广东2020-2021学年高一物理第一学期期末调研模拟测试题（含答案）

广东省高一物理2020-2021学年第一学期期末调研模拟测试题人教A版（2019）

一、单选题

1.下列说法正确的是（）

A.静止或匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用

B.伽利略通过“理想斜面实验”得到了“力不是维持物体运动的原因”的结论

C.牛顿第一定律可以用实验直接验证

D.物体静止时有惯性，一开始运动，不再保持原有的运动状态，也就失去了惯性

2.B,C三物体从同一地点同时出发做直线运动，它们的位移-时间图象如图所示。

在。〜20s内，它们的平均速度五、豆、区和平均速率力、可、口的关系正确的是（）

o20tk

A.以=%=%B.vA>vB>vc

V，=V=

C.v\>v'B>v'cABV，C

3.如图所示，直线a和曲线6分别是在平直公路上行驶的汽车a和6的位移一时间（x

—t）图线，由图可知（）

A.在时刻弓，a车追上6车

B.在时刻弓，a、6两车运动方向相同

C.在4到弓这段时间内，6车的速率先减小后增加

D.在4到L这段时间内，6车的速率一直比a车的大

4.如图所示，把一个方木块放在固定的斜面上，则下列有关说法中正确的是（）

A.木块所受重力的垂直于斜面向下的分力和斜面对木块的支持力是一对作用力和反作

用力

B.木块对斜面的压力和斜面对木块的支持力是一对平衡力

C.木块对斜面的摩擦力和地面对斜面的摩擦力是一对作用力和反作用力

D.不论木块沿斜面怎样运动，地面对斜面的支持力和斜面对地面的压力始终是一对作

用力和反作用力

5.一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即EB和摩擦力的作用，木块

处于静止状态，如图所示，其中K=10N,鸟=2N若撤去则木块受到的摩擦力为（）

A.10N,方向向左B.6N,方向向右

C.2N,方向向右D.0

6.关于物体的运动状态和所受外力的关系，下列说法中正确的是（）

A.物体受到一个不为零的合外力作用时，它一定做变速运动

B.物体受到一个不为零恒定的合外力作用时，它的运动状态可能不变

C.物体受到的合外力为零时，它一定处于静止状态

D.物体受到的合外力方向一定与物体的运动方向相同

7.如图所示，在小车中的悬线上挂一个小球，小车做匀变速直线运动时，悬线将与竖

直方向成某一固定角度，若在小车底板上还有一个跟其相对静止的物体勿，则关于小

车的运动情况和物体力的受力情况，以下分析正确的是（）

A.小车一定向右做加速运动

B.小车一定向左做加速运动

C.物体勿受到向左的摩擦力作用

D.物体勿受到向右的摩擦力作用

二、多选题

8.一物体做匀加速直线运动，经过时间t,它的速度由H变为%经过的位移为s,

下列说法中正确的是（）

A.这段时间内它的平均速度为万=：

B.经过:时，它的瞬时速度为丫=为爰

C.运动前1•位移所用时间为尤

D.经过泊，它的瞬时速度为什

9.如图所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力厂作用下，一起向上做匀速直线运动,

则关于两物体受力情况的说法正确的是（）

A.物体M一定受到4个力

B.物体N一定受到3个力

C.物体M与墙之间可能有摩擦力

D.物体M与N之间一定有摩擦力

10.两个完全相同的小球在挡板作用下静止在倾角为8的光滑斜面上。图甲中的挡板

竖直，图乙中的挡板垂直斜面，已知小球质量均为加，重力加速度大小为g。下列说法

正确的是（）

A.两小球对斜面的压力大小相等

B.图甲中小球对挡板的压力大小为侬tan6

C.图乙中小球对挡板的压力大小为侬tan6

D.两小球均受重力斜面的弹力、挡板的弹力作用

11.如图所示，斜面静止在水平地面上，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为加

且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为6的斜面C匀速下滑，则以下

说法正确的是（）

A.地面对斜面的静摩擦力方向一定水平向左

B.B对A的作用力大小一定为加g,方向为竖直向下

C.A受到斜面的滑动摩擦力大小一定为2mgsin0

D.A与B间的动摩擦因数一定为〃=tan。

12.如图甲所示，足够长的倾斜传送带与水平面间的夹角为。，在传送带上某位置轻轻

放置一个质量为勿的小滑块，小滑块的速度随时间变化关系如图乙所示，％、均已知，

则（）

甲乙

A.传送带的速度可能大于4

B.必后小滑块受到的摩擦力为以sin6

C.传送带一定沿顺时针转动

D.小滑块与传送带间的动摩擦因数可能为(一一7-tan。)

