可知，摩擦力与重力无关。

22、零刻度线69500.8x103

【解析】

(1)将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻线处，调节平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻

度线上；

(2)天平平衡时物体的质量等于祛码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；杯子及杯内液体的总质量：50g+10g+5g+4g

=69g；

(3)如图乙所示，量筒中液体的体积为50cm3；

(4)量筒内液体的质量：m=69g-29g=40g,

液体的密度为：P=千=芸?=0Sg/cm3=0.8x103kg/m3.

五、计算题(本大题共2小题，共13分)

lo7

23、(1)500s；(2)3.5xlOJ；(3)7xl0Wo

【解析】

(1)s=350km=3.5xl05m,战斗机从东海岸飞到钓鱼岛所需的时间：/=上=2型包=500s；

v700m/s

(2)由于战斗机是匀速飞行，战斗机受到的牵引力/和阻力/是一对平衡力，大小相等，

F=^=1X105N,发动机做功：W=Fs=lxlO5Nx3.5xlO5m=3.5xlOloJ；

,w35xl0'°J

(3)发动机功率：P=—==7xlO7W»

t500s

答:(D战斗机从东海岸飞到钓鱼岛所需的时间是500s；

(2)这段时间歼-20战斗机的发动机做功3.5xlOloJ；

(3)发动机功率是7x107W。

24、(1)4.2X107J；(2)1.89X107J

【解析】

(1)“可燃冰”完全燃烧放出的热量：

J87

est=W^=100xl0kgx4.2xl0J/kg=4.2xl0J；

(2)被水吸收的热量：

Q吸=45%。放=45%x4.2xl07J/kg=1.89xl07J

六、综合能力题(本大题共3小题，共18分)

25、保护电路，避免R2阻值为零时发生短路变大2.5V4。〜10。

【解析】

(1)当滑动变阻器滑片滑到最底端时，滑动变阻器会短路，故R可以防止整个电路发生短路而烧坏电流表，故拈的

作用为保护电路;

(2)当被测身高增加时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可知电路中电流减小，Ki两端的电压减小，由串

联电路的电压规律可知电压表示数变大;

(3)电路中总电阻:

R=R2+RI=5Q+6.25Q=11.25。，

由欧姆定律可得电路中电流:

U4.5V

1=—=-------=0.4A；

R11.25。

(4)由题意知，电流表量程为。〜0.6A,而用的限制电流为0.5A,故电路中电流不得超过0.5A；则由欧姆定律可得,

电路的总电阻:

u4.5V

Ri=-=-----=9。；

L0.5A

则此时滑动变阻器接入电阻为:

〃o=9Q-5fl=4。；

电压表量程为0〜3V,故滑动变阻器两端的电压不得超过"=3V,则当滑动变阻器两端的电压为3V时，拈两端的电

压为:

l7i=4.5V-3V=1.5V；

则由欧姆定律可得：电路中电流为:

51.5V

则滑动变阻器的阻值