上海市闵行区2018年中考物理一模试卷(解析版)

2018年上海市闵行区中考物理一模试卷一、选择题（共20分）1．（3分）如图所示的装置中，利用大气压强工作的是（）A．吸尘器B．拦河大坝C．船闸D．锥子2．（3分）下列用电器正常工作时电流最接近0.05安的是（）A．空调 B．洗衣机 C．电视机 D．节能灯3．（3分）小敏为了研究电阻与导体长度的关系，她应选取的电阻丝是（）①长0.8米、横截面1毫米2锰铜丝②长1.0米、横截面1毫米2镍铬丝③长1.2米、横截面1毫米2镍铬丝④长1.0米、横截面2毫米2锰铜丝。A．②③ B．①③ C．②④ D．①④4．（3分）以下事例中属于增大压强的是（）A．书包背带较宽 B．滑雪板底板较宽C．刀刃做得很薄 D．推土机履带很宽5．（3分）如图所示的电路，闭合电键S，下列判断中正确的是（）A．两灯串联连接且电流表测L1的电流B．两灯并联连接且电流表测干路电流C．两灯并联连接且电流表测L1的电流D．两灯并联连接且电流表测L2的电流6．（3分）将电阻R1与100欧的电阻并联后，它们的总电阻小于10欧。下列判断中正确的是（）A．R1一定小于10欧 B．R1可能大于10欧C．R1一定大于10欧 D．R1不可能为10欧7．（3分）形状相同、大小不同的甲、乙两个长方体长分别为a和b，如图所示，则下列判断中正确的是（）A．若两长方体质量相同，则ρ甲：ρ乙=a：bB．若两长方体质量相同，则C．若两长方体材料相同，则m甲：m乙=a：bD．若两长方体材料相同，则8．（3分）在水平地面上放置两个完全相同的圆柱形容器A、B，分别装入一定量水后，再将两个质量相同、体积不同的小球分别放入水中。当小球静止时，两容器内水面恰好相平，如图所示，关于两容器内水的质量mA、mB和放入小球后两容器对地面的压强pA、pB，下列判断中正确的是（）A．mA＞mBpA=pB B．mA＞mBpA＞pB C．mA=mBpA=pB D．mA=mBpA＞pB9．（3分）将两个阻值不等的电阻R1和R2按如图（甲）、（乙）所示的方式接入电路中。已知电源电压相同，R1小于R2，则下列判断中正确的是（）A．电压表V1的示数等于V2的示数B．电流表A1的示数小于A2的示数C．电压表V1与电流表A1的比值等于电压表V2与电流表A2的比值D．电压表V1与电流表A1的比值大于电压表V2与电流表A2的比值10．（3分）如图所示，由三块材质相同、大小不同的长方体拼成的正方体B放置在水平地面上，在B上方中央再放置一边长较大的正方体A．若将B中间的长方体抽掉后，正方体A对B压强的变化量为△P1，地面所受压强的变化量为△P2，则关于△P1与△P2的大小关系，下列判断中正确的是（）A．△P1一定大于△P2 B．△P1一定等于△P2C．△P1可能大于△P2 D．△P1一定小于△P2二、填空题（每空1分，共26分）11．（3分）某空调铭牌上标有“220V2000W”字样，它的额定功率为，正常工作2小时消耗的电能是度，消耗的电能可用表来测量。12．（2分）如图所示，工人师傅装修房屋时，用灌水的透明长塑料管检查两个窗台是否在同一水平面，这是利用原理。若把塑料管的一端提高0.1米，待水静止后，管内水面的高度差为米。13．（3分）某导体两端加上4.5伏电压后，通过它的电流为0.5安，则该导体的电阻为欧。其中0.5安所表示的物理意义是：每秒通过导体横截面的电荷量为。若该导体两端的电压增大1.5伏，它的电阻为欧。14．（3分）可燃冰有极强的燃烧力，1米3的可燃冰在常温常压下可释放164米3的天然气和产生0.8米3的淡水。已知可燃冰的密度为0.9克/厘米3，合千克/米3，则1.8千克的可燃冰体积为米3，常温常压下可产生质量为千克的淡水。15．（3分）如图所示，将边长为0.1米的正方体物块A用细线悬挂着浸没于水中后，容器内水深变为0.2米，此时物块A受到的浮力大小为牛，方向。已知物块A上下两个表面中，一个表面受到水的压力为14.7牛，则另一个表面受到水的压力是4.9牛（选填“可能”或“一定”）16．（3分）如图所示，甲、乙两个相同的圆台形容器以不同的方式放在水平桌面上，容器内装有深度相同、密度不同的A、B液体，两液体对容器底部的压力相同。则两液体对容器底部压强pApB，两液体密度ρAρB，两容器对桌面的压力F甲F乙．（均选填“＞”、“=”或“＜”）17．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。电路中存在断路故障，且故障只可能发生在电阻R1、R2处，当电键S由断开到闭合时：（1）如果电压表V的示数变大，则故障可能是。（2）如果电流表A与A1的示数始终相等，则故障可能是。18．（3分）光敏电阻对光照强度十分敏感，它在强光照射下的电阻称为亮电阻，在黑暗环境下的电阻称为暗电阻，两种阻值差异可达1000倍以上，某兴趣小组为了研究光照强度对光敏电阻阻值的影响，他们把一光敏电阻R1与定值电阻R2（R2=1千欧）串联后接在6伏的电源上，电路如图（a）所示，闭合电键，当该光敏电阻处于不同环境下，电压表指针分别位于如图（b）、（c）所示的位置。请根据上述内容，回答下列问题。（1）根据图（a）、（b）、（c）所示信息及相关条件，可得出初步结论：光照强度越强，光敏电阻的阻值越（选填“大”或“小”），依据是。（2）关于对光敏电阻的讨论，下列说法中正确的是。A．亮电阻与暗电阻的差异越大，光敏电阻的性能越好B．如果暗电阻接近于零，说明该光敏电阻已损坏C．