2023临沂莒南一模物理答案

未知驱动探索，专注成就专业临沂莒南一模物理答案题目一第一题的题目为：一个质量为200克的物体从5米高的位置自由下落，求其下落过程中的动能损失。解答如下：根据物理学中的能量守恒定律，物体在自由下落的过程中，其势能会转化为动能。在这个题目中，物体从5米高的位置自由下落，根据公式Ep=mgh由于物体自由下落，没有外力对其做功，所以动能守恒，其动能等于势能。因此，物体下落过程中的动能损失为0焦耳。题目二第二题的题目为：两个质点A和B质量分别为0.2kg和0.3kg，初速度分别为3m/s和-2m/s，发生完全弹性碰撞后，A的速度为2m/s，求B的速度。解答如下：根据完全弹性碰撞的条件，两个物体发生碰撞后，动能守恒，即总动能保持不变。设A的速度为vA1，B的速度为vB1，A碰撞后的速度为根据动能守恒，我们可以得到以下方程：$\\frac{1}{2}\\timesm_A\\times{v_{A1}}^2+\\frac{1}{2}\\timesm_B\\times{v_{B1}}^2=\\frac{1}{2}\\timesm_A\\times{v_{A2}}^2+\\frac{1}{2}\\timesm_B\\times{v_{B2}}^2$代入已知的数据，我们可以得到以下方程：$\\frac{1}{2}\\times0.2\\times{3}^2+\\frac{1}{2}\\times0.3\\times{(-2)}^2=\\frac{1}{2}\\times0.2\\times{2}^2+\\frac{1}{2}\\times0.3\\times{v_{B2}}^2$化简方程，我们可以得到：$0.3=0.2+\\frac{1}{2}\\times0.3\\times{v_{B2}}^2$解上述方程，我们可以得到：$\\frac{1}{2}\\times0.3\\times{v_{B2}}^2=0.1$${v_{B2}}^2=\\frac{0.1}{0.3}$$v_{B2}=\\sqrt{\\frac{0.1}{0.3}}$$v_{B2}=\\sqrt{\\frac{1}{3}}$所以，B的速度为$\\sqrt{\\frac{1}{3}}$m/s。题目三第三题的题目为：一根长为2m，质量为3kg的均匀细杆，绕过距离其中一端0.5m处的固定轴作纯滚动下山，求其到达下山高度时的动能。解答如下：在这个题目中，细杆绕轴作纯滚动下山，可以将其分解为它的转动和平动两个部分。设细杆下山高度为h，转动部分的动能为Er，平动部分的动能为Ep，则动能总和为对于转动部分，可以利用转动动能的公式$E_r=\\frac{1}{2}I\\omega^2$。由于细杆在纯滚动下山，其转动角速度$\\omega$可以通过其线速度v和固定轴到转动中心的距离r计算得出，即$\\omega=\\frac{v}{r}$。因此，$E_r=\\frac{1}{2}I\\left(\\frac{v}{r}\\right)^2$。对于平动部分，由于细杆作纯滚动下山，其速度v可以通过其角速度$\\omega$和距离轴的距离r计算得出，即$v=\\omegar$。代入已知的数据，我们可以得到$v=\\frac{v}{r}\\timesr$，即$v=\\omegar$。因此，平动部分的动能$E_p=\\frac{1}{2}mv^2=\\frac{1}{2}m(\\omegar)^2=\\frac{1}{2}m(\\frac{v}{r}r)^2=\\frac{1}{2}mv^2$。由于细杆为均匀细杆，其转动惯量I可以通过$I=\\frac{1}{3}mL^2$计算得出，其中m为质量，L为长度。代入已知的数据，我们可以得到$I=\\frac{1}{3}\\times3\\times(2)^2=4$。细杆的线速度v可以通过$v=\\sqrt{2gh}$计算得出，其中g为重力加速度。代入已知的数据，我们可以得到$v=\\sqrt{2\\times9.8\\timesh}$。代入上述公式，我们可以得到$E_r=\\frac{1}{2}\\times4\\times\\left(\\frac{\\sqrt{2\\times9.8\\timesh}}{0.5}\\right)^2=16\\times19.6h=313.6h$。$E_p=\\frac{1}{2}\\times3\\times\\left(\\sqrt{2\\times9.8\\timesh}\\right)^2=3\\times19.6h=58.8h$。所以，细杆到达下山高度时的动能为E=总结本文档根据给定的标题提供了2023临沂莒南