高三物理上学期第五次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题

wordword/word贵州省遵义市住居补习学校2015届高三上学期第五次月考物理试卷〔12月份〕一、选择题〔此题共15小题，每一小题4分共60分；每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．〔4分〕如下列图，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，假设不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度〔〕 A． 一定减小 B． 一定增大 C． 一定不变 D． 可能不变2．〔4分〕一个点电荷，从静电场中的a点移到b点的过程中，电场力做功为零，如此〔〕 A． a、b两点的电场强度一定相等 B． 作用于该点电荷的电场力与其移动方向总是垂直的 C． a、b两点的电势差为零 D． 点电荷一定沿直线从a点移到b点3．〔4分〕两个固定的等量异种电荷，在他们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下列图，如下说法正确的答案是〔〕 A． a点电势比b点电势高 B． a、b两点场强方向一样，a点场强比b点大 C． a、b、c三点与无穷远电势相等 D． 一带电粒子〔不计重力〕，在a点无初速释放，如此它将在a、b线上运动4．〔4分〕一带电粒子射入一固定在O点的点电荷电场中，粒子运动轨迹如图中虚线abc所示．图中的实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计粒子的重力，如此可以断定〔〕 A． 粒子受到静电引力 B． 粒子在b点受到的电场力最大 C． 从a到c整个过程，电场力做正功 D． 粒子在b点的速度大于在a点的速度5．〔4分〕如下列图，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下〔不计重力〕一带电粒子经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，以下判断正确的答案是〔〕 A． A、B两点相比拟，A点电势高 B． 粒子在A点时加速度大 C． 粒子带正电 D． 粒子在B点的动能大6．〔4分〕对于点电荷的电场，我们取无限远处作零势点，无限远处的电势能也为零，那么以下说法错误的答案是〔〕 A． 在正电荷形成的电场中，各点的电势均大于零 B． 在负电荷形成的电场中，各点的电势均小于零 C． 正电荷在高电势处，电势能大 D． 负电荷在高电势处，电势能大7．〔4分〕如图，有一电荷q=﹣3×10﹣6库仑，从A点移到B点，电场力做功为6×10﹣4焦耳，从B点移到C点抑制电场力做功4×10﹣4焦耳，在A、B、C三点中，电势最高的点和电势最低的点分别是〔〕 A． B点和A点 B． A点和C点 C． B点和C点 D． A点和B点8．〔4分〕在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5焦耳，如此如下判断正确的答案是〔〕 A． 电场强度方向一定由b指向a B． a、b两点的电势差为5伏特 C． 电子的动能减少了5焦耳 D． 电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值9．〔4分〕如下列图，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的P点以一样的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落到A、B、C三点，如此可以断定〔〕 A． 落到A点的小球带正电，落到C点的小球带负电 B． 三小球在电场中运动时间相等 C． 三小球到达正极板的动能关系是EKA＞EKB＞EKC D． 三小球在电场中运动的加速度是aA＞aB＞aC10．〔4分〕如下列图，电子在电压为U1的加速电场中由静止开始运动，然后进入电压为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向和极板平行．整个装置放在真空中，在满足电子能射出平行板区的条件下，一定能使电子的偏移量h变大的是〔〕 A． U1变大、U2变大 B． U1变小、U2变大 C． U1变大、U2变小 D． U1变小、U2变小11．〔4分〕如下列图，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图象，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图象，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图象，将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么〔〕 A． R接到a电源上，电源的效率较高 B． R接到b电源上，电源的输出功率较大 C． R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低 D． R接到b电源上，电阻R的发热功率和电源的效率都较高12．