将光敏电阻与灯串联后接入照明电路可实现白天熄灭、夜间发光D．将光敏电阻与灯并联后接入照明电路可实现白天熄灭、夜间发光。三、作图题19．（2分）重为20牛的物体，放在水平地面上，请在图中画出物体对水平地面压力F的示意图。20．（2分）如图所示，将一小球用细线悬挂起来后浸没在水中，此时小球受到的浮力为4牛，细线上的拉力为2牛。请在图中用力的图示法画出物体所受的重力。21．（2分）如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，要求当滑片P向右移动时灯L变亮且电路连接正确。四、计算题（共26分）22．（4分）某重为9.8牛的物体漂浮在水面上。求：物体排开水的体积。23．（6分）甲、乙两个家用电热器接入如图所示的家庭电路中，当两电键都闭合时，干路中的电流为4.5安，通过甲用电器的电流为0.3安。求：（1）通过乙电热器的电流；（2）甲电热器在10秒内电流做的功。24．（8分）如图所示，某薄壁柱形容器中装有质量为2千克的水，放在水平地面上，容器的质量为1千克，底面积为0.01米2．求：（1）容器内水的体积；（2）容器对桌面的压强；（3）若把一个实心均匀的小球放入水中，小球浸没并且沉底，水没有溢出。如果水对容器底部压强与容器对地面压强的比值在放入小球前后保持不变，求小球的密度。25．（8分）如图所示的电路中，电源电压为18伏保持不变，电阻R1阻值为10欧。滑动变阻器R2上标有“50Ω1A”字样，电压表接“0～15V”量程。（1）闭合电键，将滑片P移到某一位置时，电流大小为0.5安。求电路中的总功率和电压表的示数；（2）若用电阻R3来替换R1，不改变电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下。要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R3的阻值。五、实验题（共20分）26．（4分）在“用电压表测电压”实验中，连接电路时，电键应处于状态（选填“闭合”或“断开”），电压表应与被测物体联连接（选填“串”或“并”），且电压表的接线柱靠近电源正极一侧。能与电源两端直接相连的是（选填“电压表”或“电流表”）27．（4分）如图所示的仪器名称为，当它浸入液体的体积越多，说明该液体的。意大利科学家首先测出大气压强的值。某地区的等高线如图所示，在该地区同一时刻，A位置的大气压B位置的大气压（选填“＞”、“=”或“＜”）28．（5分）小闵在做“伏安法测电阻”实验中，所用电源电压为6伏、待测电阻Rx、标有“20欧1安”字样的滑动变阻器、电压表、电流表各一个（其表盘如图所示），电键及导线若干，所有器材均完好。他先将除电压表以外的元件串联连接，再将电压表选择合适的量程并联接入电路中。他把变阻器滑片从一端移到另一端的过程中，读出电流表示数的变化范围为0.14安～0.26安。当他移动滑片至电流表指针位于如图（甲）所示位置时，观察到某电表的指针偏离零刻度线的角度为另一电表的两倍。（1）请画出小闵连接的电路图；（2）请完成将表格填空。物理量实验序号Ux（伏）Ix（安）电阻Rx（欧）10.14230.2629．（3分）某小组同学发现在物体浸入液体过程中，液体密度ρ、物体浸入液体体积V液及溢出液体体积V溢都会对液体压强变化量△P液产生影响。为了研究柱形容器中液体对容器底部压强增加量△P液与ρ、V浸、V溢的关系，他们用底面积相同但溢水口高度不同的若干柱形容器、体积为0.017米3的物体、密度为ρ1、ρ2的液体及DIS压强传感器等器材进行实验。他们先在一个容器中装入密度为ρ1的液体，并将该物体慢慢浸入，过程如图所示，测得的实验数据记录在表一中。接着他们在三个不同的容器中装入体积不同、密度为ρ2的液体，再将该物体分别浸入，测得的实验数据记录在表二中。（ρ1＜ρ2）表一液体密度实验序号V浸（米3）V溢（米3）P液（帕）P110.0110.001784020.0120.002784030.0140.0047840表二液体密度实验序号V浸（米3）V溢（米3）P液（帕）P240.0080.002588050.0100.002784060.0120.0029800（1）分析比较实验序号1、2与3中的△P液和V浸、V溢的数据及相关条件，可得出的结论是：当物体浸入同种液体中，时，同一柱形容器内液体对容器底部压强变化量△P液是相同的。（2）分析比较实验序号4、5与6中的△P液和V浸、V溢的数据及相关条件，可得出的结论是：当物体浸入同种液体中时，。（3）将该物体浸没在密度为ρ2的液体中，溢出0.002米3的液体，则△P液为帕。

2018年上海市闵行区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共20分）1．（3分）如图所示的装置中，利用大气压强工作的是（）A．吸尘器B．拦河大坝C．船闸D．锥子【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。【解答】解：A、吸尘器工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，利用了大气压。故A符合题意；B、拦河大坝是利用液体的压强随深度的增加而增加的原理，与大气压无关，故B不符合题意；C、船闸是一个上端开口、底部连通的容器，属于连通器的应用，与大气压无关，故C不符合题意；D、锥子是利用减小受力面积增大压强的原理，与大气压无关，故D不符合题意。