2023届四川省绵阳市高三年级上册二诊模拟考试理综物理试题

2023届四川省绵阳市高三上学期二诊模拟考试理综物理试题

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一、单选题

1.如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为玄。上

乙

升第一个三H■所用的时间为叫第五个2H所用的时间为，2,不计空气阻力，则,满足

A.1<—<2B.2<-<3C.3<&<4D.4<尘<5

4444

2.如图所示，卫星A是2022年8月20日我国成功发射的遥感三十五号04组卫星，

卫星B是地球同步卫星，若它们均可视为绕地球做匀速圆周运动，卫星P是地球赤道

上还未发射的卫星，下列说法正确的是（）

A.卫星A的运行周期可能为48h

B.卫星B在6h内转动的圆心角是45。

C.卫星B的线速度小于卫星P随地球自转的线速度

D.卫星B的向心加速度大于卫星P随地球自转的向心加速度

3.一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为B的水平拉力拉动物体，经过一段时

间后其速度变为v,若将水平拉力的大小改为尸2,物体从静止开始经过同样的时间后速

度变为2v,对于上述两个过程，用皈|、分别表示拉力用、入所做的功，町、町2

分别表示前后两次克服摩擦力所做的功，则（）

A.WF2>4WFl,Wf2>2WfiB.WF7>^Vn,叫2=2%i

试卷第1页，共8页

C.WF<ZAWn,%2=2町D.WF2<4WF1,吗2<2叫I

4.如图所示，某种气体分子束由质量为/、速度为v的分子组成，设各分子都向同一

方向运动，垂直地打在某平面上后又以原速率反向弹回。如果分子束中每立方米的体积

内有次个分子，下列说法正确的是（）

A.单个分子与平面碰撞的过程中，动量变化量的大小为0

B.单个分子与平面碰撞的过程中，平面对其做功为负功

C.分子束撞击平面所产生的压强为Inomv2

D.分子束撞击平面所产生的压强为"沏v?