〔4分〕如图是一火警报警的一局部电路示意图．其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是〔〕 A． I变大，U变大 B． I变小，U变小 C． I变小，U变大 D． I变大，U变小13．〔4分〕在如图电路中K1、K2、K3、K4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪一个开关后P会向下运动？〔〕 A． K1 B． K2C． K3 D． K414．〔4分〕在研究微型电动机的性能时，应用如下列图的实验电路．当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V．如此这台电动机正常运转时输出功率为〔〕A． 47W B． 44W C． 32W D． 48W15．〔4分〕如下列图，直线A为电源的U﹣I图线，曲线B为灯泡电阻的U﹣I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是〔〕A． 4W、8W B． 2W、4W C． 4W、6W D． 2W、3W二、非选择题〔本大题50分〕16．〔18分〕某同学利用多用电表测量一个未知电阻的阻值，由于第一次选择的欧姆档〔×10〕不够适宜，现改换另一欧姆档测量．两次测量时多用电表指针所指位置如下列图，下面列出第二次测量的有关操作：A．将两表笔短接，并调零B．将两表笔分别跟被测电阻的两端接触，观察指针的位置，记下电阻值C．将多用电外表板上旋钮调到×100档D．将多用电外表板上旋钮调到×1档E．将多用电外表板上旋钮调到off位置〔1〕根据上述有关操作，将第二次测量的合理实验步骤按顺序写出．〔2〕该电阻的阻值是．17．在“测定金属的电阻率〞的实验中，测定阻值约为3﹣5Ω的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格：量程0﹣3V、内阻3kΩ；电流表规格：量程0﹣0.6A、内阻0.1Ω；还有其他一些器材：〔1〕在给定的方框内画出实验电路图；〔2〕用螺旋测微器测得金属丝的直径如下列图，可知金属丝的直径d=mm；〔3〕实验中还应测出的物理量是；电阻率的计算公式为ρ=．三、解答题〔共6小题，总分为32分〕18．〔6分〕如下列图，质量为m，电量为e的电子，从A点以速度v0垂直场强方向射入匀强电场中，从B点射出电场时的速度方向与电场线成120度角，如此A、B两点间的电势差是多少？19．〔8分〕如下列图，质量为5×10﹣8kg的带电微粒以V0=2m/s的速度从水平放置的金属板A、B的中央飞入板间，板长L=10cm，板间距离d=2cm．当UAB〔1〕UAB为多大时粒子擦上板边沿飞出？〔2〕UAB在什么范围内带电粒子能从板间飞出？不能忽略粒子重力．20．如下列图，在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面〔纸面〕向外．一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y=h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后，经过x轴上x=2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y=﹣2h处的P3点．不计重力．求〔l〕电场强度的大小．〔2〕粒子到达P2时速度的大小和方向．〔3〕磁感应强度的大小．21．如图，在宽度分别为l1和l2的两个毗邻的条形区域分别有匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直于纸面向里，电场方向与电、磁分界限平行向右，一带正电荷的粒子以速率v从磁场区域上边界的P点斜射入磁场，然后以垂直于电、磁场分界限的交点到PQ的距离为d，不计重力，求电场强度与磁感应强度大小之比与粒子在磁场与电场中运动时间之比．22．〔8分〕小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动．当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地．如下列图．握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为d，重力加速度为g．忽略手的运动半径和空气阻力．〔1〕求绳断时球的速度大小v1和球落地时的速度大小v2．〔2〕问绳能承受的最大拉力多大？〔3〕改变绳长，使球重复上述运动，假设绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球抛出的水平距离最大，绳长应是多少？最大水平距离为多少？23．〔10分〕水平面上有一带圆弧形凸起的长方形木块A，木块A上的物体B用绕过凸起的轻绳与物体C相连，B与凸起之间的绳是水平的．