高考物理二轮复习 选择题31分强化练（一）-人教版高三物理试题

选择题31分强化练(一)一、单项选择题(本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意．)1．物理学中用到大量的科学研究方法，在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这是物理学中常用的微元法．如图所示的四个实验中，哪一个采用了微元法()【导学号：25702090】A．探究求合力的方法B．探究弹性势能的表达式的实验中，为计算弹簧弹力所做的功C．探究加速度与力、质量的关系D．利用库仑扭秤测定静电力常数B[在求两个力的合力时，如果一个力的作用效果与两个力的作用效果相同，这个力就是那两个力的合力，运用的是等效法，故A错误；在探究弹性势能的表达式过程中，把拉伸弹簧的过程分成很多小段，在每小段内认为弹簧的弹力是恒力，然后把每小段做功的代数和相加，运用的是微元法，故B正确；在探究牛顿第二定律的过程中，控制物体的质量不变，研究物体的加速度与力的关系，运用的是控制变量法，故C错误；利用库仑扭秤测定静电力常数用的是放大法，不是微元法的思想，故D错误．]2．为研究太阳系内行星的运动，需要知道太阳的质量，已知地球半径为R，地球质量为m，太阳与地球中心间距为r，地球表面的重力加速度为g，地球绕太阳公转的周期为T.则太阳的质量为()A.eq\f(4π2r3,T2R2g) B.eq\f(T2R2g,4π2mr3)C.eq\f(4π2mgr2,T2r3) D．eq\f(4π2mr3,T2R2g)D[由万有引力定律和动力学知识得：eq\f(GMm,r2)＝meq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,T)))2r，根据地球表面的万有引力等于重力得：对地球表面物体m′有eq\f(Gmm′,R2)＝m′g，两式联立得：M＝eq\f(4π2mr3,T2R2g)，D正确．]3．如图1所示，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑．小球被轻质细线系住放在斜面上．细线另一端跨过定滑轮，用力拉细线使小球沿斜面缓慢移动一段距离，斜面体始终静止．移动过程中()图1A．细线对小球的拉力变大B．斜面对小球的支持力变大C．斜面对地面的压力变大D．地面对斜面的摩擦力变大A[如图，根据矢量三角形可知：当小球沿斜面缓慢向上移动一段距离时，β减小，绳子拉力增大，斜面对小球支持力减小；根据牛顿第三定律，小球对斜面体压力减小，将该力沿水平方向和竖直方向分解可知：两个方向的力都减小，所以地面对斜面的支持力和摩擦力都减小．综上所述，A正确．]4．如图2所示，窗子上、下沿间的高度H＝1.6m，墙的厚度d＝0.4m，某人在离墙壁距离L＝1.4m、距窗子上沿h＝0.2m处的P点，将可视为质点的小物件以v的速度水平抛出，小物件直接穿过窗口并落在水平地面上，取g＝10m/s2.则v的取值范围是()图2A．v>7m/s B．v<2.3m/sC．3m/s<v<7m/s D．2.3m/s<v<3m/sC[小物体做平抛运动，恰好擦着窗子上沿右侧穿过时v最大．此时有L＝vmaxt，h＝eq\f(1,2)gt2，代入数据解得vmax＝7m/s，恰好擦着窗口下沿左侧时速度v最小，则有L＋d＝vmint′，H＋h＝eq\f(1,2)gt′2，代入数据解得vmin＝3m/s，故v的取值范围是3m/s<v<7m/s，C正确．]5．如图3所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，C为电容器，L为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关S后，若增大照射光强度，则()图3A．电压表的示数增大B．小灯泡的功率减小C．电容器上的电荷量增加D．两表示数变化量的比值|eq\f(ΔU,ΔI)|增大A[当照射光强度增大时，光敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，总电流增大，定值电阻R1两端的电压增大，小灯泡的功率增大，故选项A正确，选项B错误；根据闭合电路欧姆定律可知电容器两端的电压减小，故所带电荷量减少，故选项C错误；对定值电阻而言，|eq\f(ΔU,ΔI)|也就等于其阻值，故选项D错误．]