5.如图所示，空间有一正三棱锥CU8C,点©、B'、。分别是三条棱的中点.现在顶点

。处固定一正的点电荷，则下列说法中正确的是（）

A.A',B',。三点的电场强度相同

B.△/2C所在平面为等势面

C.将一正的试探电荷从，点沿直线49移到9点，静电力对该试探电荷先做正功后

做负功

D.若4点的电势为中"，/点的电势为<PA,则©/连线中点。处的电势（RD一定小于

（PA'+（PA

2

二、多项选择题

6.一钢球从某高度自由下落到一放在水平地面的弹簧上，从钢球与弹簧接触到压缩到

最短的过程中，弹簧的弹力尸、钢球的加速度。、重力所做的功WG以及小球的机械能

E与弹簧压缩量x的变化图线如下图（不考虑空间阻力），选小球与弹簧开始接触点为原

点，建立图示坐标系，并规定向下为正方向，则下述选项中的图象符合实际的是（）

试卷第2页，共8页

O'----------

7.如图所示，半径为R的光滑圆环固定在竖直平面内，圆环的圆心。的正上方2点固

定有一定滑轮，3点的左侧再固定有一定滑轮。质量为根的小球套在圆环上，轻质细线

跨过两个定滑轮，一端连接小球，另一端连接质量为优的物块，用竖直向下的拉力歹

（未知）把小球控制在圆环上的/点，与竖直方向的夹角为53。，且正好沿圆环

的切线方向，P点为圆环的最高点，不计一切摩擦，不计滑轮、小球以及物块的大小，

重力加速度为g,sin53°=0.8,cos53°=0.6»下列说法正确的是（）

A.小球与物块静止时，竖直向下的拉力尸

4

O

B.撤去拉力厂的瞬间，细线的拉力大小为§机g

C.小球由/点运动到尸点的过程中，物块的重力势能减少量为:agA

D.若小球在尸点的速度大小为v,则物块的速度大小也为v

8.长为/、间距为"的平行金属板水平正对放置，竖直光屏M到金属板右端距离为/,

金属板左端连接有闭合电路，整个装置结构如图所示，质量为加、电荷量为q的粒子以

试卷第3页，共8页

初速度V。从两金属板正中间自左端水平射入，由于粒子重力作用，当滑动变阻器的滑片

在某一位置时，粒子恰好垂直撞在光屏上。对此过程，下列分析正确的是（）

B.粒子在平行金属板间的速度变化量和从金属板右端到光屏的速度变化量相同

C.若仅将滑片P向下滑动一段后，再让该粒子从N点以水平速度如射入板间，粒

子不会垂直打在光屏上

D.若仅将两平行板的间距变大一些，再让该粒子从N点以水平速度V。射入板间，

粒子依然会垂直打在光屏上

三、实验题

9.某实验小组欲测定国内某地重力加速度的大小，实验器材有：气垫导轨、光电门、

气泵、滑块（含遮光条）、钩码、细线、各种测量工具等。实验步骤如下：

②测定滑块的质量M、钩码的质量加、遮光条的宽度d及滑块上遮光条的初位置。与

光电门A的间距保持滑块静止不动，用细线跨过导轨左端的定滑轮将滑块与钩码相

连；

③无初速度释放滑块，记录遮光条经过光电门的时间

④改变。点位置，重复实验，作出相应函数图像，计算重力加速度的大小。

（1）实验测得滑块经过光电门的速度为片O（用题目中给定物理量的字母表

示）

（2）测定重力加速度g的原理表达式为。（用题目中给定物理量的的字母表示）

（3）为精准测定该地的重力加速度，实验小组多次改变。、/之间的距离，以乙为纵

试卷第4页，共8页

轴，以J为横轴，用电脑拟合出其函数关系图像，在〃=700g、，"=100g、d=5.0mm的

条件下，测得图像斜率的数值为1.02x10-5,则当地的重力加速度g=^m/s2（结

果保留3位有效数

10.某同学欲将内阻为100。、量程为300nA的电流计G改装成欧姆表，要求改装后

欧姆表的0刻度正好对准电流表表盘的300gA刻度。

可选用的器材还有：定值电阻处（阻值25Q）；定值电阻处（阻值100C）；滑动变阻器

R（最大阻值1000Q）；干电池（E=1.5V.z=2Q）；红、黑表笔和导线若干。改装电路

（1）定值电阻应选择（填元件符号）.改装后的欧姆表的中值电阻为一

（2）该同学用改装后尚未标示对应刻度的欧姆表测量内阻和量程均未知的电压表V的

内阻。步骤如下：先将欧姆表的红、黑表笔短接，调节—填图甲中对应元件代号），

使电流计G指针指到—心；再将—（填“红”或“黑”）表笔与V表的“+”接线柱相

连，另一表笔与V表的“一”接线柱相连。若两表的指针位置分别如图乙和图丙所示，则

V表的内阻为Q,量程为Vo

四、解答题

II.如图，长度x=5m的粗糙水平面P。的左端固定一竖直挡板，右端。处与水平传送

带平滑连接，传送带以一定速率v逆时针转动，其上表面0"间距离为£=4m,MN无

限长，M端与传送带平滑连接.物块N和8可视为质点，/的质量加=1.5kg,8的质

量M=5.5kg.开始/静止在P处，3静止在。处，现给/一个向右的初速度v°=8m/s,

/运动一段时间后与8发生弹性碰撞，设/、8与传送带和水平面P。、儿加间的动摩擦

因数均为〃=0.15,/与挡板的碰撞也无机械能损失.取重力加速度g=10m/s2,求：

-............L——>

口a......啰亡।---------上…

;7/////////〃〃///◎)▽⑥7777火

试卷第5页，共8页

(1)/、8碰撞后瞬间的速度大小；

(2)若传送带的速率为v=4m/s,试判断42能否再相遇，如果能相遇，求出相遇的位置；

若不能相遇，求它们最终相距多远.

12.如图所示，竖直面内有水平线与竖直线交于尸点，。在水平线上，OP

间距为力一质量为加、电量为q的带正电粒子，从。处以大小为vo、方向与水平线夹

角为6=60。的速度，进入大小为£i的匀强电场中，电场方向与竖直方向夹角为。=60。，

粒子到达尸0线上的/点时，其动能为在。处时动能的4倍.当粒子到达4点时，突

然将电场改为大小为反,方向与竖直方向夹角也为。=60。的匀强电场，然后粒子能到达

尸0线上的2点.电场方向均平行于MN、PQ所在竖直面，图中分别仅画出一条电场线

示意其方向.已知粒子从。运动到N的时间与从N运动到8的时间相同，不计粒子重

Q

⑴粒子从0到A运动过程中,电场力所做功W；

⑵匀强电场的场强大小田、E2；

(3)粒子到达B点时的动能EkB.