用一水平向左的拉力F作用在物体B上，恰使物体A、B、C保持相对静止，如图．物体A、B、C、的质量均为m，重力加速度为g，不计所有的摩擦，如此拉力F应为多大？贵州省遵义市住居补习学校2015届高三上学期第五次月考物理试卷〔12月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔此题共15小题，每一小题4分共60分；每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．〔4分〕如下列图，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，假设不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度〔〕 A． 一定减小 B． 一定增大 C． 一定不变 D． 可能不变考点： 电容器的动态分析．专题： 电容器专题．分析： 静电计测定电容器两板间的电势差，电势差越大，指针的偏转角度越大．由题，平行板电容器带电后电量不变，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质后，分析电容的变化，再由电容的定义式分析静电计指针的偏转角度的变化．解答： 解：由题，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，根据电容的决定式C=可知，电容增大，电容器的电量不变，由C=得知，板间电势差减小，如此静电计指针的偏转角度一定减小．故A正确，BCD错误．应当选A点评： 对电容的定义式和决定式两个公式要熟练掌握，灵活应用，此题是常见题型．2．〔4分〕一个点电荷，从静电场中的a点移到b点的过程中，电场力做功为零，如此〔〕 A． a、b两点的电场强度一定相等 B． 作用于该点电荷的电场力与其移动方向总是垂直的 C． a、b两点的电势差为零 D． 点电荷一定沿直线从a点移到b点考点： 电场线．分析： 从a点移到b点的过程中，电场力做功为零，仅仅说明了两点之间的电势差为0，而电场的特点、点电荷移动的轨迹都不知道，所以其他的不能确定．解答： 解：AC、根据公式Wab=qUab分析可知，电场力做功Wab=0，a、b两点的电势差Uab为零．而电势与场强无关，所以a、b两点的电场强度不一定相等．故A错误，C正确．B、电场力做功与路径无关，作用于该点电荷的电场力与其移动方向不一定垂直．故B错误．D、电场力做功为零，点电荷可以沿直线从a点移到b点，也可以不沿直线从a点移到b点．故D错误．应当选：C．点评： 此题抓住电场力做功只与电荷初末位置有关，与路径无关是关键，与重力做功的特点相似．3．〔4分〕两个固定的等量异种电荷，在他们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下列图，如下说法正确的答案是〔〕 A． a点电势比b点电势高 B． a、b两点场强方向一样，a点场强比b点大 C． a、b、c三点与无穷远电势相等 D． 一带电粒子〔不计重力〕，在a点无初速释放，如此它将在a、b线上运动考点： 电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．专题： 电场力与电势的性质专题．分析： 等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，一直延伸到无穷远处．a、b两点场强方向一样，b处电场线较密，场强较大．带电粒子〔不计重力〕，在a点无初速释放，所受的电场力方向与ab连线垂直，不可能沿ab连线运动．解答： 解：A、C、等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，一直延伸到无穷远处，即a、b、c三点与无穷远电势相等．故A错误，C正确．B、a、b两点场强方向一样，b处电场线较密，场强较大．故B错误．D、带电粒子〔不计重力〕，在a点无初速释放，所受的电场力方向与ab连线垂直，不可能沿ab连线运动．故D错误．应当选：C．点评： 此题考查对等量异种电荷等势线与电场线分布的了解与理解程度，根底题．4．〔4分〕一带电粒子射入一固定在O点的点电荷电场中，粒子运动轨迹如图中虚线abc所示．图中的实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计粒子的重力，如此可以断定〔〕 A． 粒子受到静电引力 B． 粒子在b点受到的电场力最大 C． 从a到c整个过程，电场力做正功 D． 粒子在b点的速度大于在a点的速度考点： 电势能；等势面．分析： 电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解答： 解：A、根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，故A错误．B、粒子由a到b，电场强度越强，如此电场力越大，在b点电场力最大，故B正确．C、c点和a点在同一个等势面上，电场力做功为零，动能不变化，故C错误．D、根据动能定理，粒子由a到b，电场力做负功，动能减少，故粒子在b点的速度一定小于在a点的速度，故D错误．