三、实验题

13.某同学用如图甲所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计力挂

于固定点P,下端用细线挂一重物加，弹簧测力计8的一端用细线系于0点，手持另一

端向左拉，使结点0静止在某位置。分别读出弹簧测力计力和8的示数，图乙为4的

示数。在贴于竖直木板的白纸上记录0点的位置和拉线的方向。

(1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N,弹簧测力计/的拉力为N：

⑵下列的实验要求中不必要的是；

A.细线应稍微长一些，以便力的方向画的更准确

B.应测量重物的所受的重力

C.细线47与80之间的夹角应大于90。

D.改变拉力的大小与方向，进行多次实验，每次都要使0点静止在同一位置

(3)图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示，下列说法正确的是o

A.图中的厂是力K和用合力的理论值

B.图中的F是力耳和巴合力的理论值

C.尸是力耳和死合力的实际测量值

D.本实验方法为理想实验法

14.如图甲所示为“探究加速度与力、质量的关系”实验所用的装置。在小车质量末

知的情况下，某同学设计了一种方法用来探究在外力一定的条件下，物体的加速度与

质量间的关系。

(1)实验步骤：

A.平衡小车所受的阻力，不挂钩码，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点

计时器打出一系列分布均匀的点；

B.按住小车，挂上钩码，在小车中放入硅码；

C.先释放小车，再接通打点计时器电源，获得点迹清晰的纸带，在纸带上标明小车中

硅码的质量加；

D.按住小车，改变小车中忌码的质量，重复步骤C;

E.选纸带上点迹清晰的部分每5个间隔标注一个计数点，测量位移，求出与不同加相

对应的加速度a;

F,以小车中破码的质量勿为横轴，，为纵轴，在坐标纸上作出‘一勿关系图像。

aa

⑵完成下列填空：

①实验步骤中操作错误的是步骤,正确操作是

②经正确操作后，某次实验中测得的纸带如图乙所示，则测量计数点C相对A的位移

时，刻度尺的读数为cm;

lipi|llll|llll|lTT

8/9

.4BC/E

•••/••

单位：cm

乙

③4B、D、£点对应的位移分别为0、3.90cm、14.70cm、21.60cm,所接电源频率为

50Hz,则小车加速度K（计算结果保留两位有效数字）；

④图丙为所得实验图线的示意图，设图中直线的斜率为A,在纵轴上截距为6,若牛顿

第二定律成立，则小车受到的拉力为，小车的质量为O

四、解答题

15.“斑马线前礼让行人”已成为一种常态。有一天，小王开车上班，以72km/h的速

度在一条平直公路上行驶，快要到一个有斑马线路口的时候，小王看到一位行人以

1.5m/s的速度正要从彳点走斑马线过马路，如图所示。经过0.5s的思考，小王立即刹

车(不计小王做出决定到脚踩制动器所需的反应时间)，礼让行人。汽车匀减速运动4s

刚好在斑马线前停下。设每个车道宽度为3m。求：

(1)汽车刹车时的加速度;

⑵小王看到行人时汽车离斑马线的距离;