故选：A。2．（3分）下列用电器正常工作时电流最接近0.05安的是（）A．空调 B．洗衣机 C．电视机 D．节能灯【分析】家用电器的额定电压都是220V，根据我们对用电器电功率的了解和电功率的公式P=UI，分别算出这四个用电器的电流，就可以选出正确的答案。【解答】解：家用电器电压均为220V；A、空调的额定功率在1000W左右，正常工作时的电流在I==≈4.5A．故A不符合题意；B、洗衣机一般功率为400W，正常工作的电流在I==≈1.8A．故B不符合题意；C、电视机一般功率为100W，正常工作的电流在I==≈0.45A．故C不符合题意；D、节能的功率约10W左右，正常工作的电流在I==≈0.05A．故D符合题意。故选：D。3．（3分）小敏为了研究电阻与导体长度的关系，她应选取的电阻丝是（）①长0.8米、横截面1毫米2锰铜丝②长1.0米、横截面1毫米2镍铬丝③长1.2米、横截面1毫米2镍铬丝④长1.0米、横截面2毫米2锰铜丝。A．②③ B．①③ C．②④ D．①④【分析】导体的电阻与导体的长度、横截面积、材料和温度有关；在材料和温度相同时，长度越长、横截面积越小电阻越大；当研究电阻与其中一个因素的关系时，应控制其它的因素不变。【解答】解：若想探究导体的电阻与导体的长度是否有关，应选择材料、横截面积和温度相同，但长度不同的电阻丝进行试验，故选②、③两组器材进行试验，故A正确。故选：A。4．（3分）以下事例中属于增大压强的是（）A．书包背带较宽 B．滑雪板底板较宽C．刀刃做得很薄 D．推土机履带很宽【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。【解答】解：A、书包背带较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；B、滑雪板底板较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；C、刀刃做得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故C符合题意；D、推土机履带很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意。故选：C。5．（3分）如图所示的电路，闭合电键S，下列判断中正确的是（）A．两灯串联连接且电流表测L1的电流B．两灯并联连接且电流表测干路电流C．两灯并联连接且电流表测L1的电流D．两灯并联连接且电流表测L2的电流【分析】根据串联电路中电流只有一条路径，并联电路中电流有多条路径可判断电路的性质。再根据电流表串联的位置可判断其测量对象。【解答】解：读图可知，电流从电源的正极，分为两股，一股进入电流表、灯泡L1，另一股进入灯泡L2，最后共同经开关S后，回到电源负极。因此电路为并联，电流表测灯泡L1的电流。只有选项C的说法正确。故选：C。6．（3分）将电阻R1与100欧的电阻并联后，它们的总电阻小于10欧。下列判断中正确的是（）A．R1一定小于10欧 B．R1可能大于10欧C．R1一定大于10欧 D．R1不可能为10欧【分析】电阻并联时相当于增大了横截面积，故越并越小，并联后的总电阻小于其中最小的一个。【解答】解：由于并联后的总电阻小于其中最小的一个，所以，100欧的电阻与另一个定值电阻并联后，要使电路的总电阻小于10欧，则另一只电阻可以大于或等于10欧。故选：B。7．（3分）形状相同、大小不同的甲、乙两个长方体长分别为a和b，如图所示，则下列判断中正确的是（）A．若两长方体质量相同，则ρ甲：ρ乙=a：bB．若两长方体质量相同，则C．若两长方体材料相同，则m甲：m乙=a：bD．若两长方体材料相同，则【分析】由题知，甲、乙两个长方体的形状相同，其长分别为a、b，则它们长、宽、高的关系都是a：b，体积之比为a3：b3，（1）若两长方体质量相同，利用ρ=求密度之比；（2）若两长方体材料相同，即密度相同，利用m=ρV求质量之比。【解答】解：由题知，甲、乙两个长方体的形状相同，其长分别为a、b，则它们长、宽、高的关系都是a：b，体积之比为a3：b3，AB、若两长方体质量相同，由ρ=可得，ρ甲：ρ乙=：=V乙：V甲=b3：a3，故AB错；CD、若两长方体材料相同，即密度相同，由ρ=可得，m甲：m乙=ρV甲：ρV乙=V甲：V乙=a3：b3，故C错、D正确。故选：D。8．（3分）在水平地面上放置两个完全相同的圆柱形容器A、B，分别装入一定量水后，再将两个质量相同、体积不同的小球分别放入水中。当小球静止时，两容器内水面恰好相平，如图所示，关于两容器内水的质量mA、mB和放入小球后两容器对地面的压强pA、pB，下列判断中正确的是（）A．mA＞mBpA=pB B．mA＞mBpA＞pB C．mA=mBpA=pB D．mA=mBpA＞pB【分析】（1）根据浮沉条件分析浮力和重力的关系，从而得出两个物体的浮力的关系，根据阿基米德原理知排开液体的体积的关系，根据液面相平比较水的体积的关系，根据m=ρV判断液体的质量；（2）容器对桌面的压力等于物体和水的重力之和，根据P=判断两容器对地面的压强的关系。