应当选：B．点评： 加强根底知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决此题．5．〔4分〕如下列图，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下〔不计重力〕一带电粒子经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，以下判断正确的答案是〔〕 A． A、B两点相比拟，A点电势高 B． 粒子在A点时加速度大 C． 粒子带正电 D． 粒子在B点的动能大考点： 电场线；电势；电势能．专题： 电场力与电势的性质专题．分析： 电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答： 解：A、沿电场线的方向，电势降低，所以A点电势比B点电势高，故A正确；B、电场线密的地方电场的强度大，所以粒子在B点受到的电场力大，在B点时的加速度较大，所以B错误．C、电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以判断得出粒子受到的电场力的方向为向下，与电场线的方向相反，所以该离子带负电，所以C错误；D、从A到B得过程中，电场力对粒子做负功，所以粒子的动能减小，电势能增加，所以D错误．应当选A．点评： 加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．6．〔4分〕对于点电荷的电场，我们取无限远处作零势点，无限远处的电势能也为零，那么以下说法错误的答案是〔〕 A． 在正电荷形成的电场中，各点的电势均大于零 B． 在负电荷形成的电场中，各点的电势均小于零 C． 正电荷在高电势处，电势能大 D． 负电荷在高电势处，电势能大考点： 电势能；电势．专题： 电场力与电势的性质专题．分析： 沿电场线方向电势逐渐降低，根据电场线的指向判断正电荷和负电荷形成电场中的电势．根据Ep=qφ判断电势能的上下．解答： 解：A、正电荷形成的电场中，电场线由正电荷指向无穷远，沿电场线方向电势逐渐降低，无穷远处的电势为零，如此各点的电势大于零．故A正确．B、负电荷形成的电场中，电场线由无穷远指向负电荷，沿电场线方向电势逐渐降低，无穷远处的电势为零，如此各点的电势小于零．故B正确．C、D、根据Ep=qφ得，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小．故C正确，D错误．此题选错误的，应当选D．点评： 解决此题的关键知道电场线和电势的联系，以与知道电势能和电势的关系．7．〔4分〕如图，有一电荷q=﹣3×10﹣6库仑，从A点移到B点，电场力做功为6×10﹣4焦耳，从B点移到C点抑制电场力做功4×10﹣4焦耳，在A、B、C三点中，电势最高的点和电势最低的点分别是〔〕 A． B点和A点 B． A点和C点 C． B点和C点 D． A点和B点考点： 电势能；电势．专题： 电场力与电势的性质专题．分析： 根据电场力做功与电势差的关系，求出AB、BC间的电势差，从而比拟出电势的上下．解答： 解：从A点移到B点，电场力做功为6×10﹣4焦耳，有WAB=qUAB，解得．从B点移到C点抑制电场力做功4×10﹣4焦耳，有WBC=qUBC，解得．可知A点电势比B点电势低200V，B电势比C点电势高V，所以C点电势比A点电势高．如此B点电势最高，A点电势最低．故A正确，B、C、D错误．应当选A．点评： 解决此题的关键知道电场力做功与电势差的关系，以与知道电势差等于电势之差．8．〔4分〕在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5焦耳，如此如下判断正确的答案是〔〕 A． 电场强度方向一定由b指向a B． a、b两点的电势差为5伏特 C． 电子的动能减少了5焦耳 D． 电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值考点： 电势能．分析： 电子在电场中移动时，根据电场力做功不能确定场强方向．电场力做正功多少，电子的电势能就减小多少，动能就相应增加多少．由公式U=求出a、b两点电势差Uab．由题，电势零点未确定，a、b两点的电势没有确定值解答： 解：A、由题，电子由a点移到b点，电场力做功5eV，电子的位移方向不沿b到a，电场强度的方向不一定由b指向a．故A错误B、a、b两点电势差Uab=．故B错误．C、由于电场力对电子做功5eV，电子的电势能就减少了5eV，动能增加5eV．故C错误；D、电势是相对的，是相对零电势点的，根据条件只能求出a、b间电势差，不能确定a、b两点的电势．故D正确．应当选：D点评： 在应用公式U=解题时，U、W、q都要代入符号求解，还要注意电荷移动的方向和电势差的顺序．基此题9．〔4分〕如下列图，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的P点以一样的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落到A、B、C三点，如此可以断定〔〕 A． 