五、多项选择题

13.下列说法正确的是

A.布朗运动反映了组成悬浮微粒的固体分子运动的不规则性

B.在水面上轻放一枚针，它会浮在水面，这是由于水面存在表面张力的缘故

C.物体温度升高时，物体内所有分子的热运动动能都增加

D.物体体积变大时，分子势能有可能增大，也有可能减小

E.一定质量的晶体在熔化过程中，所吸收的热量全部用于增大分子势能

试卷第6页，共8页

六、解答题

14.如图，A为竖直放置的导热汽缸，其质量A/=50kg、高度£=12cm,B为汽缸内的导

热活塞，其质量加=10kg,B与水平地面间连有劲度系数Q100N/cm的轻弹簧，A与B

的横截面积均为S=100cm2。初始状态下，汽缸A内封闭着常温下的气体，A、B和弹

簧均静止，B与汽缸口相平。设活塞与汽缸间紧密接触且无摩擦，活塞厚度不计，外界

大气压强po=lxi()5pa。重力加速度g=10m/s2。

(1)求初始状态下汽缸内气体的压强；

(2)用力缓慢向下压汽缸A(A的底端始终未接触地面)，使活塞B下降1cm,求此时B

到汽缸顶端的距离。

七、多项选择题

15.如图所示是某绳波形成过程的示意图，1、2、3、4……为绳上的一系列等距离的质

点，相邻两质点间的距离均为10cm,绳处于水平方向；质点1在外力作用下沿竖直方

向做简谐振动，带动2、3、4……各个质点依次上下振动，振动从绳的左端传到右端，

f=0时质点1开始竖直向上运动，/=0.1s时质点1在最大位移20cm处，这时质点3开

始运动，以向上为正方向，下列说法正确的是()

左I..................................................右

1234567891011121314151617181920

A.该波的波速一定是2m/s

B.该波的波长一定是0.8m

C.质点3振动后的周期可能是0.08s

D.质点3开始运动时运动方向一定向上

E.质点3的振动方程一定是y=20sin57rf(cm)

八、解答题

16.如图所示，将一个折射率为〃=立的透明长方体放在空气中，矩形ABCD是它的

2

试卷第7页，共8页

一个截面，一单色细光束入射到P点，入射角为0.AD=46AP，求:

(1)若要使光束进入长方体后能射至AD面上，角。的最小值；

(2)若要此光束在AD面上发生全反射，角9的范围.

试卷第8页，共8页

参考答案：

1.D

【详解】把运动逆向分析可以看作是自由落体运动，根据初速度为零的匀加速直线运动中,

连续相等的位移内时间之比等于

八：：八:…：*〃=1：'1）：）：…：（—'T）

可得

4<^=~4—=2+石<5

%V5-2

故D正确，ABC错误。

故选D。

2.D

【详解】A.根据开普勒第三定律5=k,可知卫星A的运行周期小于24h,故A错误;

B.卫星B是地球同步卫星，周期为24h,所以在6h内转动的圆心角是

360。

0=~4~=90°

故B错误;

C.卫星B是地球同步卫星，角速度与地球自转角速度相等，根据v=可知卫星B的线速

度大于卫星P随地球自转的线速度，故C错误；

D.卫星B角速度与地球自转角速度相等，根据°=厂）可知卫星B的向心加速度大于随地

球自转的向心加速度，故D正确；

故选D。

3.C

【详解】由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比为

v2v

Si：§2=-t•—t=1：2

22

两次物体所受的摩擦力不变，根据力做功表达式，则有滑动摩擦力做功之比

啊：Wp=fSitfS*1：2

再由动能定理，则有:

1,

WF-Wr~mv-0

可知,

答案第1页，共11页

12

WFI-Wfi=—mv-0

2

_1

WF2吟=4x—mv-0

由上两式可解得：

WF^WFI-IWfi

故C正确，ABD错误；

故选C.

4.C

【详解】A.分子打在某平面上后又以原速率反向弹回，则单个分子与平面碰撞的过程中，

动量变化量的大小为故A错误；

B.单个分子与平面碰撞的过程中，根据动能定理可得平面对其做功为零，故B错

误；

CD.时间，内碰撞面积S上的分子数

N=no

对于这部分分子，根据动量定理，有

-Ft=-Nmv-Nmv

解得

F=2nomv2S

根据压强的计算公式可得

F

p二一

S

解得

p=2nomv2

故C正确，D错误。

故选C。

5.D

【分析】根据点电荷的场强公式£=1<(3左2分析电场强度的大小关系；点电荷的等势面是一系

列的同心圆；沿着电场线，电势逐渐降低；根据电势的变化，分析电势能的变化，从而判断

电场力做功的正负；根据公式U=Ed分析A，A连线中点D处的电势.

