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文档简介
浙江省嘉兴、舟山2024届数学八上期末调研模拟试题
注意事项
1.考生要认真填写考场号和座位序号。
2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑
色字迹的签字笔作答。
3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。
一、选择题(每小题3分,共30分)
1.已知AABC中,AB=7,BC=4,那么边长AC的长不可能是()
A.11B.9C.7D.4
若则山的值为(
2.)
x4x
457
A.1B.-C.1D.-
744
3.如图,已知AABC和ACDE都是等边三角形,且A、C、E三点共线.A。与助交于点。,AD与BC交于
点P,BE与CD交于前Q,连结PQ.以下五个结论:①AD=BE;②NAO5=60°;®AP=BQ;④APCQ是
等边三角形;⑤PQ//AE.其中正确结论的有()个
ACf
A.5B.4C.3D.2
4.下列命题中,真命题是()
A.对顶角不一定相等B.等腰三角形的三个角都相等
C.两直线平行,同旁内角相等D.等腰三角形是轴对称图形
5.若函数y=(m-l)xim:5是一次函数,则m的值为()
A.±1B.-1C.1D.2
6.如图,在△ABC和△OCB中,AC与SO相交于点0,下列四组条件中,不能证明△ASCg/kDCb的是()
AD
BC
A.AB=DCfAC=DBB.AB=DC,ZABC=ZDCB
C.BO=CO,NA=NDD.NABD=NDCA,ZA=ZD
7•点P(2018,2019)在第()象限.
A.B.二C.三D.四
8.下列图案中,是轴对称图形的有()个
A.1B.2C.3D.4
Y21
9.化简上_+—L的结果是()
x-11-x
x
A.x+1B.——C.x-1D.------
x+ix-1
%+2
10.当分式一的值为0时,字母X的取值应为()
X—1
A.-1B.1C.-2D.2
二、填空题(每小题3分,共24分)
vn3
11.关于X的分式方程一+—=1的解为正数,则〃2的取值范围是.
x-11-x
12.如图,点C为线段AE上一点,在AE同侧分别作正三角形ABC和COE,AO分别与BC、BE交于点P、O,
BE与CD交于点。,以下结论:①AACD咨ABCE;②AD=BE;③NAQB=5O°;®AP=BQ.以上结论正
确的有(把你认为正确的序号都填上).
X5
13.分式方程=1的解为.
2x—55—2x
14.如图,在平面直角坐标系中,点4,4,人…都在%轴上,点4,耳,巴…都在第一象限的角平分线上,
△44&,她244,&33&44…都是等腰直角三角形,且。4,=1,则点B2S。的坐标为
8
16.若s—t=7,则§2—/_1小的值是.
17.如图,在AABC中,AC=AD=BD,当NB=25°时,则NBAC的度数是
18.如图,任意画一个NA4C=60。的△ABC,再分别作△ABC的两条角平分线BE和CZ>,3E和CO相交于点P,连
接AP,有以下结论:①N5PC=120。;②4P平分NR4C;@AD^AE,④尸£)=PE;@BD+CE^BCf其中正确的结
论为.(填写序号)
三、解答题(共66分)
19.(10分)在如图所示的正方形网格中,每个小正方形的边长为1,格点三角形ABC(顶点是网格线的交点的三角形)
的顶点A,C的坐标分别为(-4,5),(-1,3).
⑴请作出4ABC关于y轴对称的△AiBiCi;
(2)AAiBiCi的面积是.
20.(6分)已知:如图,AB^AD,BC=ED,NB=ND.求证:N1=NL
21.(6分)已知某种商品去年售价为每件。元,可售出8件.今年涨价x成(1成=10%),则售出的数量减少加工成
(加是正数).
试问:如果涨价L25成价格,营业额将达到,求加.
4m
22.(8分)如图,AC和瓦)相交于点。,并且=AC=DB.
(1)求证:OB=OC.