二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．)6．如图4所示用力F拉A、B、C三个物体在光滑水平面上运动，现在中间的B物体上加一块橡皮泥，它和中间的物体一起运动，且原拉力F不变，那么加上物体以后，两段绳的拉力Ta和Tb的变化情况是()图4A．Ta增大 B．Tb增大C．Ta减小 D．Tb减小AD[设最左边的物体质量为m，最右边的物体质量为m′，整体质量为M，整体的加速度a＝eq\f(F,M)，对最左边的物体分析，Tb＝ma＝eq\f(mF,M)，对最右边的物体分析，有F－Ta＝m′a，解得Ta＝F－eq\f(m′F,M).在中间物体上加上一个小物体，则整体质量M增大，因为m、m′不变，所以Tb减小，Ta增大，A、D正确．]7．如图5所示，真空中有一竖直向上的匀强电场，其场强大小为E，电场中的A、B两点固定着两个等量异号点电荷＋Q、－Q，A、B两点的连线水平，O为其连线的中点，c、d是两点电荷连线垂直平分线上的两点，Oc＝Od，a、b两点在两点电荷的连线上，且与c、d两点的连线恰好形成一个菱形，则下列说法中正确的是()图5A．a、b两点的电场强度Ea>EbB．c、d两点的电势φd>φcC．将质子从a点移到c点的过程中，电场力对质子做负功D．质子从O点移到b点时电势能减小BD[由等量异种电荷产生电场特点可知，ab两点的场强相同，当再与匀强电场叠加时，两点的场强依然相同，故A错误；等量异种电荷产生电场的特点是连线的中垂线上的电势为零；当再叠加匀强电场时，d点的电势大于c点的电势，故B正确；据场强的叠加可知，a到c的区域场强方向大体斜向上偏右，所以将质子从a点移到c点的过程中，电场力对质子做正功，故C错误；据场强的叠加可知，O到b区域场强方向大体斜向上偏右，当质子从左到右移动时，电场力做正功，电势能减小，故D正确．]8．如图6所示，竖直向下的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，上面放一个质量为m的带负电的小球，小球与弹簧不连接．现将小球向下压到某位置后由静止释放，若小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力和电场力对小球做功的大小分别为W1和W2，小球离开弹簧时速度为v，不计空气阻力，则上述过程中()【导学号：25702091】图6A．带电小球和弹簧组成的系统机械能守恒B．带电小球电势能减小W2C．弹簧弹性势能最大值为W1＋eq\f(1,2)mv2－W2D．弹簧弹性势能减少量为W2＋W1BC[小球运动过程中有电场力做功，故带电小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，选项A错误；小球向上运动过程中，电场力对小球做了W2的正功，根据功能关系可知，小球的电势能减少了W2，选项B正确；对于小球在上述过程中，由动能定理可知W2＋W弹－W1＝eq\f(1,2)mv2，故弹簧弹性势能的最大值为W弹＝W1＋eq\f(1,2)mv2－W2，选项C正确，D错误．]9．如图7所示，两根光滑、足够长的平行金属导轨固定在水平面上．滑动变阻器接入电路的电阻值为R(最大阻值足够大)，导轨的宽度L＝0.5m，空间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度的大小B＝1T．内阻r＝1Ω的金属杆在F＝5N的水平恒力作用下由静止开始运动．经过一段时间后，金属杆的速度达到最大速度vm，不计导轨电阻，则有()图7A．R越小，vm越大B．金属杆的最大速度大于或等于20m/sC．金属杆达到最大速度之前，恒力F所做的功等于电路中消耗的电能D．金属杆达到最大速度后，金属杆中电荷沿杆长度方向定向移动的平均速率ve与恒力F成正比BD[当导体棒达到最大速度时满足F＝F安，则F＝Beq\f(BLvm,r＋R)L，解得vm＝eq\f(Fr＋R,B2L2)，可知R越大，vm越大，选项A错误；金属杆的最大速度vm＝eq\f(Fr＋R,B2L2)＝eq\f(5×1＋R,12×0.52)＝20(1＋R)m/s，则金属杆的最大速度大于或等于2