高考物理二轮复习 选择题提速练（三）（含解析）-人教版高三物理试题

选择题提速练(三)一、单项选择题1．下列关于物理学思想方法的叙述错误的是()A．探究加速度与力、质量关系的实验中运用了控制变量法B．加速度a＝eq\f(F,m)、磁感应强度B＝eq\f(F,IL)的定义都运用了比值法C．光滑的水平地面、轻质弹簧等运用了理想化模型法D．平均速度、合力、有效值等概念的建立运用了等效替代法解析：选B在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法，故A正确；加速度定义为速度变化量与所用时间的比值即a＝eq\f(Δv,Δt)，a＝eq\f(F,m)是加速度的决定式，课本明确给出磁感应强度定义式为B＝eq\f(F,IL)，属于比值定义法，故B错误；光滑水平面和轻质弹簧实际并不存在，是理想化模型，故C正确；平均速度、合力、有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想，故D正确。2．如图所示为某同学设计的高压输电模拟电路，升压变压器T1的原、副线圈匝数比n1∶n2＝1∶k，降压变压器T2的原、副线圈匝数比n3∶n4＝k∶1，电阻r＝3Ω。升压变压器原线圈输入电压为16V的正弦交流电，降压变压器副线圈接额定电压为15V、额定功率为45W的用电器。两个变压器可视为理想变压器，要使用电器正常工作，则()A．k＝eq\f(3,2) B.k＝3C．k＝4 D．k＝9解析：选B用电器的电流为I4＝eq\f(45,15)A＝3A，则输电线上的电流：I3＝eq\f(3,k)A；降压变压器输入电压U3＝kU4＝15kV；因升压变压器的输出电压U2＝16kV，根据欧姆定律，有U2＝I3r＋U3，即16kV＝eq\f(3,k)×3V＋15kV，解得k＝3，故选B。3.重型自卸车利用液压装置使车厢缓慢倾斜到一定角度，车厢上的石块就会自动滑下，以下说法正确的是()A．在石块下滑前后自卸车与石块整体的重心位置不变B．自卸车车厢倾角越大，石块与车厢的动摩擦因数越小C．自卸车车厢倾角变大，车厢与石块间的正压力减小D．石块开始下滑时，受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力解析：选C物体重心的位置跟形状还有质量分布有关，石块下滑前后，质量分布变化，形状变化，所以重心改变，故A错误；动摩擦因数是物体本身的属性，只与物体本身有关，与有没有相对运动，以及有没有正压力无关，故B错误；石块处于平衡状态，则有：mgsinθ＝f，FN＝mgcosθ，自卸车车厢倾角增大时，车厢与石块间的摩擦力增大，车厢与石块间的正压力FN逐渐减小，C正确；石块滑动后的摩擦力是滑动摩擦力，小于最大静摩擦力，也小于重力沿斜面方向的分力，故D错误。4.如图所示为一螺距较大、有弹性的通电螺线管的磁场截面分布图，虚线为螺线管的中轴线(与某一磁感线重合)，ab为用绝缘细线悬挂的位于螺线管的正上方的通电直导线，其电流方向由a到b，电流很小，不影响螺线管磁场。下列说法正确的是()A．P、Q两点的磁感应强度相同B．直导线ab通电后，a端垂直纸面向外转动C．断开螺线管的电源后，螺线管有沿水平方向向内收缩的趋势D．将不计重力的电子沿中轴线射入螺线管，电子将做匀速直线运动解析：选DP、Q两点的磁感应强度大小相同，方向不相同，选项A错误；直导线ab通电后，由左手定则可知，a端受安培力向里，则a端垂直纸面向里转动，选项B错误；螺线管通电时，各匝之间为同向电流，相互吸引，则断开螺线管的电源后，螺线管有沿水平方向向外扩张的趋势，选项C错误；长螺线管内部的磁场可认为是匀强磁场，将不计重力的电子沿中轴线射入螺线管，电子运动的方向与磁感线平行，不受洛伦兹力作用，则电子将做匀速直线运动，选项D正确。5.汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～50s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示，下列说法中正确的是()A．汽车行驶的最大速度为20m/sB．汽车在40～50s内的速度方向和0～10s内的速度方向相反C．汽车在50s末的速度为零D．在0～50s内汽车行驶的总位移为900m解析：选A由题图可知，汽车先做匀加速运动，10s后速度为v＝at1＝20m/s，在10～40s内做匀速运动，在40～50s内做匀减速运动，所以最大速度为20m/s，故A正确；50s末速度为v′＝v－a′t2＝20m/s－10m/s＝10m/s，所以汽车一直沿直线向一个方向运动，速度方向相同，故B、C错误；匀加速运动的位移为：x1＝eq\f(vt1,2)＝eq\f(20,2)×10m＝100m，匀速运动的位移为：x2＝vt3＝20×30m＝600m，匀减速运动的位移为：x3＝eq\f(v＋v′,2)t2＝eq\f(20＋10,2)×10m＝150m，所以总位移为x＝x1＋x2＋x3＝850m，故D错误。