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文档简介
2020-2021学年广州市番禺区八年级上学期期末数学试卷
一、选择题(本大题共10小题,共30.0分)
1.下列所给的汽车标志中,既是轴对称图形,又是中心对称图形的是()
2.雾霾是一种灾害性天气现象,由大量的PM2.5(指大气中直径不超过0.0000025米的颗粒物)集聚
形成,将0.0000025用科学记数法表示为()
A.2.5x107B.2.5xIO-7C.2.5x10-6D.2.5x10-5
3.已知三角形三边长为2、a、5,那么a的取值范围是()
A.1<a<5B.2<a<6C.3<a<7D.4<a<6
4.下列运算正确的是()
A.4a2—(2a)2=2a2B.a2-a3=a6
53222
C.(a2b>=abD.(a+b)a+b
5.下列条件能判定△ABC三△DEF的一组是()
A.Z.A=Z.D,乙B=LE,“=Z.F
B.AB=DE,BC=EF,乙4=4。
C./A=34C=",AC=DF
D.△ABC的周长等于△DEF的周长
6.若分式贵在实数范围内有意义,则x的取值范国是()
A.x—2B.x>-2C.x<—2D.x=—2
7,若一个多边形每一个内角都是120。,则这个多边形的边数是()
A.6B.8C.10D.12
8.若9/+kxy+i6y2是一个完全平方式,则实数卜的值为()
A.12B.24C.-24D.±24
9.如图,在矩形4BCD中,AE平分NB4D交BC于点E,连接ED,若ED=5,EC=3,则长方形的
面积为()
A.15B.1628
10.甲乙两地相距m千米,原计划火车每小时行工千米.若每小时行50千米,则火车从甲地到乙地所
需时间比原来减少()
AI771771I-^771771I_L
A.6小时B.1小时C.刀一6小时D.而一1小时n
二、填空题(本大题共6小题,共18.0分)
11.点M关于原点。的对称点N为(3,-4),则点M关于y轴的对称点坐标为.
12.分解因式:4x2—2xy=.
13.若分式普J的值为0,则x的值为____.
xz-3x+2
14.己知△ABC中,AB=AC,BD1AC^D,AC=2BD,则.
15.已知在等腰△ABC中,乙4=80。,则其余的两个角的度数分别是.
16.一副三角板按如图所示叠放在一起,4c=60。,NOAB=45。,其
中点B、。重合,若固定AAOB,将三角板ACO绕着公共顶点4顺时/
针旋转一周后停止,当旋转角为度时,CDHAO.
OB(D)
三、计算题(本大题共1小题,共6.0分)
17.先化简,再求值.(x+4)。-4)-(2%-3产,其中x=2.
四、解答题(本大题共8小题,共66.0分)
18.将下面相对应的因式分解用线连起来.
(1)a'—1(a+1)(a—1)
(2)优+6a+9(2a+l)(2a-1)
(3)a—4a+4a(a-b)
(4)4a*—13+3),
(5)a-ab3-2)’
19.如图,B,E,C,F四点在一条直线上,AB=DE,BE=CF,NB=/DEF.求证:AC//DF.
20.如图,已知:△ABD,AAEC都是等边三角形,BE与OC相交于点0.
⑴求48。。的度数?
(2)探究△ABC满足怎样条件时?BE与DC互相平分,并说明理由.
21.先化简(£-再求当欠=2时的分式值.
22.已知:A/IBC是三边都不相等的三角形,点。和点P是这个三角形内部两点.
(1)如图①,如果点P是这个三角形三个内角平分线的交点,那么NBPC和有怎样的数量关系?
请说明理由;
(2)如图②,如果点。是这个三角形三边垂直平分线的交点,那么NB0C和N84C有怎样的数量关系?
请说明理由;
(3)如图③,如果点P(三角形三个内角平分线的交点),点。(三角形三边垂直平分线的交点)同时在不
等边△ABC的内部,那么NBPC和NB0C有怎样的数量关系?请直接回答.
图③
23.【知识再现】
学完《全等三角形》一章后,我们知道“斜边和一条直角边分别相等的两个直角三角形全等(简称
定理)”是判定直角三角形全等的特有方法.