证明思路现在有以下两种:
思路一:把08和OC看成两个三角形的边,用三角形全等证明,即用/___/A_____证明;
思路二:把08和。。看成一个三角形的边,用等角对等边证明,即用/—=/一证明;
(2)选择(1)题中的思路一或思路二证明:OB=OC.
23.(8分)在边长为1的小正方形网格中,AAOB的顶点均在格点上.
(1)B点关于y轴的对称点坐标为;
(2)将AAOB向左平移3个单位长度得到△AOBi,请画出△AQB;
(3)在(2)的条件下,4的坐标为
<3、r2-4x+4
24.(8分)请你先化简:---X+1----------,然后从-IWXW2中选一个合适的整数作为x的值代入求
+1(尤+1)
值.
25.(10分)若AABC的三边a、b、c满足|a—15|+(b—8)2+Vc-17=1.试判断AABC的形状,并说明理由.
26.(10分)在平面直角坐标系中,AABC的三个顶点坐标分别为4-2,1),3(-4,5),C(-5,2).
(1)画出AABC关于V轴对称的的与G;并写出Cj的坐标;
(2)AA5C是直角三角形吗?说明理由.
参考答案
一、选择题(每小题3分,共30分)
1、A
【解题分析】分析:根据三角形的三边关系定理:三角形两边之和大于第三边.三角形的两边差小于第三边可得AC
的取值范围,即可求解.
详解:根据三角形的三边关系定理可得:7-4VACV7+4,
即3<AC<11,
故选A.
点睛:此题主要考查了三角形的三边关系,关键是掌握第三边的范围是:大于已知的两边的差,而小于两边的和.
2、D
y3
【解题分析】
x4
.x+y_4+3_7
••——9
x44
故选D
3、A
【分析】根据等边三角形的性质、全等三角形的判定与性质对各结论逐项分析即可判定.
【题目详解】解:①•••△ABC和4CDE为等边三角形。
/.AC=BC,CD=CE,ZBCA=ZDCE=60°
:.ZACD=ZBCE
在4ACD和4BCE中,AC=BC,ZACD=ZBCE,CD=CE
.,.△ACD^ABCE(SAS)
;.AD=BE,ZADC=ZBEC,贝!|①正确;
②;NACB=NDCE=60°
:.ZBCD=60°
.,.△DCE是等边三角形
/.ZEDC=60°=ZBCD
.\BC//DE
.\ZCBE=ZDEO,
ZAOB=ZDAC+ZBEC=ZBEC+ZDEO=ZDEC=60°,②正确;
③•.,NDCP=60°=ZECQ
在4CDP和ACEQ中,ZADC=ZBEC,CD=CE,ZDCP=ZECQ
AACDP^ACEQ(ASA)
.\CP=CQ
/.ZCPQ=ZCQP=60°,
...△PC2是等边三角形,③正确;
(4)ZCPQ=ZCQP=60"
:.ZQPC=ZBCA
/.PQ//AE,④正确;
⑤同④得4ACP^ABCQ(ASA)
.♦.AP=BQ,⑤正确.
故答案为A.
【题目点拨】
本题主要考查了等边三角形的性质、全等三角形的判定与性质等知识点,熟练掌握全等三角形的判定与性质是解答本
题的关键.
4、D
【分析】利用对顶角的性质、等腰三角形的性质、平行线的性质分别判断后即可确定正确的选项.
【题目详解】解:A、对顶角相等,故错误,是假命题;
B、等腰三角形的两个底角相等,故错误,是假命题;
C、两直线平行,同旁内角互补,故错误,是假命题;
D、等腰三角形是轴对称图形,对称轴是底边上的高所在直线,故正确,是真命题.
故选:D.
【题目点拨】
考查了命题与定理的知识,解题的关键是了解对顶角的性质、等腰三角形的性质、平行线的性质,难度不大.
5、B
【解题分析】根据一次函数的概念,形如y=kx+b(k#0,k、b为常数)的函数为一次函数,故可知|m|=l,
解得n#l,m=±l,故m=-l.