⑶若小王看到行人时不加思考立即刹车，并在3s后做匀速运动，请通过运算判断小

王是否违章驾驶。(刹车的加速度与之前相同，不违章是指当行人到达8点时汽车车头

没有越过停车线)。

iiiiiiiim

车让人

16.如图所示，水平地面上质量加=lkg的小滑块(视为质点)，在与水平方向成8=37的

恒力R=1()N作用下，以％=2m/s的初速度开始沿水平面运动，f=2s后，撤去恒力尸。滑

块与水平面之间的动摩擦因数为〃=0.5,g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8。求：

(1)小滑块在水平面运动的最大速度片的大小？

⑵小滑块在水平面上运动的最大位移X.的大小？

17.用水平力厂将木块压在竖直墙上，如图所示。已知木块重合6N,木块与墙壁之间

的动摩擦因数为〃=g,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：

(1)当E=24N时，木块受到的摩擦力为多大？

(2)当6=12N时，木块受到的摩擦力为多大？

⑶若力厂方向改为斜向上与竖直方向夹角为a=37°,如图中虚线所示，要使木块保

持静止，尸的大小应为多少？(sin37°=0.6,cos37°=0.8)

18.如图所示为货场使用的传送带模型，传送带倾斜放置，与水平面的夹角为6=37°,

传送带48足够长，皮带轮以大小为iz=2m/s的恒定速率顺时针转动，一包货物以ub-12m/s

的初速度从/端滑上倾斜传送带。若货物与传送带之间的动摩擦因数〃=0.5,且可将

货物视为质点,^=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。

(1)求货物刚滑上传送带时的加速度；

⑵经过多长时间货物的速度和传送带的速度相同？此时货物沿传送带上滑的位移为

多少？

⑶从货物滑上传送带开始计时，到货物再次滑回4端共用了多少时间？

B

%V

19.如图甲所示，滑块与长木板叠放在光滑水平面上，开始时均处于静止状态。作用

于滑块的水平力厂随时间右的变化图像如图乙所示，长2.0s时撤去力尸，最终滑块与

木板间无相对运动。已知滑块质量片2kg,木板质量除1kg,滑块与木板间的动摩擦因

数〃=0.2,g取10m/s2。(已知滑块在2.0s内没有滑离木板)求：

(1)在。〜0.5s内，滑块和长木板之间的摩擦力大小？

⑵在2.0s时，滑块和长木板的速度分别是多少？

⑶在2.0s内，滑块在长木板上滑行的距离。

F/N

16—r

甲乙

参考答案

1.B

A.静止或匀速直线运动的物体，处于平衡状态，可能不受力，也可

能受外力作用，且受到的外力合力为零，故A错误；

B.伽利略通过“理想斜面实验”得到了“力不是维持物体运动的原

因”的结论，故B正确；

C.牛顿第一运动定律的条件是物体不受任何外力，这在我们的现实

生活中是不可能的，故牛顿第一定律不可以用实验直接验证，故C错

、口

沃；

D.物体的惯性只与质量有关，与运动与否、运动速度大小无关，故

D错误。

2.A

由于A、B、C三物体同时同地出发，即初位置相同，位置坐标均为零；

从图中看出20s末三物体的位置坐标均为s。，所以3物体的位移相同：

x=x0-0=x0

根据平均速度的定义可知物体的平均速度相同。由图可知，A做往返

运动，为B与C都做单向直线运动，所以B与C的路程相等，A的路

程大于B与C的路程，B与C的路程相等，由平均速率的定义可知，

B与C的平均速率相等，小于A的平均速率。故BCD错误，A正确。

3.C

AB.在x—t图像中，切线的斜率表示速度的大小，在时刻3斜率

不相等，a车朝正方向运动，而6车向负方向运动，两车运动方向不

相同，所以。车与a车在与时刻相遇，而不是a车追上6车，故AB

错误；

C.在右到右这段时间内，。车图像的斜率先减小后增大，所以6车

的速率先减小后增大，故C正确；

D.从图像可以看出，右到右时间内某个时刻。车图像的斜率平行于

a车的图像的斜率，所以6车的速率不是一直比a车大，故D错误。

故选C。

4.D

A.木块所受重力的垂直于斜面向下的分力和斜面对木块的支持力，

两者是不同性质的力，所以不是一对作用力和反作用力，故A错误;

B.木块对斜面的压力和斜面对木块的支持力是一对作用力和反作用

力，故B错误；

C.木块对斜面的摩擦力和地面对斜面的摩擦力作用在同一个物体上,

不是一对作用力和反作用力，故C错误；

D.地面对斜面的支持力和斜面对地面的压力是一对作用力和反作用

力，与运动状态无关，故D正确。

5.C

木块开始时在水平方向受三个力而平衡，所受的静摩擦力为

/=6一6=10N—2N=8N

物体处于静止状态，则说明物体受到的最大静摩擦力大于等于8N;