【详解】A，、B\C三点到。点的距离相等，根据点电荷的场强公式£=1<(^'2分析可知，A\

答案第2页，共11页

B\C三点的电场强度大小相等.但方向不同，故A错误.A、B、C的三个点到场源电荷

的距离相等，在同一等势面，但其它点到场源电荷的距离与A、B、C三点到场源电荷的距

离不等，故aABC所在平面不是等势面，故B错误；将一正的试探电荷从A，点沿直线A，B，

移到B，点，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，则静电力对该试探电荷先做负功后

做正功，故C错误.由于AD间场强大于DA间场强，由U=Ed知，A\D间的电势差大

于DA间的电势差，则有：＜PA-＜PD＞（PD-＜PA,,贝!I（PD＜/（＜PA+（PA'），由于正点电荷电场中电势

大于零，因此（PD＜（PA+（PA',故D正确；故选D.

【点睛】本题关键是明确点电荷的电场分布情况，注意根据对称性分析，同时要注意场强是

矢量，电势是标量.

6.BC

【详解】A.由于向下为正方向，而弹簧中的弹力方向向上，所以选项A中的拉力应为负值,

A错误；

B.小球接触弹簧上端后受到两个力作用：向下的重力和向上的弹力.在接触后的前一阶段,

重力大于弹力，合力向下，而弹力/=履，则加速度。=螫二如=g-幺x,故B正确；

mm

C.根据重力做功的计算式％=mgx,可知C正确；

D.小球和弹簧整体的机械能守恒，小球的机械能不守恒，D错误.

7.AC

【详解】A.对物块进行受力分析，由二力平衡可得细线的拉力大小为

T[=mg

在/点对小球进行受力分析，由力的平衡可得

（少+加g）sin530=7\

解得

L1

F=~mg

故A正确；

B.在撤去拉力厂的瞬间，设细线的拉力大小为（，小球和物块的加速度大小相等设为a,

对两者分别应用牛顿第二定律可得

T2-mgsin53°=ma

答案第3页，共11页

mg-T2=ma

联立解得

F=­mg

10

故B错误；

C.撤去拉力尸后，当小球运动到尸点时，设小球的速度大小为v,由几何关系可得

—=tan53°

R

=cos53°

OB

BP=OB-R

小球从N到尸，物块下降的高度为

h=AB-BP

联立解得

h=-R

3

则物块的重力势能减少量为

2

AEP=mgh=—mgR

故C正确；

D.细线与小球的速度v垂直，则绳子伸长的速度为0,由关联速度之间的关系，物块的速

度为0,故D错误。

故选AC。

8.AD

【详解】AB.粒子先在水平放置的两平行金属板间做类平抛运动，粒子离开电场时具有竖

直向下的加速度，粒子垂直撞在光屏上，说明竖直方向末速度等于0,即电场中粒子具有竖

直向上的加速度，不管是在金属板间还是离开电场后，粒子在水平方向速度没有变化，而且

水平位移相等，所以运动时间相等，竖直方向速度变化量等大反向，所以有

qE—m2

---------t=gt

m

可得

E=^S

q

故A正确，B错误;

答案第4页，共11页

C.若仅将滑片P向下滑动一段后，尺的电压减小，电容器的电压要减小，电荷量要减小，

由于二极管具有单向导电性，所以电容器不能放电，电量不变，板间电压不变，所以粒子的

运动情况不变，再让该粒子从N点以水平速度％射入板间，粒子依然会垂直打在光屏上，

故C错误；

D.若仅将两平行板的间距变大一些，电容器电容减小，但由于二极管具有单向导电性，所

以电容器不能放电，电量不变，根据

E二UQ04成0

~d~Cd~£rS~£尸

4兀kd

可知板间电场强度不变，所以粒子的运动情况不变，再让该粒子从N点以水平速度％射入

板间，粒子依然会垂直打在光屏上，故D正确。

故选AD»

