（统考版）高考数学二轮复习 46分大题保分练2（含解析）（文）-人教版高三数学试题

46分大题保分练(二)(建议用时：40分钟)17．(12分)(2020·武汉模拟)若等比数列{an}的前n项和为Sn，满足a4－a1＝S3，a5－a1＝15.(1)求数列{an}的首项a1和公比q；(2)若an＞n＋100，求n的取值范围．[解](1)∵a4－a1＝S3，a5－a1＝15.显然公比q≠1，∴eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a1q3－1＝\f(a11－q3,1－q),a1q4－1＝15))，解得q＝2，a1＝1，(2)由(1)可得an＝2n－1，∵an＞n＋100，即2n－1＞n＋100，解得n≥8.18．(12分)某公司为了预测下月产品销售情况，找出了近7个月的产品销售量y(单位：万件)的统计表：月份代码t1234567销售量y(万件)y1y2y3y4y5y6y7但其中数据污损不清，经查证eq\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))yi＝9.32，eq\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))tiyi＝40.17，eq\r(\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))yi－\x\to(y)2)＝0.55.(1)请用相关系数说明销售量y与月份代码t有很强的线性相关关系；(2)求y关于t的回归方程(系数精确到0.01)；(3)公司经营期间的广告宣传费xi＝eq\r(ti)(单位：万元)(i＝1,2，…，7)，每件产品的销售价为10元，预测第8个月的毛利润能否突破15万元，请说明理由．(毛利润等于销售金额减去广告宣传费)参考公式及数据：eq\r(7)≈2.646，eq\r(2)＝1.414，相关系数r＝eq\f(\o(∑,\s\up14(n),\s\do10(i＝1))ti－\x\to(t)yi－\x\to(y),\r(\o(∑,\s\up14(n),\s\do10(i＝1))ti－\x\to(t)2\o(∑,\s\up14(n),\s\do10(i＝1))yi－\x\to(y)2))，当|r|＞0.75时认为两个变量有很强的线性相关关系，回归方程eq\o(y,\s\up14(^))＝eq\o(b,\s\up14(^))t＋eq\o(a,\s\up14(^))中斜率和截距的最小二乘估计公式分别为eq\o(b,\s\up14(^))＝eq\f(\o(∑,\s\up14(n),\s\do10(i＝1))ti－\x\to(t)yi－\x\to(y),\o(∑,\s\up14(n),\s\do10(i＝1))ti－\x\to(t)2)，eq\o(a,\s\up14(^))＝eq\x\to(y)－eq\o(b,\s\up14(^))eq\x\to(t).[解](1)由统计表中的数据和附注中的参考数据得eq\x\to(t)＝4，eq\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))(ti－eq\x\to(t))2＝28，eq\r(\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))yi－\x\to(y)2)＝0.55，则eq\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))(ti－eq\x\to(t))(yi－eq\x\to(y))＝eq\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))tiyi－eq\x\to(t)eq\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))yi＝40.17－4×9.32＝2.89，∴r＝eq\f(2.89,2\r(7)×0.55)≈eq\f(2.89,2×2.646×0.55)≈0.99，因为0.99＞0.75，所以销售量y与月份代码t有很强的线性相关关系．(2)由eq\x\to(y)＝eq\f(9.32,7)≈1.331及(1)得eq\o(b,\s\up14(^))＝eq\f(\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))ti－\x\to(t)yi－\x\to(y),\o(∑,\s\up14(7),\s\do10(i＝1))ti－\x\to(t)2)＝eq\f(2.89,28)≈0.103.eq\o(a,\s\up14(^))＝eq\x\to(y)－eq\o(b,\s\up14(^))eq\x\to(t)≈1.331－0.103×4≈0.92，所以y关于t的回归方程为eq\o(y,\s\up14(^))＝0.10t＋0.92.(3)当t＝8时，代入回归方程得eq\o(y,\s\up14(^))＝0.10×8＋0.92＝1.72(万件)，第8个月的毛利润为z＝10×1.72－eq\r(8)≈17.2－2×1.414＝14.372(万元)．由14.372＜15，预测第8个月的毛利润不能突破15万元．19．(12分)如图，在多面体ABCDEF中，平面ADEF⊥平面ABCD，四边形ADEF为正方形，四边形ABCD为梯形，且AD∥BC，∠BAD＝90°，AB＝AD＝eq\f(1,2)BC．(1)求证：AD∥平面BCEF.(2)求证：BD⊥平面CDE.[证明](1)因为四边形ADEF为正方形，所以AD∥EF，由于EF⊂平面BCEF，AD⊄平面BCEF，所以AD∥平面BCEF.(2)因为四边形ADEF为正方形，所以DE⊥AD，因为平面ADEF⊥平面ABCD，平面ADEF∩平面ABCD＝AD．所以DE⊥平面ABCD，所以DE⊥BD．取BC中点N，连接DN.由BN∥AD，BN＝AD，∠BAD＝90°，可得四边形ABND为正方形．所以DN＝AB，所以DN＝eq\f(1,2)BC，所以BD⊥CD．因为CD∩DE＝D，所以BD⊥平面CDE.选考题：共10分．请考生在第22、23题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分．22．(10分)[选修4－4：坐标系与参数方程]在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(x＝2＋\r(3)cosα,y＝\r(3)sinα))(α为参数)，直线l的方程为y＝kx.以坐标原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系．(1)求曲线C的极坐标方程；(2)曲线C与直线l交于A，B两点，若|OA|＋|OB|＝2eq\r(3)，求k的值．[解](1)由eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(x＝2＋\r(3)cosα，,y＝\r(3)sinα))(α为参数)，消去参数得其普通方程为x2－4x＋y2＋1＝0，由eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(x＝ρcosθ，,y＝ρsinθ，))得曲线C的极坐标方程为ρ2－4ρcosθ＋1＝0.(2)设直线l的极坐标方程为θ＝θ1eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ρ∈R，θ1∈\b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(π,2)))∪\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2)，π))))，其中θ1为直线l的倾斜角，代入曲线C得ρ2－4ρcosθ1＋1＝0.设A，B所对应的极径分别为ρ1，ρ2，所以Δ＝16cos2θ1－4＞0，ρ1＋ρ2＝4cosθ1，ρ1ρ2＝1＞0，因为|OA|＋|OB|＝|ρ1|＋|ρ2|＝|ρ1＋ρ2|＝2eq\r(3)，所以cosθ1＝±eq\f(\r(3),2)，满足Δ＞0，所以θ1＝eq\f(π,6)或eq\f(5π,6)，即l的倾斜角为eq\f(π,6)或eq\f(5π,6)，则k＝tanθ1＝eq\f(\r(3),3)或－eq\f(\r(3),3).23．(10分)[选修4－5：不等式选讲]已知函数f(x)＝|x－4a|＋|x|，a∈R(1)若不等式f(x)≥a2对∀x∈R恒成立，求实数a的取值范围；(2)设实数m为(1)中a的最大值，若实数x，y，z满足4x＋2y＋z＝m，求(x＋y)2＋y2＋z2的最小值．[解](1)因为f(x)＝|x－4a|＋|x|≥|x－4a－x|＝4|所以a2≤4|a|，解得－4≤a≤4.故实数a的取值范围为[－4,4]．(2)由(1)知，m＝4，即4x＋2y＋z＝4.根据柯西不等式(x＋y)2＋y2＋z2＝eq\