【简单应用】
如图(1),在△ABC中,/.BAC=90°,4B=4C,点。、E分别在边AC、48上.若CE=BD,则线段
4E和线段4。的数量关系是.
【拓展延伸】
在A/IBC中,£.BAC=a(90°<a<180°),AB=AC=m,点。在边4c上.
(1)若点E在边4B上,且CE=BD,如图(2)所示,则线段AE与线段AD相等吗?如果相等,请给出证
明;如果不相等,请说明理由.
(2)若点E在BA的延长线上,且CE=BD.试探究线段4E与线段4D的数量关系(用含有a、m的式子表
示),并说明理由.
24.2019年8月,龙城太原成功举办了全国第二届青年运动会.其中,太原学院足球场作为一个重
要的比赛场馆,占地面积约24300平方米,总建筑面积4790平方米,设有2476个座位,整体建
筑简洁大方,独具特色.2018年3月15日该场馆如期开工,某施工队负责安装该场馆所有座位,
在安装完476个座位后,采用新技术,效率比原来提升了25%,结果比原计划提前4天完成安装
任务,求原计划每天安装多少个座位?
25.在平面直角坐标系中,点4在y轴正半轴上,点B在%轴正半轴上,满足。4=0B=m,P为x轴
上一点(与。、B两点不重合),0P=n,点P关于y轴的对称点为Q,过Q作4P的垂线交直线AP于
点H,交直线AB于点M.
(1)如图,点P在线段0B上
①已知NPA。=a,直接用含a的式子表示出Z71MQ=;
②过点P作PZ〃/AB交04于点。,求证PD=BM.
(2)若P点在射线B。上,请你画图探究点M的位置并直接写出相对应的点M的坐标(用含m、ri的式子
表示).
参考答案及解析
1.答案:c
解析:解:4不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故本选项不合题意;
员不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项不合题意;
C既是轴对称图形,又是中心对称图形,故本选项符合题意;
。.是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项不合题意.
故选:C.
根据轴对称图形和中心对称图形的概念,对各选项分析判断即可得解.把一个图形绕某一点旋转180。,
如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么这个图形就叫做中心对称图形,这个点叫做对称中
心.如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够互相重合,这个图形叫做轴对称图形,这
条直线叫做对称轴,这时,我们也可以说这个图形关于这条直线(成轴)对称.
本题考查了中心对称图形与轴对称图形,熟记相关定义是解答本题的关键.
2.答案:C
解析:解:将0.0000025用科学记数法表示为2.5x10-6,
故选:C.
绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示,一般形式为axlO-n,与较大数的科学记数法不同
的是其所使用的是负指数累,指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的。的个数所决定.
本题考查用科学记数法表示较小的数,一般形式为axlO-n,其中lS|a|<10,n为由原数左边起
第一个不为零的数字前面的0的个数所决定.
3.答案:C
解析:解:•••三角形的三边长分别为2、a、5,
5—2<a<5+2,即3<a<7.
故选:C.
根据三角形的三边关系列出不等式即可求出a的取值范围.
本题考查了三角形三边关系.解答此题的关键是熟知三角形的三边关系,即任意两边之和大于第三
边,任意两边之差小于第三边.
4.答案:D
解析:解:4、4a2-(2a)2=4a2-4a2=0,原计算错误,故本选项不符合题意;
B、a2-a3=a5,原计算错误,故本选项不符合题意;
C、(a2b)3=a6b3,原计算错误,故本选项不符合题意;
D、因为(a+b)2=a?—2ab+川,所以(a+b)2ka?+炉,原式正确,故本选项符合题意.
故选:D.
根据积的乘方、合并同类项、同底数帮的乘法的运算法则和完全平方公式进行逐一计算即可.
此题考查了积的乘方、合并同类项、同底数幕的乘法的运算法则和完全平方公式,熟练掌握运算法
则和公式是解本题的关键.
5.答案:C
解析:解:4、/-A=乙D,乙B=乙E,乙C="是444,不能判定两三角形全等,故选项不符合题意;
B、AB=DE,BC=EF,=4。是SSA,不能判定两三角形全等,故选项不符合题意;
C、ZC=ZF,AC=DF^ASA,能判定两三角形全等,故选项符合题意;
D、AABC的周长等于AOEF的周长,三边不可能相等,故选项不符合题意.
故选:C.