【解答】解：（1）两个质量相同、体积不同的小球分别放入水中，两小球在水中都漂浮，浮力等于重力，即F浮A=F浮B=G=mg；根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知V排A=V排B：因为当小球静止时，两容器内水面恰好相平，所以原来水的体积相同，即VA水=VB水，根据m=ρV知mA水=mB水；GA水=GB水；（2）容器对桌面的压力等于物体和水的重力之和，容器对地面的压强：p==，因为GA水=GB水，容器的面积相同，所以pA=pB综合分析知mA=mB、pA=pB故选：C。9．（3分）将两个阻值不等的电阻R1和R2按如图（甲）、（乙）所示的方式接入电路中。已知电源电压相同，R1小于R2，则下列判断中正确的是（）A．电压表V1的示数等于V2的示数B．电流表A1的示数小于A2的示数C．电压表V1与电流表A1的比值等于电压表V2与电流表A2的比值D．电压表V1与电流表A1的比值大于电压表V2与电流表A2的比值【分析】（1）由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电流表A1测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律表示出R1两端的电压以及电压表V1与电流表A1的比值；（2）由乙电路图可知，R1与R2并联，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测R2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出电流表A2的示数以及电压表V2与电流表A2的比值；根据以上比较得出答案。【解答】解：（1）由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电流表A1测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中电流表A1的示数：IA1=，电压表V1的示数：UV1=IA1R1=R1=U，电压表V1与电流表A1的比值=R1；（2）由乙电路图可知，R1与R2并联，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测R2支路的电流，则电压表V2的示数UV2=U，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电流表A2的示数：IA2=，电压表V2与电流表A2的比值=R2；综上可知：A．由U＜U可知，UV1＜UV2，即电压表V1的示数小于V2的示数，故A错误；B．由＜可知，IA1＜IA2，即电流表A1的示数小于A2的示数，故B正确；CD．由R1小于R2可知，＜，即电压表V1与电流表A1的比值小于电压表V2与电流表A2的比值，故CD错误。故选：B。10．（3分）如图所示，由三块材质相同、大小不同的长方体拼成的正方体B放置在水平地面上，在B上方中央再放置一边长较大的正方体A．若将B中间的长方体抽掉后，正方体A对B压强的变化量为△P1，地面所受压强的变化量为△P2，则关于△P1与△P2的大小关系，下列判断中正确的是（）A．△P1一定大于△P2 B．△P1一定等于△P2C．△P1可能大于△P2 D．△P1一定小于△P2【分析】由图可知：拼成正方体B的长方体的高相等，设为h，正方体A的重力GA不变，根据p=分别求出△p1和△p1，然后比较大小。【解答】解：假设正方体A的重力GA，由图可知：拼成正方体B的长方体的高相等，设为h，所以，当B中间的长方体没有抽掉时，正方体A对B压强pA=，地面所受压强pB==+；当B中间的长方体抽掉后，AB之间的接触面积减小，变为SB′，B的重力也减小为GB′，则：正方体A对B压强pA′=，地面所受压强pB′==+；则：△p1=pA′﹣pA=﹣，△p2=pB′﹣pB=（+）﹣（+）=（﹣）+（﹣）；由于拼成正方体B的长方体三块材质相同、高相等，设为h，则正方体B对地面产生的压强p=ρgh不变，所以=；所以，△p1=△p2。故选：B。二、填空题（每空1分，共26分）11．（3分）某空调铭牌上标有“220V2000W”字样，它的额定功率为2000W，正常工作2小时消耗的电能是4度，消耗的电能可用电能表来测量。【分析】电能表是测量用电器消耗电能的仪器。明白空调参数的含义，知道空调的额定功率和通电时间，根据W=Pt计算消耗的电能。【解答】解：“220V2000W”表示空调的额定电压是220V，额定功率是2000W，正常工作2小时消耗的电能W=Pt=2kW×2h=4kW•h。在家庭电路中，用电能表来测量用电器消耗的电能。故答案为：2000W；4；电能。12．（2分）如图所示，工人师傅装修房屋时，用灌水的透明长塑料管检查两个窗台是否在同一水平面，这是利用连通器原理。若把塑料管的一端提高0.1米，待水静止后，管内水面的高度差为0米。【分析】顶端开口，底部相连通的容器叫连通器，连通器的特点：连通器中装有同种液体并且静止时，各容器的液面保持相平。【解答】解：由于塑料软管中装有水，两管子两端开口，并且相连通，因此当管中的水静止时，管两端的水面一定相平，这利用的是连通器的结构特征。用灌水的透明长塑料管检查两个窗台是否在同一水平面，利用了连通器原理，当管内水中无气泡时，两端的液面应是相平的，故可找到水平点；当塑料管提高后，管内的液面也应是水平的，故高度差为0m。故答案为：连通器；0。13．（3分）某导体两端加上4.5伏电压后，通过它的电流为0.5安，则该导体的电阻为9欧。其中0.5安所表示的物理意义是：每秒通过导体横截面的电荷量为0.5C。