落到A点的小球带正电，落到C点的小球带负电 B． 三小球在电场中运动时间相等 C． 三小球到达正极板的动能关系是EKA＞EKB＞EKC D． 三小球在电场中运动的加速度是aA＞aB＞aC考点： 带电粒子在混合场中的运动．专题： 带电粒子在复合场中的运动专题．分析： 有图可知上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．如此不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．解答： 解：在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如如下图所示：由此可知不带电小球做平抛运动a1=，带正电小球做类平抛运动a2=，带负电小球做类平抛运动a3=．根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据t=得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短．A、三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，如此落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最大的A是带正电荷的小球，B是不带电的小球，C带负电的小球．故A正确．B、由于三小球在竖直方向位移相等，初速度均为0，由于电场力的作用，三小球的加速度不相等，故它们的运动时间不相等，故B错误；C、根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功．由受力图可知，带负电小球合力最大为G+F，做功最多动能最大，带正电小球合力最小为G﹣F，做功最少动能最小．故C错误．D、因为A带正电，B不带电，C带负电，所以aA=a2，aB=a1，aC=a3，所以aA＜aB＜aC．故D错误．应当选：A．点评： 确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进展分析．10．〔4分〕如下列图，电子在电压为U1的加速电场中由静止开始运动，然后进入电压为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向和极板平行．整个装置放在真空中，在满足电子能射出平行板区的条件下，一定能使电子的偏移量h变大的是〔〕 A． U1变大、U2变大 B． U1变小、U2变大 C． U1变大、U2变小 D． U1变小、U2变小考点： 带电粒子在匀强电场中的运动．专题： 带电粒子在电场中的运动专题．分析： 电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场是的速度．电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动．运用平抛运动的竖直方向的做匀加速直线运动的位移公式，可求出电子的偏转位移h的变化情况．解答： 解：设电子被加速后获得初速为v0，如此由动能定理得：…①又设极板长为l，如此电子在电场中偏转所用时间：…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：…③电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：h=…④由①、②、③、④可得：h=故U2变大或U1变小都可能使h变大，应当选项B正确，选项ACD错误．应当选：B．点评： 带电粒子在电场中的运动，可分为三类，第一类是在匀强电场中做匀变速速直线运动，此过程是电势能与带电粒子动能之间的转化．第二类是带电粒子在匀强电场中偏转，带电粒子垂直进出入匀强电场时做匀变速曲线运动，分解为两个方向的直线运动，分别用公式分析、求解运算，是这类问题的最根本解法．第三类是带电粒子在点电荷形成的电场中做匀速圆周运动，应用圆周运动的知识求解．11．〔4分〕如下列图，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图象，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图象，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图象，将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么〔〕 A． R接到a电源上，电源的效率较高 B． R接到b电源上，电源的输出功率较大 C． R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低 D． R接到b电源上，电阻R的发热功率和电源的效率都较高考点： 电功、电功率；路端电压与负载的关系．专题： 恒定电流专题．分析： 根据电源的图线，读出短路电流和电阻R接在电源上时的工作状态，分析电源效率的大小．电源的U﹣I图线与电阻R的U﹣I图线的交点表示电阻R接在该电源上的工作状态，读出电压和电流，分析电源的输出功率大小．