二、多项选择题6.如图所示，一有限范围的匀强磁场，宽为d，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里。一个边长为L的正方形导线框，总电阻为R，在拉力作用下，以速度v向右匀速地通过该磁场区域。若d＞L，则在线框通过磁场的过程中，下述说法正确的是()A．感应电流方向先逆时针后顺时针B．感应电流的大小为eq\f(BLd,R)C．线框中产生的热量为eq\f(2B2L3v,R)D．拉力做的总功为eq\f(B2L2vd,R)解析：选AC在线框进入磁场过程中，穿过线框的磁通量增大，由楞次定律可得，感应电流的方向为逆时针，在线框出磁场过程中，穿过线框磁通量减小，由楞次定律可得，感应电流的方向为顺时针，故A正确；在线框进磁场和出磁场过程中有电流产生，电流为I＝eq\f(E,R)＝eq\f(BLv,R)，产生的热量Q＝I2Rt＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(BLv,R)))2Req\f(2L,v)＝eq\f(2B2L3v,R)，故C正确，B错误；由能量守恒可知，拉力所做的功就等于克服安培力所做的功，克服安培力所做的功又等于回路中产生的焦耳热，故D错误。7.我国的“天链一号”卫星是地球同步卫星，可为中低轨道卫星提供数据通信。如图所示为“天链一号”卫星a、赤道平面内的低轨道卫星b、地球的位置关系示意图，O为地心，卫星a的轨道半径是b的4倍。已知卫星a、b绕地球同向运行，卫星a的周期为T，下列说法正确的是()A．卫星a、b的速度之比为2∶1B．卫星b的周期为eq\f(T,8)C．卫星a的质量是b的2倍D．卫星a、b的向心加速度之比为1∶16解析：选BD设卫星a、b的轨道半径分别为r1和r2。根据Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，得v＝eq\r(\f(GM,r))，卫星a、b的速度之比为1∶2，故A错误。根据Geq\f(Mm,r2)＝mreq\f(4π2,T2)得，T＝eq\r(\f(4π2r3,GM))，因为r1＝4r2，则得卫星b星的周期为eq\f(T,8)，故B正确。根据题中条件不能确定卫星a、b的质量关系，故C错误。根据Geq\f(Mm,r2)＝ma，得a＝eq\f(GM,r2)，可知卫星a、b的向心加速度之比为1∶16，故D正确。8.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段。下列判断正确的是()A．x1处电场强度最大B．x2～x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动解析：选BC根据电势能与电势的关系：Ep＝qφ，场强与电势的关系：E＝eq\f(Δφ,Δx)，得E＝eq\f(1,q)·eq\f(ΔEp,Δx)，由数学知识可知Ep­x图像切线的斜率等于eq\f(ΔEp,Δx)，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A错误。由题图看出在0～x1段图像切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动。x1～x2段图像切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动。x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故B正确，D错误。根据电势能与电势的关系：Ep＝qφ，粒子带负电，q＜0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3，故C正确。9.如图所示，绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q(可视为质点)固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上。现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷。在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是()A．小球P的速度一定先增大后减小B．小球P的机械能一定在减少C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能一定增加解析：选AD小球P先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时，小球静止，故A正确。小球P除了重力和弹力做功之外还有库仑斥力做功，开始弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的机械能增大；随弹力的增大，二