若该导体两端的电压增大1.5伏，它的电阻为9欧。【分析】（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻，根据Q=It求出每秒通过导体横截面的电荷量；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。【解答】解：由I=可得，导体的电阻：R===9Ω，由I=可得，每秒通过导体横截面的电荷量：Q=It=0.5A×1s=0.5C，因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，该导体两端的电压增大1.5V时，导体的电阻仍为9Ω不变。故答案为：9；0.5C；9。14．（3分）可燃冰有极强的燃烧力，1米3的可燃冰在常温常压下可释放164米3的天然气和产生0.8米3的淡水。已知可燃冰的密度为0.9克/厘米3，合0.9×103千克/米3，则1.8千克的可燃冰体积为2×10﹣3米3，常温常压下可产生质量为1.6千克的淡水。【分析】（1）密度单位：1g/cm3=1×103kg/m3，知道可燃冰的质量，利用ρ=求可燃冰的体积；（2）由题知，1m3的可燃冰在常温常压下可产生0.8m3的淡水，可求2×10﹣3m3可燃冰在常温常压下产生的淡水的体积，再利用m=ρV求其质量。【解答】解：（1）可燃冰的密度：ρ可燃冰=0.9g/cm3=0.9×103kg/m3，由ρ=可得，1.8千克的可燃冰体积：V可燃冰===2×10﹣3m3；（2）由题知，1m3的可燃冰在常温常压下可产生0.8m3的淡水，则2×10﹣3m3可燃冰在常温常压下产生淡水的体积：V水=2×10﹣3m3×0.8=1.6×10﹣3m3，由ρ=得产生淡水的质量：m水=ρ水V水=1×103kg/m3×1.6×10﹣3m3=1.6kg。故答案为：0.9×103；2×10﹣3；1.6。15．（3分）如图所示，将边长为0.1米的正方体物块A用细线悬挂着浸没于水中后，容器内水深变为0.2米，此时物块A受到的浮力大小为9.8牛，方向竖直向上。已知物块A上下两个表面中，一个表面受到水的压力为14.7牛，则另一个表面受到水的压力一定是4.9牛（选填“可能”或“一定”）【分析】（1）因为物块浸没在水中，所以物块排开水的体积等于物块的体积，利用阿基米德原理求物块受到的浮力，浮力的方向是竖直向上的；（2）物块受到的浮力F浮=F下表面﹣F上表面，知道一个表面受到的压力可求另一个表面受到的压力；因为物体浸没在水中后水深为0.2m，即物块下表面所处最大深度为0.2m，可求受到水的最大压力，进一步确定答案。【解答】解：（1）因为物块浸没在水中，所以物块排开水的体积V排=V=（0.1m）3=0.001m3，则物块受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.001m3=9.8N；浮力的方向是竖直向上的；（2）由压力差法可得，物块受到的浮力F浮=F下表面﹣F上表面=9.8N，已知一个表面受到水的压力为14.7N，则另一个表面受到水的压力为24.5N或4.9N；因为物体浸没在水中后水深为0.2m，即物块下表面所处的最大深度为0.2m，此时物块下表面受到水的最大压力：F=pS=ρghS=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m×0.01m2=19.6N，所以，另一个表面受到水的压力不可能为24.5N，则一定是4.9N。故答案为：9.8；竖直向上；一定。16．（3分）如图所示，甲、乙两个相同的圆台形容器以不同的方式放在水平桌面上，容器内装有深度相同、密度不同的A、B液体，两液体对容器底部的压力相同。则两液体对容器底部压强pA＞pB，两液体密度ρA＞ρB，两容器对桌面的压力F甲＞F乙．（均选填“＞”、“=”或“＜”）【分析】（1）甲、乙两个容器内液体对容器底部的压力相同，由图得出两容器的底面积大小关系，利用压强公式比较两液体对容器底部压强大小；然后利用液体压强公式比较得出两液体密度大小；（2）根据容器的形状，结合液体产生的压力和饮料重力的关系得出两种液体的重力大小，然后根据容器放在水平桌面上，对水平桌面的压力等于容器和容器内液体的重力之和得出两容器对桌面的压力大小。【解答】解：由题和图知，甲、乙两个容器内液体对容器底部的压力相同，即FA=FB，SA＜SB，根据p=可知，两液体对容器底部压强pA＞pB，甲、乙两个容器内装有深度相同的A、B液体，即h相同，又因为p=ρgh，所以，两液体密度ρA＞ρB，甲容器上粗下细，A液体有一部分压在容器的侧壁上，则GA＞FA，乙容器下粗上细，则GB＜FB，而FA=FB，所以，GA＞GB，甲、乙两个圆台形容器相同，则重力相同，甲、乙两容器放在水平桌面上，对水平桌面的压力等于容器和容器内液体的重力之和，所以，两容器对桌面的压力F甲＞F乙。故答案为：＞；＞；＞。17．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。电路中存在断路故障，且故障只可能发生在电阻R1、R2处，当电键S由断开到闭合时：（1）如果电压表V的示数变大，则故障可能是R2断路或R2断路且R1断路。（2）如果电流表A与A1的示数始终相等，则故障可能是R1断路或R1断路且R2断路。【分析】由电路图知，因可能是电阻R1、R2中出现断路故障，所以分别分析当电键S闭合后电阻R1（或电阻R2）断路时，电压表、电流表A、A1示数情况，然后综合分析即可。