解答： 解：A、电源的效率η=．由图看出，电阻R接在电源a上时电路中电流为0.5I，短路电流为I，根据闭合电路欧姆定律I=得到，R=r，a电源的效率为50%．由图看出，电阻R接在电源b上时＞50%，如此电源b的效率大于50%．故A错误．B、电源的图线与电阻R的U﹣I图线的交点表示电阻R接在该电源上的工作状态，由图读出电阻R接在电源a的电压和电流较大，电源a的输出功率较大．故B错误．C、D由分析可知，R接到a电源上，电源的输出功率较大，电源效率较低．故C正确，D错误．应当选：C点评： 此题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解，从交点、斜率、面积等数学角度来理解图线的物理意义．12．〔4分〕如图是一火警报警的一局部电路示意图．其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是〔〕 A． I变大，U变大 B． I变小，U变小 C． I变小，U变大 D． I变大，U变小考点： 常见传感器的工作原理．分析： R2为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小．当传感器R2所在处出现火情时，分析R2的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联局部电压的变化，分析I的变化．解答： 解：当传感器R2所在处出现火情时，R2的阻值变小，外电路总电阻变小，如此总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，如此U变小．电路中并联局部的电压U并=E﹣I〔R1+r〕，I变大，其他量不变，如此U并变小，I也变小．所以I变小，U变小，故B正确，ACD错误．应当选：B点评： 此题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部〞的顺序进展动态变化分析．13．〔4分〕在如图电路中K1、K2、K3、K4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪一个开关后P会向下运动？〔〕 A． K1 B． K2C． K3 D． K4考点： 电容；闭合电路的欧姆定律．专题： 电容器专题．分析： 平行板电容器板间悬浮着一油滴P，油滴所受的重力与电场力平衡，当电场力减小时，油滴会向下运动．根据条件分别分析哪种情况下板间场强和油滴的电场力是减小的．解答： 解：A、断开K1，电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于平衡状态．故A错误．B、断开K2，电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动．与题意不符，故B错误．C、断开K3，电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下运动．故C正确．D、断开K4，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．故D错误．应当选C点评： 此题考查分析电容器电压的能力．难点是断开K2，稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解．14．〔4分〕在研究微型电动机的性能时，应用如下列图的实验电路．当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V．如此这台电动机正常运转时输出功率为〔〕 A． 47W B． 44W C． 32W D． 48W考点： 电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题： 恒定电流专题．分析： 从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机抑制本身阻力的功率，总功率与电动机抑制自身电阻功率之差就是电动机的输出功率．解答： 解：电动机的电阻R===4Ω；电动机的总功率P=U1I1=24V×2A=48W；抑制自身电阻的功率PR=I12R=〔2A〕2×4Ω=16W；电动机正常运转时的输出功率是P输出=P﹣PR=48W﹣16W=32W．应当选C．点评： 此题考查电阻、功率的有关计算，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，要知道非纯电阻电路的功率的计算方法，这是此题的重点和难点．15．〔4分〕如下列图，直线A为电源的U﹣I图线，曲线B为灯泡电阻的U﹣I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是〔〕 A． 4W、8W B． 2W、4W C． 4W、6W D． 2W、3W考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题： 恒定电流专题．