撤去耳后，由于K=2N,小于8N,故物体仍能处于平衡，故合力一

定是0,摩擦力为2N,方向向右。

故选C。

6.A

根据牛顿第一定律可知，物体所受合外力为。时，物体将保持静止或

匀速直线运动；物体所受合外力不为。时，运动状态一定发生改变，

即做变速运动，合力的方向可能与速度方向相同。故A正确，BCD错

、口

7天o

7.D

根据悬线偏离的方向，所以小球受到的合力水平向右，即加速度向右，

所以小车可能向右加速或向左减速；物体勿与车相对静止，其受到的

合力也向右，所以受到的静摩擦力向右。

8.ABD

A.由平均速度公式得，这段时间内它的平均速度为"=A正确；

B.中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，所以经过1•时,

它的瞬时速度为丫=^^产，B正确;

D.由匀变速直线运动的推论得，经过"时，它的瞬时速度为楞尹,

D正确；

C.运动前|■位移所用时间为

C错误;

9.ABD

A.物体M一定受到4个力作用，分别受恒力尸、重力、N对M的压力、

N对M的静摩擦力，故A正确；

B.物体N一定受到3个力作用，分别受重力、M对N的支持力、M对

N的静摩擦力作用，故B正确；

C.对M、N整体，物体M与墙之间没有摩擦力，故C错误；

D.物体M与N之间一定有摩擦力，故D正确。

10.BD

对图甲中小球进行受力分析，受到重力、斜面的弹力、挡板的弹力,

受力分析如图所示，有

FNI=mgtan3

对图甲中小球进行受力分析，受到重力、斜面的弹力、挡板的弹力,

受力分析如图所示，有

&3=mgsin0

FN2=mgcos0

所以AC错误，BD正确。

11.BC

A.因两物体沿斜面C匀速下滑，与静止等效，可知地面对斜面没有

静摩擦力的作用，故A错误；

B.隔离物体B进行受力分析可知，B受到竖直向下的重力和A对B

的作用力，在这两个力的作用下处于平衡状态，故两个力等大反向，

故A对B的作用力大小一定为侬，方向竖直向上。根据牛顿第三定

律可知，B对A的作用力大力、一定为加g,方向竖直向下，故B正确；

C.将AB视为整体进行受力分析，由平衡知识，沿斜面方向

f=2mgsin0

则A受到斜面的滑动摩擦力大小一定为2〃zgsin(9,故C正确；

D.由于A、B之间为静摩擦力，无法确定摩擦因数，故D错误。

故选BCo

12.BD

AC.由题图乙可知，滑块先做初速度为零的匀加速直线运动，在％后

以速度％做匀速直线运动，由此可知

mgsin6<jumgcos6

如果传送带沿逆时针方向转动，滑块放在传送带上后受到的滑动摩擦

力沿传送带向下，滑块先做匀加速直线运动，当滑块速度与传送带速

度相等时，滑块做勺速直线运动，则传送带的速度-=%；如果传送带

沿顺时针方向转动，滑块刚放在传送带上时受到的滑动摩擦力沿斜面

向上，滑块向上做匀加速直线运动，当滑块速度与传送带速度相等时

滑块做匀速直线运动，传送带速度v=%；由以上分析可知，传送带既

可能沿顺时针方向也可能沿逆时针方向转动，传送带速度不会大于%,

故AC错误；

B.由题图乙可知，后滑块做匀速直线运动，处于平衡状态，由平

衡条件可知

f-mgsin0

故B正确；

D.由题图乙可知，滑块做匀加速直线运动时的加速度

如果传送带沿逆时针方向转动，由牛顿第二定律得

mgsin0+/Limgcos0=ma

解得

〃=———------tan0

g%cos(9

故D正确。

13.3.80CDBC

(1)弹簧测力计读数，每1N被分成10格，则1格就等于0.1N,图指

针落在3N到4N的第8格处，所以读数为3.80N。

(2)A.细线应尽可能长一些，能更加准确的记录力的方向，故A正

确；

B.实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则“，因