【解答】解：（1）①若电阻R1出现了断路故障，电键S断开时，电压表测量电源电压，即电压表示数等于电源电压；电键S闭合后，电压表直接连接在电源两端，即电压表测量电源电压，故电键S断开前后电压表的示数不变，故不可能只有电阻R1断路；②若电阻R2出现了断路故障，电键S断开时，电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，电压表示数为零；当电键S闭合后，电路为R1的基本电路；电压表测量电阻R1两端的电压，即为电源电压；故电键S断开前后电压表示数变大符合题意；③若R2断路且R1断路时，电键S断开时，电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，电压表示数为零；当电键S闭合后，电路为R1的基本电路；电压表测量电阻R1两端的电压，即为电源电压；故电键S断开前后电压表示数变大符合题意；由此分析可知：如果电压表V的示数变大，则故障可能是R2断路或R2断路且R1断路；（2）电键S断开时，电阻R1、R2串联，①闭合电键S前，若电阻R1出现了断路故障，电流表A与A1的示数始终相等，都为零；电键S闭合后，电路为R1的基本电路，电流表A1因电键S闭合被短路，故电流表A1无示数，又因为电阻R1出现了断路故障，电流表A也没有示数，都为零，故电阻R1可能出现了断路故障；②若电阻R2出现了断路故障，电键S断开前，因电路为断路，故电流表A、A1均无示数；当电键S闭合后，电路为R1的基本电路，电流表A1因电键S闭合被短路，故电流表A1无示数；电流表A测量通过电阻R1的电流有示数，故电流表A与A1的示数不相等，故不可能只有电阻R2断路。③闭合电键S前，若R1断路且R2断路，电流表A与A1的示数始终相等，都为零；电键S闭合后，电路为R1的基本电路，电流表A1因电键S闭合被短路，故电流表A1无示数，又因为电阻R1出现了断路故障，电流表A也没有示数，都为零，故R1断路且R2断路符合题意；由此分析可知：如果电流表A与A1的示数始终相等，则故障可能是R1断路或R1断路且R2断路故答案为：（1）R2断路或R2断路且R1断路；（2）R1断路或R1断路且R2断路。18．（3分）光敏电阻对光照强度十分敏感，它在强光照射下的电阻称为亮电阻，在黑暗环境下的电阻称为暗电阻，两种阻值差异可达1000倍以上，某兴趣小组为了研究光照强度对光敏电阻阻值的影响，他们把一光敏电阻R1与定值电阻R2（R2=1千欧）串联后接在6伏的电源上，电路如图（a）所示，闭合电键，当该光敏电阻处于不同环境下，电压表指针分别位于如图（b）、（c）所示的位置。请根据上述内容，回答下列问题。（1）根据图（a）、（b）、（c）所示信息及相关条件，可得出初步结论：光照强度越强，光敏电阻的阻值越小（选填“大”或“小”），依据是串联电路中，一个电阻不变，另一个电阻越小，电阻两端电压越小。（2）关于对光敏电阻的讨论，下列说法中正确的是AB。A．亮电阻与暗电阻的差异越大，光敏电阻的性能越好B．如果暗电阻接近于零，说明该光敏电阻已损坏C．将光敏电阻与灯串联后接入照明电路可实现白天熄灭、夜间发光D．将光敏电阻与灯并联后接入照明电路可实现白天熄灭、夜间发光。【分析】解：（1）分析图（a）电路的连接，由图（b）、（c）中，电压表选用的量程确定分度值读出电压表的示数，根据分压原理分析回答；（2）A．由题意知，亮电阻与暗电阻的差异越大，光敏电阻的性能越好；B．根据光照强度越强，光敏电阻的阻值越小，光照强度越弱，光敏电阻的阻值越大分析；C．将光敏电阻与灯串联后接入照明电路中，根据白天光敏电阻较小，由分压原理分析；D．将光敏电阻与灯并联后，根据并联电路各支路互不影响分析回答。【解答】解：（1）图（b）、（c）中，光敏电阻R1与定值电阻R2（R2=1千欧）串联，电压表测光敏电阻R1的电压，分别是处在强光照射和黑暗环境下，电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压表示数分别为3V和6V；根据分压志原理，串联电路中，一个电阻不变，另一个电阻越小，电阻两端电压越小，故光照强度越强，光敏电阻的阻值越小；（2）A．由题意，亮电阻与暗电阻的差异越大，光敏电阻的性能越好，故A正确；B．由（1）知，光照强度越强，光敏电阻的阻值越小，光照强度越弱，光敏电阻的阻值越大，如果暗电阻接近于零，说明该光敏电阻已损坏，故B正确；C．将光敏电阻与灯串联后接入照明电路中，白天光敏电阻较小，根据分压原理，光敏电阻的电压较小，灯的电压较高，故白天灯发光，夜间光敏电阻较大，灯的电压较小，灯较暗或不发光；故C错误；D．将光敏电阻与灯并联后，根据并联电路各支路互不影响，灯的亮度不变，故D错误；故选AB。故答案为：（1）小；串联电路中，一个电阻不变，另一个电阻越小，电阻两端电压越小（2）AB。三、作图题19．（2分）重为20牛的物体，放在水平地面上，请在图中画出物体对水平地面压力F的示意图。【分析】根据水平地面上的物体对水平面的压力等与其重力得出压力大小，根据压力的作用点在接触面上确定压力的作用点，然后根据压力的方向与接触面垂直，再过作用点表示出压力的方向。【解答】解：重为20N的物体，放在水平地面上，物体对水平地面压力大小为：F=20N，压力的作用点在水平地面上，过作用点作垂直于水平地面向下的力；如图所示：20．