分析： 电源的外特性曲线与灯泡伏安特性曲线的交点就是灯泡与电源连接时的工作状态，由图可读出工作电压和电流与电源的电动势从而可算出电源的输出功率和总功率．解答： 解：由图读出E=3V，r=0.5Ω灯泡与电源连接时，工作电压U=2V，I=2A如此电源的输出功率P出=EI﹣I2r=〔3×2﹣22×0.5〕W=4W电源的总功率P总=EI=3×2W=6W应当选C点评： 解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进展分析，更加全面地读出图象的物理内涵．二、非选择题〔本大题50分〕16．〔18分〕某同学利用多用电表测量一个未知电阻的阻值，由于第一次选择的欧姆档〔×10〕不够适宜，现改换另一欧姆档测量．两次测量时多用电表指针所指位置如下列图，下面列出第二次测量的有关操作：A．将两表笔短接，并调零B．将两表笔分别跟被测电阻的两端接触，观察指针的位置，记下电阻值C．将多用电外表板上旋钮调到×100档D．将多用电外表板上旋钮调到×1档E．将多用电外表板上旋钮调到off位置〔1〕根据上述有关操作，将第二次测量的合理实验步骤按顺序写出C、A、B、E．〔2〕该电阻的阻值是2000Ω．考点： 用多用电表测电阻．专题： 实验题．分析： 〔1〕欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确；欧姆表每次使用应该先选档位，然后欧姆调零，最后测量；再换挡位、测量；最后调到OFF挡或交流最大电压挡；〔2〕欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．解答： 解：〔1〕欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确，由题意可知，由于第一次选择的欧姆档〔×10〕不够适宜，现改换另一欧姆档测量，由图示表盘可知，故第一次指针指在左边，指针偏角太小，所选挡位太小，要准确测量电阻阻值，应换大挡，换用×100挡，然后重新进展欧姆调零，再测量电阻阻值，测量完毕应把选择开关置于OFF挡或交流最大挡，故正确的实验步骤是：C、A、B、E；〔2〕欧姆表所选挡位为×100，由图示表盘可知，电阻阻值为：10×100=2000Ω．故答案为：〔1〕C、A、B、E；〔2〕2000．点评： 此题考查了欧姆表的使用技巧以与读数方法，根底题．换挡之后一定要进展欧姆表调零是做该类题目的关键．17．在“测定金属的电阻率〞的实验中，测定阻值约为3﹣5Ω的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格：量程0﹣3V、内阻3kΩ；电流表规格：量程0﹣0.6A、内阻0.1Ω；还有其他一些器材：〔1〕在给定的方框内画出实验电路图；〔2〕用螺旋测微器测得金属丝的直径如下列图，可知金属丝的直径d=0.622mm〔3〕实验中还应测出的物理量是电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I；电阻率的计算公式为ρ=ρ=．考点： 测定金属的电阻率．专题： 实验题．分析： 〔1〕将电路分为测量电路和控制电路两局部．测量电路采用伏安法．根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表外接法．〔2〕螺旋测微器的固定刻度最小分度为1mm，可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数局部．〔3〕根据电阻定律和欧姆定律表示出电阻率，再进展求解．解答： 解：〔1〕因为==600，==50，＞，应当选择电流表外接法．〔2〕固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.122mm，如此此金属丝的直径为0.622mm．〔3〕根据电阻定律，有R=ρ由数学知识有：S=根据欧姆定律，有R=由上述三式解得：ρ=，实验中还应测出的物理量是电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I．故答案为：〔1〕见上图〔2〕0.622〔0.621﹣0.623均正确〕，〔3〕电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I；．点评： 螺旋测微器读数时要估读到0.001mm．用伏安法测量电阻，首先要考虑安全，其次准确，最后操作方便．三、解答题〔共6小题，总分为32分〕18．〔6分〕如下列图，质量为m，电量为e的电子，从A点以速度v0垂直场强方向射入匀强电场中，从B点射出电场时的速度方向与电场线成120度角，如此A、B两点间的电势差是多少？考点： 带电粒子在匀强电场中的运动；电势差．专题： 带电粒子在电场中的运动专题．分析： 电子垂直进入匀强电场中，做类平抛运动，作出电子经过B点时速度的分解图，求出经过B点时的速度，根据动能定理求解A、B两点间的电势差．解答： 解：从A到B过程，由动能定理得：eU=mv2﹣mv02又因为：cos30°==所以：U=答：A、B两点间的电势差是点评： 此题运用动能定理求电势差，也可以根据类平抛运动的特点，牛顿第二定律和运动学结合求解．