故选B
点睛:此题主要考查了一次函数的概念,利用一次函数的一般式丫=1«^,(呼0,k、b为常数),可得相应的关系式,
然后求解即可,这是一个中考常考题题,比较简单.
6、D
【分析】根据全等三角形的判定定理,逐一判断选项,即可得到结论.
【题目详解】':AB=DC,AC=BD,BC=CB,
:.AABC"ADCBCSSS),
故A选项正确;
':AB=DC,NABC=NDCB,BC=CB,
:.△ABC沿ADCB(SAS),
故3选项正确;
•:BO=CO,
:.ZACB=ZDBC,
,:BC=CB,NA=N。
.".AABC^ADCB(44S),
故C选项正确;
VZABD=ZDCA,ZA=ZD,BC=CB,
不能证明△ABC四ADC5,
故。选项错误;
故选:D.
【题目点拨】
本题主要考查三角形全等的判定定理,掌握SSS,SAS,AAS判定三角形全等,是解题的关键.
7、A
【分析】根据各象限内点的坐标特征解答.
【题目详解】解:点P(2018,2019)在第一象限.
故选:A.
【题目点拨】
本题考查了各象限内点的坐标的符号特征,四个象限的符号特点分别是:第一象限(+,+);第二象限(-,+);第
三象限(-,-);第四象限(+,-).
8、B
【分析】根据轴对称图形的概念求解即可.
【题目详解】①不是轴对称图形,故此选项不合题意;
②是轴对称图形,故此选项正确;
③是轴对称图形,故此选项正确;
④不是轴对称图形,故此选项不合题意;
是轴对称图形的有2个
故选:B.
【题目点拨】
本题考查了轴对称图形的概念:轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分沿对称轴折叠后可重合.
9、A
【分析】根据分式的加减法法则计算即可.
【题目详解】解:原式———=^1=^+1)(A-_1)=x+l
X—1X—1X—1X—1
故选:A.
【题目点拨】
本题考查了分式的加减法,掌握计算法则是解题关键.
10、C
【分析】解分式方程,且分式的分母不能为0.
【题目详解】解:由题意,得
x+2=0且x-及0,
解得x=-2,
故选:C.
【题目点拨】
掌握分式方程的解法为本题的关键.
二、填空题(每小题3分,共24分)
11、加>2:且加W3.
【分析】方程两边同乘以X-1,化为整数方程,求得x,再列不等式得出m的取值范围.
【题目详解】方程两边同乘以x-1,得,m-l=x-l,
解得x=m-2,
vn3
•••分式方程--+-^=1的解为正数,
X—11—X
;.x=m-2>0且x-1^0,
即m-2>0且m-2-l^O,
.*.m>2且mrl,
故答案为m>2且mrL
12、①②④
【分析】根据等边三角形的性质可得CA=CB,CD=CE,ZACB=ZDCE=60°,然后根据等式的基本性质可得
ZACD=ZBCE,利用SAS即可证出AACD丝AfiCE,即可判断①;根据全等三角形的性质,即可判断②;利用三
角形的内角和定理和等量代换即可求出NAOB,即可判断③,最后利用ASA证出AACPgABC。,即可判断④.
【题目详解】解:•••△ABC和4CDE都是等边三角形
.\CA=CB,CD=CE,ZACB=ZDCE=60°
:.NACB+NBCD=NDCE+ZBCD
/.ZACD=ZBCE
在AACD和MCE中
CA=CB
<ZACD=NBCE
CD=CE
:.^ACD^ABCE,故①正确;
/.ZCAD=ZCBE,AD=BE,故②正确;
,:ZOPB=ZCPA
/.ZAOB=180°-ZOPB-ZCBE=180°-ZCPA-ZCAD=ZACB=60°,故③错误;
VZBCQ=180°-ZACB-ZDCE=60°
/.ZACP=ZBCQ
在AACP和A5CQ中
ZACP=ZBCQ
<CA=CB
ZCAP=ZCBQ
:.AAC2A5C。,
AP=BQ,故④正确.