判定两个三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、AS4、44S、HL,结合选项逐一检验.
本题重点考查了三角形全等的判定定理,普通两个三角形全等共有四个定理,即44S、ASA.S4S、
SSS,直角三角形可用HL定理,但A44SS4无法证明三角形全等,本题是一道较为简单的题目.
6.答案:A
解析:本题考查分式有意义的条件。分式有意义的条件是分式的分母不等于0,由此得出关于x的不
等式,解之即可得出结果。
解:•・•分式+在实数范围内有意义,
・,・%+2H0,
解得:工。一2,
则x的取值范国是:%*-2,
故选Ao
7.答案:A
解析:解:••・多边形每一个内角都是120。,
.,•多边形每一个外角都是180。-120。=60°,
360°+60°=6,
这个多边形的边数是6.
故选4.
根据多边形相邻的内角与外角互为补角求出每一个外角的度数,再根据多边形的边数等于外角和除
以每一个外角的度数计算即可得解.
本题考查了多边形的外角,利用多边形的边数等于外角和除以每一个外角的度数是常用的方法,求
出多边形的每一个外角的度数是解题的关键.
8.答案:D
解析:解:1••9x2+kxy+16y2是一个完全平方式,
:.k=+24,
故选:D.
利用完全平方公式的结构特征判断即可确定出k的值.
此题考查了完全平方式,熟练掌握完全平方公式是解本题的关键.
9.答案:D
解析:解:•••四边形4BCD是矩形,
:.AB=DC,AD=BC,4c=90°,4D//BC,
ED=5>EC=3>
在RtADCE中,由勾股定理得:DC=>JED2-EC2=4,
•••AB-DC=4,
-AD//BC,
•••Z.DAE=Z.AEB,
■:4E平分4048,
•••Z.DAE=/.EAB,
•1•Z.EAB-Z.AEB,
:.BE=AB=4,
■■■CE=3,
•••AD—BC—BE+CE=7,
二矩形ZBCD的面积是4x7=28,
故选:D.
根据矩形的性质得出AB=DC,AD=BC,Z.C=90°,AD〃BC,根据勾股定理求出OC,求出4B=BE,
求出BC,即可得出答案.
本题考查了矩形的性质,勾股定理等知识点,能根据矩形的性质求出矩形的边DC和BC的长是
解此题的关键.
1。答案:c
解析:解:可先求出原计划火车从甲地到乙地所需的时间,即子小时,再求每小时行50千米所需要
的时间,即合小时.
故选:C.
将原计划的时间减去实际需要的时间,就可以得出火车从甲地到乙地所减少的时间.
找到所求的量的等量关系是解决问题的关键.
11.答案:(3,4)
解析:
本题考查了关于原点对称的点的坐标,和关于y轴的对称的点的坐标.。平面直角坐标系中任意一点
P(x,y).关于原点的对称点是即关于原点的对称点,横纵坐标都变成相反数;平面直角
坐标系中任意一点P(x,y),关于y轴的对称点是(-x,y),即关于y轴的对称点,可得答案.
解:由M关于原点。的对称点N为(3,-4),则点M坐标为(一3,4),
所以点M关于y轴的对称点坐标为(3,4).
故答案为(3,4).
12.答案:2x(2x-y)
解析:
此题主要考查了提公因式法分解因式,关键是正确找到公因式.直接提取公因式2x即可.
解:4x2—2xy=2x(2x-y),
故答案为2x(2%—y).
13.答案:-2
解析:解:由分式的值为零的条件得|久|-2=0,且分母/一3x+2=(x-2)(%-1)K0,
解得,x——2,
故填:一2.
根据分式的值为零的条件可以求出x的值.
本题考查了分式的值为零的条件.若分式的值为零,需同时具备两个条件:(1)分子为0;(2)分母不
为0.这两个条件缺一不可.
14.答案:30。或150。
解析:解:①当N4是锐角时,
A
B
vBDLAC,
・•・Z.ADB=90°,
•・・AB=AC.
vAB=2BD,
・•・BD:AB=1:2,
i
:.s^BAC=-,
・・・乙BAC=30°,
②当乙4是钝角时,同法可得NB40=30。,可得484。=150。
C
故答案为:30°或150°.
分两种情形分别画出图形求解即可.