19．〔8分〕如下列图，质量为5×10﹣8kg的带电微粒以V0=2m/s的速度从水平放置的金属板A、B的中央飞入板间，板长L=10cm，板间距离d=2cm．当UAB〔1〕UAB为多大时粒子擦上板边沿飞出？〔2〕UAB在什么范围内带电粒子能从板间飞出？不能忽略粒子重力．考点： 带电粒子在匀强电场中的运动．专题： 带电粒子在电场中的运动专题．分析： 〔1〕当UAB=1000V时，带电粒子恰好沿直线穿过板间，电场力与重力平衡，粒子做匀速直线运动，可列出平衡方程，得到电场力与重力的关系；当粒子擦上板边沿飞出时，粒子向上做类平抛运动，偏转的距离等于，水平位移等于板长L，运用运动的分解法，根据牛顿第二定律和运动学公式求出UAB．〔2〕当粒子擦下板边沿飞出时UAB最小，运用同样的方法求解UAB的最小值．粒子擦上板边沿飞出时，UAB最大，再得UAB的范围．解答： 解：〔1〕当UAB=1000V时，有mg=q；当粒子擦上板边沿飞出时，粒子向上做类平抛运动，由题得知，偏转距离为y=，水平位移x=L．由L=v0t，y=，得加速度为a==8m/s2根据牛顿第二定律得q﹣mg=ma又mg=q；联立两式得，U′AB=1800V〔2〕当粒子擦下板边沿飞出时UAB最小，根据对称性可知，加速度大小也等于a，再由牛顿第二定律得mg﹣q=ma解得，U″AB=200V所以UAB在200V～1800V范围内带电粒子能从板间飞出．答：〔1〕UAB为1800V时粒子擦上板边沿飞出．〔2〕UAB在200V～1800V范围内带电粒子能从板间飞出．点评： 此题带电粒子在重力场与电场的复合场中做类平抛运动，采用运动的分解法研究，只是要注意此题中粒子的重力必须考虑．20．如下列图，在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面〔纸面〕向外．一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y=h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后，经过x轴上x=2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y=﹣2h处的P3点．不计重力．求〔l〕电场强度的大小．〔2〕粒子到达P2时速度的大小和方向．〔3〕磁感应强度的大小．考点： 带电粒子在混合场中的运动．专题： 压轴题．分析： 〔1〕粒子在电场中做类平抛运动，由牛顿第二定律与运动学公式即可求出电场强度；〔2〕粒子到达P2时速度方向决定粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹，由x方向的速度分量和沿y方向的速度分量可得方向角，根据运动学公式即可求解；〔3〕粒子在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动的半径根据几何关系可以求出，再由牛顿第二定律即可求出磁感应强度．解答： 解：〔1〕粒子在电场中做类平抛运动，设粒子从P1到P2的时间为t，电场强度的大小为E，粒子在电场中的加速度为a，由牛顿第二定律与运动学公式有：v0t=2h①qE=ma②③联立①②③式可得：〔2〕粒子到达P2时速度方向决定粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹，由x方向的速度分量和沿y方向的速度分量可得方向角〔与x轴的夹角〕为θ，v12=2ahθ=45°所以粒子是垂直P2P3的连线进入磁场的，P2P3是粒子圆周运动轨迹的直径，速度的大小为〔3〕设磁场的磁感应强度为B，在洛仑兹力作用下粒子做匀速圆周运动的半径根据几何关系可知是r=，由牛顿第二定律所以如图是粒子在电场、磁场中运动的轨迹图答：〔l〕电场强度的大小为．〔2〕粒子到达P2时速度的大小为，与x轴成45°夹角；〔3〕磁感应强度的大小为．点评： 此题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，熟练掌握圆周运动与平抛运动的根本公式，难度适中．21．如图，在宽度分别为l1和l2的两个毗邻的条形区域分别有匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直于纸面向里，电场方向与电、磁分界限平行向右，一带正电荷的粒子以速率v从磁场区域上边界的P点斜射入磁场，然后以垂直于电、磁场分界限的交点到PQ的距离为d，不计重力，求电场强度与磁感应强度大小之比与粒子在磁场与电场中运动时间之比．考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题： 带电粒子在复合场中的运动专题．分析： 带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，找出圆心根据牛顿第二定律并结合几何关系列式；在电场中做类似平抛运动，垂直电场线方向做匀速直线运动，平行电场线方向做初速度为零的匀加速直线运动，根据分位移公式列式，最后联立方程组求解．解答： 解：粒子在磁场中做匀速圆周运动〔