（2分）如图所示，将一小球用细线悬挂起来后浸没在水中，此时小球受到的浮力为4牛，细线上的拉力为2牛。请在图中用力的图示法画出物体所受的重力。【分析】小球静止在水中，受平衡力的作用，根据平衡力的条件，已知浮力大小和拉力大小，根据G=F浮+F拉可求重力大小。再按照力的图示要求画出这个力。【解答】解：已知此时小球受到的浮力为4牛，细线上的拉力为2牛。则物体所受的重力G=F浮+F拉=4N+2N=6N，重力的作用点在小球重心，重力方向竖直向下，设标度为3N，如图所示：21．（2分）如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，要求当滑片P向右移动时灯L变亮且电路连接正确。【分析】根据当滑片P向右移动时灯L变亮，确定变阻器的连接，根据电源正负极的连接，电压表测变阻器的电压。【解答】解：要求当滑片P向右移动时灯L变亮，即电流变大，电阻变小，故滑片以右电阻丝连入电路中与灯串联，电压表测变阻器的电压，如下所示：四、计算题（共26分）22．（4分）某重为9.8牛的物体漂浮在水面上。求：物体排开水的体积。【分析】由物体的漂浮条件可求得物块所受浮力，再根据阿基米德原理求物块排开水的体积。【解答】解：物体漂浮，则F浮=G=9.8N；由F浮=ρ水V排g可得：V排===1×10﹣3m3。答：物块排开水的体积为1×10﹣3m3。23．（6分）甲、乙两个家用电热器接入如图所示的家庭电路中，当两电键都闭合时，干路中的电流为4.5安，通过甲用电器的电流为0.3安。求：（1）通过乙电热器的电流；（2）甲电热器在10秒内电流做的功。【分析】由电路图可知，当两电键都闭合时，甲乙两个家用电热器并联。（1）知道干路电流和通过甲用电器的电流，根据并联电路的电流特点求出通过乙电热器的电流；（2）根据并联电路的电压特点和W=UIt求出甲电热器在10秒内电流做的功。【解答】解：由电路图可知，当两电键都闭合时，甲乙两个家用电热器并联。（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且干路电流I=4.5A，通过甲用电器的电流I甲=0.3A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过乙电热器的电流：I乙=I﹣I甲=4.5A﹣0.3A=4.2A；（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，且家庭电路的电压为220V，所以，甲电热器在10秒内电流做的功：W甲=UI甲t=220V×0.3A×10s=660J。答：（1）通过乙电热器的电流为4.2A；（2）甲电热器在10秒内电流做的功为660J。24．（8分）如图所示，某薄壁柱形容器中装有质量为2千克的水，放在水平地面上，容器的质量为1千克，底面积为0.01米2．求：（1）容器内水的体积；（2）容器对桌面的压强；（3）若把一个实心均匀的小球放入水中，小球浸没并且沉底，水没有溢出。如果水对容器底部压强与容器对地面压强的比值在放入小球前后保持不变，求小球的密度。【分析】（1）已知水的质量，利用密度公式变形可求得其体积；（2）容器对水平地面的压力等于容器和水的重力；利用p=可求得容器对桌面的压强；（3）首先根据水的体积求得容器中原来水的深度，然后可求得原来水对容器底部压强；再求得水对容器底部压强与容器对地面压强的比值；求得小球后水对容器底部压强和容器对地面压强，根据在放入小球前后水对容器底部压强与容器对地面压强的比值保持不变，列方程解得小球的密度。【解答】解：（1）由ρ=得容器中水的体积：V水===2×10﹣3m3；（2）容器对水平地面的压力等于容器和水的重力；F总=G总=（m水+m容）g=（2kg+1kg）×9.8N/kg=29.4N；容器对桌面的压强：p===2.94×103Pa；（3）容器中水的深度h===0.2m；放入小球前，水对容器底部压强p1=ρ水gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1.96×103Pa；放入小球前，水对容器底部压强与容器对地面压强的比值==，已知小球浸没并且沉底，水没有溢出，所以放入小球后，排开水的高度△h==，放入小球后，水对容器底部压强p2=ρ水g（h+△h）=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×（0.2m+）放入小球后，容器对地面压强p3==，已知水对容器底部压强与容器对地面压强的比值在放入小球前后保持不变，则=，即1.0×103kg/m3×9.8N/kg×（0.2m+）：=。解得ρ球=1.5×103kg/m3．答：（1）容器内水的体积为2×10﹣3m3；（2）容器对桌面的压强为2.9×103Pa；（3）小球的密度为1.5×103kg/m3。25．（8分）如图所示的电路中，电源电压为18伏保持不变，电阻R1阻值为10欧。滑动变阻器R2上标有“50Ω1A”字样，电压表接“0～15V”量程。（1）闭合电键，将滑片P移到某一位置时，电流大小为0.5安。求电路中的总功率和电压表的示数；（2）若用电阻R3来替换R1，不改变电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下。要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R3的阻值。