此题主要考查了三角函数,关键是掌握特殊角的三角函数数值,以及三角函数定义.
15.答案:80。,20。或50。,50。
解析:
本题考查了等腰三角形的性质和三角形的内角和定理,注意此题有两种情况.
根据等腰三角形的性质分乙4为顶角或底角两种情况求解即可.
解:当乙4=80。为底角时,
此时另一底角为80。,顶角为20。;
当44=80。为顶角时,
此时=ZC=1800-80°=50°;
2
故答案为80。、20。或50。、50°.
16.答案:75。或255。
解析:
本题考查旋转变换,平行线的性质等知识,解题的关键是学会用分类讨论的思想思考问题.
分两种情形:如图1中,当CC在。4的左侧,时,如图1中,当CD在。4的左侧,CZV/AO时,
分别求解即可.
解:如图1中,当CD在04的左侧,CD〃4。时,旋转角=45。+30。=75。;
图1
C0〃OA时,旋转角=45。+180。+30。=255。,
图2
故答案为75。或255。.
17.答案:解:(x+4)(x—4)—(2x—3)2
=x2—16—4x2+12x—9
=-3%2+12x—25,
当x=2时,原式=-3X22+12x2-25=-12+24-25=-13.
解析:根据平方差公式和完全平方公式可以化简题H中的式子,然后将工的值代入化简后的式子即可
解答本题.
本题考查整式的混合运算-化简求值,解答本题的关键是明确整式化简求值的方法.
18.答案:解:(l)a2-l=(a+l)(a-l);
(2)Q2+6Q+9=(a+3)2;
(3)a2—4Q+4=(a—2)2;
(4)4a2-1=(2Q+l)(2a-1);
(5)a2—ab=a(a—b).
解析:原式各项左边分解因式得到结果,即可连线.
19.答案:证明:・.・8E=C产,
・•・BE+CE=CF+EC,
・・・BC=EF,
在△48。和^DEF中,
AB=DE
乙B乙乙DEF,
BC=EF
.-.△?1FC=ADEF(iSAS),
••・Z-ACB=乙DFE,
AC//DF.
解析:由=可得BC=EF,再有已知条件进而可得出△ABCWADEF,即可得出结论.
本题主要考查了全等三角形的判定及性质以及平行线的判定,属于基础性题目应熟练掌握.
20.答案:解:与A/EC都是等边三角形,
・・・AD=AB,AE=ACf4ADB=乙ABD=60°,乙DAB=Z.EAC=60°,
・'・Z.DAB+Z-BAC=Z-EAC+Z-BAC>
・••Z.DAC=乙BAE,
在△。4C和484E中
AD=AB
Z.DAC=乙BAE,
,AC—AE
.-^DAC=^BAE(SAS^
:.Z.ADC=乙ABE,
•・•Z.BOC=乙ODB4-Z,DBA+Z.ABE
=(ODB+60°+Z.ADC
60°+QODB+Z-ADQ
=60°+60°=120%
:.(BOC=120°;
(2)当△48C满足48=4C,且NB4C=120。时,则有ZE与OC互相平分.
^AB=AC,/-BAC=60°,
△ABD,△/EC都是等边三角形,
:.BD=AB,AC=CE,/.CAE=60°,
-AB=AC,^BAC=120°,
・•・BD=CE,/.BAC+/-CAE=180°,
:.B、A.E三点在同一直线上,
同理,C、4、。三点也在同一直线上,
•:kABD,△4EC都是等边三角形,
・•・Z.ABD=Z.AEC,
・・・BD//CE,
•・・BD=CE,
,四边形BCED是平行四边形,
・•・BE与DC互相平分.
解析:(1)由条件可证明A/lDC三AABE,可证得NADC=N4BE,根据三角形的内角和定理求出
乙BOD=180°-乙ODB-/.DBA-UBE=60°,
(2)连接DE,当BE与DC互相平分,则四边形BCED是平行四边形,于是BD=CE,BD〃CE,因止匕△4BD,
△4EC是边长相等的两个等边三角形,由此可以说明△ABC满足的条件,由此条件证明四边形BCED
是平行四边形便可.