9.y加+⑷•=9.80

t22mLt

【详解】（1）[1]实验中，遮光条通过光电门的平均速度可以代替其瞬时速度，可得滑块经

过光电门的速度为

d

v=­

t

（2）[2]根据系统机械能守恒有

2

d

mgL=+J—

此即测定g的原理表达式，整理可得

[m+M）d2

g~2mLt2

（3）[3]根据测g的原理式可得

L(m+M)d11

2mgt2

斜率为

K-

2mg

答案第5页，共11页

联立解得

g=9.80m/s2

10.Ri1000R（或滑动变阻器）300黑5001

【详解】（1）口][2]由于滑动变阻器的最大阻值为1000Q,故当滑动变阻器调到最大时，电

路中的电路约为

F

/»—=1.5mA

R

此时表头满偏，故定值电阻中的电流约为

6a/-4=1.2mA

故其阻值为

R'=^-R=25。

A

因此定值电阻应该选择Rio

改装后将红黑表笔短接，将电流表调大满偏，此时多用表的总内阻为

&=--------=1000。

内…

故多用表的中值电阻为

4=4=1000。

（2）[3][4][5]由于使用欧姆表测内阻，故首先要进行欧姆调0,即调节凡使电流表满偏,

即指针指到300「iA,黑表笔接的电源正极，故将黑表笔与电压表的“+”接线柱相连；

[6]⑺欧姆表指针指在/=200uA位置，则电路中的总电流为51,故待测电压表的内阻为

F

Rv=jy-%=500Q

设电压表量程为U,此时电压表两端的电压为

—=5/x7?=0.5V

2v

故其量程为IVo

11.（1）4m/s,3m/s；（2）5/3m

【详解】（1）设A与B碰撞前的速度为VA,由P到Q的过程，由动能定理得

-/zmgx=ymvA2-^mvo2@

A与B碰撞前后动量守恒，取向右为正方向，则

答案第6页，共11页

mvA=mvA,+MvB,®

由能量守恒定律得

ymvA2=ymvA2+yMVB2③

联立①②③得

v/=-4m/s,V5-3m/s.

(2)设A碰撞后运动的路程为SA,由动能定理得

-jumgSA=O-ymvA2®

解得s/=(m

所以A与挡板碰撞后再运动的距离

161

SA=SA-X=--5=jm0

设B碰撞后向右运动的距离为SB,由动能定理得

-juMgSB=O-yMVB2®

解得

55=3m<L⑦

故物块B碰后不能滑上MN,当速度减为0后，B将在传送带的作用下反向加速运动，B再

次到达Q处时的速度大小为3m/s.在水平PQ上，B再运动SB'=SB=3m停止，因为

SA'+sB'<x=5m,

所以AB不能再次相遇，最终AB间的距离

SAB=X-(S/+SB')=5-(—+3)=gm

12.⑴吟为片⑵©=心且生=心瓯⑶EkB=W

2°4qd3qd3

【分析】(1)对粒子应用动能定理可以求出电场力做的功.

(2)粒子在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律可以求出电场强度大小.

(3)根据粒子运动过程，应用动能计算公式求出粒子到达B点时的动能.

【详解】(1)由题知：粒子在0点动能为Ek°=gmv；粒子在A点动能为：EkA=4Ek。，粒子从

3

。到A运动过程，由动能定理得：电场力所做功：W=EkA-Ek°=5"?%；

答案第7页，共11页

(2)以O为坐标原点，初速vo方向为x轴正向,

建立直角坐标系xOy,如图所示

设粒子从O到A运动过程，粒子加速度大小为ai,

历时力，A点坐标为(x,y)

粒子做类平抛运动：x=voti,y=；卬；

由题知：粒子在A点速度大小VA=2vo,VAy=V3v0,VAy=aitl

粒子在A点速度方向与竖直线PQ夹角为30°.

解得：x=①,y母

由几何关系得：ysin60°-xcos60°=d,

、曷24d

解得：q二生,「一

14d%

由牛顿第二定律得：qEi=mai,

解得：&=XI竺1

4qd

设粒子从A到B运动过程中，加速度大小为a2,历时t2,

t4d

水平方向上有：VAsinSO—2a2sin60。，，2=%=—,qE2=ma2,

2v0

243mvl

解得：%=拈4'*2=

3qd

答案第8页，共11页

(3)分析知：粒子过A点后，速度方向恰与电场E2方向垂直，再做类平抛运动，

粒子到达B点时动能：EkB=­,VB2=(2VO)2+(a2t2)2,

解得：EKB=^.

【点睛】本题考查了带电粒子在电场中的运动，根据题意分析清楚粒子运动过程与运动性质

是解题的前提与关键，应用动能定理、类平抛运动规律可以解题.

13.BDE

【详解】A.布朗运动是悬浮的固体微粒的无规则运动，反映了液体分子运动的不规则性，

故A错误；

B.在水面上轻放一枚针，它会浮在水面，这是由于水面存在表面张力的缘故，故B正确；

C.物体温度升高时，物体内分子的平均动能增加，但并非所有分子的热运动动能都增加，

故C错误；

D.分子势能的变化要根据分子力做功来判断，物体的体积增大，如果分子间距离小于平衡

距离，则此时分子力做正功，分子势能减小；如果分子力为引力，则分子力做负功，分子势

能增大，则物体体积变大时，分子势能有可能增大，也有可能减小，故D正确；

E.一定质量的晶体在熔化过程中，因为温度不变，则分子动能不变，则所吸收的热量全部

用于增大分子势能，故E正确。