此重物的重力必须要知道，故B正确；

C.细线47与80之间的夹角适当大一点，不一定需要大于90,故C

错误；

D.当结点0位置确定时，弹簧测力计片的示数也确定，由于重物的

重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计8的大小与方

向也一定，所以不需要改变拉力多次实验。故D错误；

故选CDo

⑶ABC.£与£的合力的实际值测量值等于下面悬挂重物的重力大小

方向，与重力方向相反；而理论值是通过平行四边形定则得到的值。

所以厂是后和£的合力的实际值，F'是石和6的合力的测量值，故

A错误，BC正确。

D.该实验采用了“等效替代”的原理，即合力与分力的关系是等效

的，故D错误。

14.C;先接通打点计时电源，后释放小车，获得点迹清晰的纸

带，在纸带上标明小车中祛码的质量加；8.79cm;1.Om/s2;

£2.

⑵①c；根据打点计时器的使用规则，应先接通电源，后释放小车;

②根据图形可知C点的读数为8.79cm；

③根据逐差法有

x-x_(21.60-8.79-8.79)xlQ-2

CEAC=1.0m/s2

4T2—-4x0.12

④设小车本身的质量为“则有

片(曲而a

11M

---m-\---

aFF

根据题意有

得F

根据题意有

得M=：

K

15.

(1)汽车的初速度%=20m/s,根据速度公式得

tz=—=5m/s2

(2)小王看到行人后，先匀速后减速，有

s=%%+技，=50m

⑶行人达到B点时，所用的时间为

=4s

v

汽车刹车3s后的速度为

匕=%-at2=5m/s

则汽车在行人到达B点时，所走的距离为

s'=%；匕,2+匕（4—2）=42.5m

此时汽车还未到停车线，所以汽车没有违章。

16.

(1)在力/作用下物体受力分析如图示，建立直角坐标系9

在x轴上

工一/=呼

F*=Feos37

在y轴上

N、+Fy=mg

Fy=Fsin37

代入数值解得

2

a}=6m/s

在

，=2s

物体速度达到最大%,发生的位移为当

%=%+卬

1,

^=vot+-a,r

代入数值解得

vm=14m/s

玉=16m

(2)撤去尸，物体在水平面上以L为初速做匀减速运动直至停止，设

加速度大小为电，物体受力分析如下图，则

于2=叽

N2-mg

由牛顿第二定律有

f2=ma2

设物体在水平面上以%为初速做匀减速运动直至停止滑行位移为马,

则

代入数值解得

x2=19.6m

小滑块在水平面上运动的最大位移为

xm=%+々=35.6m

17.

解：（1）当£=24N时，木块的最大静摩擦力

出=8N>G

故物体静止不动，根据平衡条件可得木块受到的摩擦力为

<=G=6N；

(2)当玛=12N时，木块的最大静摩擦力

九=〃K=4N<G

故物体将要下滑，木块受到的摩擦力为

人=〃玛=4N；

⑶物体刚好不上滑时，如图1,根据平衡条件得

不cos37。=〃耳sin37。+G

解得

6'=10N

物体刚好不下滑，如图2,根据平衡条件得

6'cos370+“'sin37°=G

解得

K'=6N

故厂的范围为6NW/W10N。

18.

⑴设货物刚滑上传送带时加速度为a,货物受力如图所示

根据牛顿第二定律得

沿传送带方向

mgsin8+Fkma、

垂直传送带方向

mgcosO-Fn

又

FLnFN

联立以上代入数据解得

a=1Om/s2

方向沿传送带向下。

⑵货物速度从功减至传送带速度/所用时间设为匕,位移设为必,

则有

v-v2-12

t.=-----0-=-------S=1s

'-q-10

V+Vr

%n=7m

⑶当货物速度与传送带速度相等时，由于

mgsin0'>fjmgcoz6

此后货物所受摩擦力沿传送带向上，设货物加速度大小为段,则有

mgsin6-/JmgcosO-ma2