【分析】由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压。（1）根据P=UI求出电路中的总功率，根据欧姆定律求出R1两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数；（2）用电阻R3来替换R1后，由滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，则电路中的最大电流可能为1A、可能为，电路的最小电流可能为，可能为=，根据电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍得出等式，然后结合电压表的量程分情况讨论得出答案。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压。（1）当电路中的电流I=0.5A时，电路的总功率：P=UI=18V×0.5A=9W，由I=可得，R1两端的电压：U1=IR1=0.5A×10Ω=5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的示数：U2=U﹣U1=18V﹣5V=13V；（2）用电阻R3来替换R1后，由滑动变阻器的铭牌可知，允许通过的最大电流为1A，则电路中的最大电流可能为1A、可能为（即变阻器接入阻值为0时），电路的最小电流可能为可能为（即变阻器接入阻值最大为50Ω时），=（即电压表满偏时），因电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，则有以下几种情况：①电路中的最大电流为1A，最小电流为时，则有：1A=3×，解得：R3=4Ω，则电压表的最大示数：U2大=I小R2大=A×50Ω≈16.7V＞15V，故此种情况不可能；②电路中的最大电流为1A，最小电流为时，则有：1A=3×，解得：R3=9Ω，则电压表的最大示数：U2大=U﹣I小R3=18V﹣A×9Ω=15V，此种情况可能；③电路中的最大电流为，最小电流为时，则有：=3×，解得：R3=25Ω，电路中的最大电流和最小电流分别为：I大===0.72A＜1A，I小===A，则电压表的最大示数：U2大=I小R3=A×50Ω=12V，此种情况可能；④电路中的最大电流为，最小电流为时，≠3×，此种情况不可能；综上可知，R3的阻值为9Ω或25Ω。答：（1）电路中的总功率为9W，电压表的示数为13V；（2）R3的阻值为9Ω或25Ω。五、实验题（共20分）26．（4分）在“用电压表测电压”实验中，连接电路时，电键应处于断开状态（选填“闭合”或“断开”），电压表应与被测物体并联连接（选填“串”或“并”），且电压表的正接线柱靠近电源正极一侧。能与电源两端直接相连的是电压表（选填“电压表”或“电流表”）【分析】（1）电压表并联在电路中，测量谁的电压就和谁并联；（2）连接电路时，开关应断开；电压表应与被测电路并联，电压表正接线柱应靠近电源正极一端。【解答】解：为了保证电路安全，所以连接电路时，开关应断开，当检查完电路后，在没有故障的前提下再闭合开关；据电压表的正确使用可知，电压表应与被测电路并联，电压表正接线柱应靠近电源正极一端，所以能与电源两端直接相连的是电压表；故答案为：断开；并；正；电压表；27．（4分）如图所示的仪器名称为密度计，当它浸入液体的体积越多，说明该液体的密度越小。意大利科学家托里拆利首先测出大气压强的值。某地区的等高线如图所示，在该地区同一时刻，A位置的大气压＜B位置的大气压（选填“＞”、“=”或“＜”）【分析】（1）测量液体密度的仪器叫密度计，根据浮沉条件知液体的密度和排开液体的体积成反比分析解答；（2）托里拆利第一次通过实验测出来大气压值，这就是著名的托里拆利实验。（3）在相同条件下，海拔越高，大气压越低。【解答】解：（1）测量液体密度的仪器叫密度计，同一密度计在不同液体中处于漂浮状态，浮力等于重力，质量不变，浮力不变，根据F浮=ρ液gV排知当它浸入液体的体积越多时液体的密度越小；（2）首先用实验测出大气压强值的科学家是托里拆利；（3）海拔越高大气压越小，所以在海拔越高的位置，测出的大气压越低，由图知A点的海拔比B点的海拔高，因此A位置的大气压小于B位置的大气压。故答案为：密度计；密度越小；托里拆利；＜。28．（5分）小闵在做“伏安法测电阻”实验中，所用电源电压为6伏、待测电阻Rx、标有“20欧1安”字样的滑动变阻器、电压表、电流表各一个（其表盘如图所示），电键及导线若干，所有器材均完好。他先将除电压表以外的元件串联连接，再将电压表选择合适的量程并联接入电路中。他把变阻器滑片从一端移到另一端的过程中，读出电流表示数的变化范围为0.14安～0.26安。当他移动滑片至电流表指针位于如图（甲）所示位置时，观察到某电表的指针偏离零刻度线的角度为另一电表的两倍。（1）请画出小闵连接的电路图；（2）请完成将表格填空。物理量实验序号Ux（伏）Ix（安）电阻Rx（欧）13.20.1424.20.1836.00.26【分析】（1）由题意，读出电流表示数的变化范围为0.14安～0.26安，根据串联电阻的规律和欧姆定律，画出相应电路图，找到对应的电流大小；由串联电阻的规律和欧姆定律，当滑片某位置时，电流一定小于0.26A，确定甲图中电流表选用的量程和分度值为读出电流大小；由图2中，电流表指针偏离零刻度线的角度为9个格结合题意，故另一电压表偏离零刻度线的角度为18个格，根据