故答案为:①②④.
【题目点拨】
此题考查的是全等三角形的判定及性质和等边三角形的性质,掌握全等三角形的判定及性质和等边三角形的性质是解
决此题的关键.
13、x=0
【分析】分式方程去分母转化为整式方程,求出整式方程的解得到x的值,经检验即可得到分式方程的解.
【题目详解】去分母得:X-5=2x-5,
解得:x=0,
经检验x=0是分式方程的解.
故答案为:x=0.
【题目点拨】
本题考查了解分式方程,利用了转化的思想,解分式方程注意要检验.
14,(22019,22019)
【分析】因点男,见,员…都在第一象限的角平分线上,AO44是等腰直角三角形,。&=44=1,4。,1),以此
类推得出外(2,2),骂(4,4),其(8,8)从而推出一般形式工(2二2")即可求解.
【题目详解】解:•••4,32,员…都在第一象限的角平分线上
AOABi是等腰直角三角形
=1
:.4(U)
同理可得:与(2,2),4(4,4),B4(8,8)
当〃=2020时,代入得与期^加,22019)
故答案为:(2如9,2如9).
【题目点拨】
本题主要考查的是找规律问题,先写出前面几个值,在根据这几个值找出其中的规律扩展到一般情况是解题的关键.
15、>
【解题分析】利用作差法即可比较出大小.
【题目详解】解:*代1_5_42+4_9一4^_产一产
8-F------8-------8------8->U
.•—>0-1.
故答案为〉.
16、49
【分析】根据平方差公式把原式进行因式分解,把s-f=7整体代入分解后的式子,化简后再次利用整体代入即可得.
【题目详解】s—t=7,
原式=(s+f)(s—/)-14/=7(s+/)-14/=7(s—/)=49,
故答案为:49.
【题目点拨】
考查了“整体代换”思想在因式分解中的应用,平方差公式,熟记平方差公式,通过利用整体代入式解题关键.
17、105°
【分析】由在△ABC中,AC^AD=BD,NB=25。,根据等腰三角形的性质,即可求得NAOC的度数,接着求得NC
的度数,然后根据三角形内角和定理可得/R4C的度数.
【题目详解】解:;AD=BD,
.,.ZBAD=ZB=25°,
NADC=NB+NBAD=25°+25°=50°,
VAD=AC,
,NC=NADC=50。,
.,.ZBAC=1800-ZB-ZC=180°-25°-50°=105°,
故答案为105°.
【题目点拨】
本题考查等腰三角形的性质,三角形外角的性质以及三角形内角和定理,熟练掌握等腰三角形的性质是解题的关键.
18、①②④⑤.
【分析】由三角形内角和定理和角平分线得出NPBC+NPC8的度数,再由三角形内角和定理可求出N5PC的度数,
①正确;由N5PC=120。可知NOPE=120。,过点尸作尸尸,ASPGLAC,PHLBC,由角平分线的性质可知AP是
N3AC的平分线,②正确;Pb=PG=/W,故NA尸尸=NAGP=90。,由四边形内角和定理可得出NFPG=120。,故NOP尸
=ZEPG,由全等三角形的判定定理可得出△PF。名ZiPGE,故可得出尸0=PE,④正确;由三角形全等的判定定理
可得出△^以「^△万万尸,XCHP经△CGP,故可得出BH=BD+DF,CH=CE-GE,再由。尸=EG可得出BC=BD+CE,
⑤正确;即可得出结论.