本题主要考查全等三角形的判定和性质,等边三角形的性质,等腰三角形的性质,平行四边形的性
质与判定,掌握全等三角形的判定方法(即SSS、S4S、ASA.41s和HL)和全等三角形的性质(即全等
三角形的对应边相等、对应角相等),以及平行四边形的性质与判定是解题的关键.
21.答案:解:原式=西西+而E
x4-1—x+12(%+1)(久—1)
(%+1)(%—1)x
_4
——,
X
当x=2时,,原式=g=2.
解析:将括号内的部分通分,因式分解后将除法转化为乘法再约分即可.
本题考查了分式的化简求值,熟悉通分、约分、因式分解是解题的关键.
22.答案:解:⑴N8PC=90。+
•••BP平分N4BC,CP平分〃CB,
•••乙PBC=-Z.ABC,乙PCB=-Z.ACB,
22
:.乙BPC=180°-(乙P8C+乙PCB)
11
=180°-(-/-ABC+2乙4。8)
1
=180°--(AABC+乙ACB)
1
=18O°--(18O°-ZF/1C)
=90。+2/C;
(2)zSOC=2Z.BAC
如图,连接4。.
图②
・・•点。是这个三角形三边垂直平分线的交点,
・•・OA=OB—OC,
:,Z-OAB=z.OBAtZ-OAC=z.OCAfZ-OBC=乙OCB,
・・・^AOB=180°-2M)AB,Z.AOC=180°-24OAC,
・・・Z,BOC=360°-(乙AOB+Z.AOC)
=360°一(180°-2/048+180°-2ZO/1C),
=2乙。/B+2^OAC
=2/LBAC;
⑶MBPC-乙BOC=360°,
•・•点P为三角形三个内角平分线的交点,
1
・・・乙BPC=90°+-/.BAC
由NBAC=248PC-180。
点。为三角形三边垂直平分线的交点
乙BOC=2(BAC,
:.Z.BOC=2sBpc-180°)=4Z.BPC-360°,
即44BPC-NBOC=360°.
解析:(1)根据三角形角平分线的性质以及三角形内角和定理推导即可;
(2)根据三角形垂直平分线的性质以及三角形内角和定理推导即可;
⑶结合⑴(2)的结论乙BPC=90。+亚8"、乙BOC=2乙BAC,通过等量代换即可.
本题考查了三角形的垂直平分线与角平分线,熟练掌握三角形的垂直平分线与角平分线的性质是解
题的关键.
23.答案:【简单应用】AE=AD
【拓展延伸】解:①结论:AE=AD.
图⑵
理由:如图(2)中,过点。作。时184交84的延长线于M,过点N作BN_LC力交C4的延长线于N.
vz_M=Z.N=90°,乙CAM=^BAN,CA=BA,
/.△CAM^LB4N(44S),
:,CM=BN,AM=AN,
vZM=Z/V=90°,CE=BD,CM=NM,
・•・Rt△CME=Rt△BND(HL),
:.EM=DN,
-AM=AN,
,AE=AD.
②如图(3)中,结论:AE-AD=2m-cos(180°-a).
图(3)
理由:在48上取一点E',使得BD=则=4E'.过点C作CT1AE于7.
vCE'=BD,CE=BD,
•••CE=CE',
•:CT1EE',
•••ET=TE',
AT=AC-cos(180°—a)=m-cos(180°—a),
•••AE-AD=AE-AE'=2AT=2m-cos(1800-a).
解析:【简单应用】解:如图(1)中,结论:AE=AD.
:.Rt△ABD=Rt△ACE(HL),
••AD=AE.
故答案为:AE=AD.
【简单应用】证明RtAABD三RtAACE(HL),可得结论.
【拓展延伸】①结论:AE=4D.如图(2)中,过点C作CM1B4交BA的延长线于M,过点N作BN1CA
交CA的延长线于N.证明△CAM三△B4NQ44S),推出CM=BN,AM=AN,△CME^Rt△
BND(HL),推出EM=ON,可得结论.
②如图(3)中,结论:AE-/W=2nl•cos(18(T-a).在AB上取一点E',使得BD=CE',则4。=AE'.
过点C作C7J.AE于7.证明7E=7E',求出AT,可得结论.
本题属于三角形综合题,考查了全等三角形的判定和性质,等腰三角形的判定和性质,解直角三角
形
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