【题目详解】解:分别是NA3C与NACB的角平分线,N5AC=60。,
AZPBC+ZPCB^—(180°-ZBAC)(180°-60°)=60°,
22
AZBPC=180°-(NPBC+NPCB)=180°-60°=120°,①正确;
VZBPC=120°,
:.ZDPE=120°,
过点尸作PGLAC,PHVBC,
•:BE、CD分别是NA5C与/AC3的角平分线,
.,.AP是NBAC的平分线,②正确;
:.PF=PG=PH,
,:N5AC=60°NAFP=NAGP=90°,
:.ZFPG=12d°,
ZDPF^ZEPG,
ZDFP=ZEGP
在△PF。与APGE中,<PF=PG,
ZDPF=ZEPG
:./\PFD^/\PGE(ASA),
:.PD=PE,④正确;
BP=BP
在RtABHP与RtABFP中,《,
PF=PH
尸尸(HL),
同理,RtACHP^RtACGP,
:.BH=BD+DF,CH=CE-GE,
两式相加得,BH+CH=BD+DF+CE-GE,
•;DF=EG,
:.BC=BD+CE,⑤正确;
没有条件得出AZ>=AE,③不正确;
故答案为:①②④⑤.
本题考查的是角平分线的性质、全等三角形的判定与性质,根据题意作出辅助线,构造出全等三角形是解答此题的关
键.
三、解答题(共66分)
19、(1)见解析;(2)4.
【分析】(1)可先由关于y轴对称的点的坐标的特征求出点Ai,Bi,G的坐标,再描点,连线即可;
(2)如图所示,作矩形EAiFM,求矩形的面积与△AiEG,ACiMBi,ABiFAi三个三角形的面积差即可.
【题目详解】解:(1)如图所示,△AiBiG即为所求;
⑵如图所示,作矩形EAiFM,
贝!ISAA1B1C1=S矩形EAIFM-SAAIECI-SACIMBI-SABIFAI
111
=3x4---x3x2---xlx2---x2x4
222
=4,
故答案为:4.
【题目点拨】
此题考查的是作关于y轴对称的图形和求格点中图形的面积,掌握关于y轴对称的图形的画法和用矩形框住三角形,
然后用矩形的面积减去三个直角三角形的面积是解决此题的关键.
20、见解析
【分析】证明△ABCgZkAOE(SAS'),得出NR4c=NZUE,即可得出N1=N1.
AB=AD
【题目详解】解:证明:在△ABC和△AOE中,<ZB=ZD,
BC=DE
:./\ABC^/\ADE(SAS),
;.NBAC=NDAE,
:.Z1=Z1.
【题目点拨】
本题考查了全等三角形的判定与性质,证明三角形全等是解题的关键.
21、m=0.8
【分析】今年该商品售价为每件+木}售出的数量是6。-器,然后根据题意列方程求解即可.
【题目详解】解:由题意知今年该商品售价为每件。(1+工*10%),售出的数量是仅1-mxxlO%),
mx
贝!I销售额是+—
lo
如果售价每件涨价1.25成,营业额将达到""1+"疗
4m
r,r=,1.25、,mxl.125^ab(l+m)~
则可列41+x,1——--=7~
<10Jv10)4m
化简得25m2—40m+16=0,
(5m-4)2=0,
•*.5m=4,
m=0.8.
【题目点拨】
本题考查了方程的应用,完全平方公式,正确列出方程是解答本题的关键.
22、(1)OABQDC;OBC,OCB;(2)证明详见解析.
【分析】(1)思路一:可通过证明OAB=ODC,利用全等三角形对应边相等可得06=0C;思路二:可通过证
明ZOBC=NOCB利用等角对等边可得OB=OC;
(2)任选一种思路证明即可.思路二:利用SSS证明AABC也ADCB,可得NOBC=NOCB,利用等角对等边可得
OB=OC.
【题目详解】(1)OABQDC
OBC,OCB
(2)选择思路二,证明如下:
在AABC和ADCB中
AB=DC,
<AC=DB,
BC=CB,
AABC^ADCB.
:.ZOBC=ZOCB.
:.OB=OC.
【题目点拨】
本题主要考查了全等三角形的判定与性质,还设计了等腰三角形等角对等边的性质,灵活利用全等三角形的性质是解
题的关键.
23、(3)(-3,3);
(3)作图见解析
(3)(-3,3).
【解题分析】试题分析:(3
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