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文档简介
2023学年高考化学模拟试卷
注意事项
1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.
2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.
3,请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.
4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他
答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.
5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.
一、选择题(每题只有一个选项符合题意)
1、实验室用下图所示装置进行液体石蜡分解及其产物性质实验。下列操作或叙述错误的是
B.实验中可能看不到b、c中溶液明显褪色
C.d中溶液变浑浊证明石蜡分解产生了CCh
D.停止加热后立即关闭K可以防止液体倒吸
2、关于盐酸与醋酸两种稀溶液的说法中正确的是
A.相同物质的量浓度的两游液中c(H+)相同
B.相同物质的量的两溶液中和氢氧化钠的物质的量相同
C.pH=3的两溶液稀释100倍,pH均变为5
D.两溶液中分别加入少量对应的钠盐固体,c(H+)均减小
3、已知A、B、D均为中学化学中的常见物质,它们之间的转化关系如图所示(部分产物略去)。则下列有关物质的推
断不正确的是()
A.若A为碳,则E可能为氧气
B.若A为Na2cCh,则E可能为稀HC1
C.若A为Fe,E为稀HNO3,则D为Fe(NO3)3
D.若A为AlCb,则D可能为Al(OH)3,E不可能为氨水
4、锂机氧化物二次电池成本较低,且对环境无污染,其充放电的反应方程式为VzOs+xLi姜善LLV2O5。如图为用该
电池电解含银酸性废水制取单质银的装置。下列说法正确的是()
化
池
队
物I
.
俄
明
铁
RI肉
因
/P
展
股
0.5molL-11%NaCI含NF+、Cl-
NaOH溶液溶液的性溶液
A.该电池充电时,负极的电极反应式为LixV2O5-xe-=V2O5+xLi+
B.该电池可以用LiCl水溶液作电解质溶液
C.当电池中有7gLi参与放电时,能得到59gNi
D.电解过程中,NaCl溶液的浓度会不断增大
5、亚硝酸钠广泛用于媒染剂、漂白剂等。某兴趣小组用下列装置制取较纯净的NaNCh。
反应原理为:2NO+Na2O2=2NaNO2,已知:NO能被酸性KMnCh氧化成NO-MnO/被还原为Mi?*。下列分析错误
的是
A.甲中滴入稀硝酸前需通人N2
B.仪器的连接顺序为a-f-g-d-e-b
C.丙中CaCL用于干燥NO
+2+
D.乙中吸收尾气时发生的离子反应为3MnO4+5NO+4H=3Mn+5NO3+2H2O
6、设NA为阿伏伽德罗常数的值,下列说法正确的是()
A.18gT?O和18gH2。中含有的质子数均为IONA
B.ILlmol/L的Na2cCh溶液中CCh?-和HCCh-离子数之和为NA
C.78gNa2O2与足量CO2充分反应转移的电子数目为2NA
D.加热条件下,含0.2molH2sCh的浓硫酸与足量铜反应,生成SCh的分子数小于O.INA
7、下列反应的离子方程式正确的是()
A.用氯化铁溶液腐蚀铜板:Cu+2Fe3+=Cu2++2Fe2+
B.向AgCl悬浊液中滴加K1溶液:Ag++I-=AgI;
C.向明帆溶液中滴加硫化钠溶液:2Al3++3S*=ALS31
2+
D.向NaHCCh溶液中滴加少量Ca(OH)2溶液:Ca+OH+HCO3=CaCO3;+H2O
8、下列物质中不会因见光而分解的是()
A.NaHCChB.HNO3C.AglD.HC1O
9、下图是侯氏制碱法在实验室进行模拟实验的生产流程示意图,则下列叙述正确的是()
++
A.第II步的离子方程式为Na+NH3+H2O+CO2->NaHCO3;+NH4
B.第HI步得到的晶体是Na2cO3TOH2O
C.A气体是CO2,B气体是NH3
D.第W步操作的过程主要有溶解、蒸发、结晶
10、固体粉末X中可能含有Fe、FeO、CuO、MnO2,KC1和K2cO3中的若干种。为确定该固体粉末的成分,某同学
依次进行了以下实验:
①将X加入足量水中,得到不溶物Y和溶液Z
②取少量Y加入足量浓盐酸,加热,产生黄绿色气体,并有少量红色不溶物
③用玻璃棒蘸取溶液Z滴于pH试纸上,试纸呈蓝色
④向乙溶液中滴加AgNCh溶液,生成白色沉淀
分析以上实验现象,下列结论正确的是()
A.X中一定不存在FeO
B.Z溶液中一定含有K2cO3
C.不溶物Y中一定含有MnCh和CuO,而Fe与FeO中至少含有一种
D.向④中所生成的白色沉淀中滴加盐酸,若沉淀不完全溶解,则粉末X中含有KC1
11、下列化学用语表达正确的是()
A.还原性:HF>HCl>HBr>HI
B.丙烷分子的比例模型:
C.同一周期元素的原子,半径越小越容易失去电子
D.NazCh中既含离子键又含共价键
12、Fe3(h中含有Fe(II)、Fe(ffl),以FesOVPd为催化材料,可实现用H?消除酸性废水中的致癌物NO*其反应
过程如图所示。下列说法正确的是()
B.Fe(II)与Fe(III)的相互转化起到了传递电子的作用
C.反应过程中NO2-被Fe(II)氧化为N2
D.用该法处理后水体的pH降低
13、如图所示装置能实现实验目的的是()
C.图用于酒精萃取碘水中的L
D.图用于FeSCh溶液制备FeSO4«7H2O
14、实验室处理含FeBn废催化剂的溶液,可得到澳的苯溶液和无水FeCb。下列做法能达到相应实验目的的是()
C1:
2"使BL转化为Brz
泣的某溶液
分液,先放出水层,再倒出漠的苯溶液
将分液后的水层蒸干获得无水FeCb
15、如图所示,电化学原理与微生物工艺相组合的电解脱硝法,可除去引起水华的NOJ原理是将NOJ还原为犯。下列说
法正确的是()
H出液口
石厦、:上谷
,微生物腴
多孔发泡
r操电极
»一进液口
A.若加入的是NaN。:溶液,则导出的溶液呈碱性
B.银电极上的电极反应式为:Ni-2e-=Ni2+
C.电子由石墨电极流出,经溶液流向银电极
D.若阳极生成().Imo】气体,理论上可除去().04molNO;
16、海水提镁的工艺流程如下:
下列叙述正确的是
A.反应池中的反应利用了相同条件下Mg(OH)2比Ca(OH”难溶的性质
B.干燥过程在HC1气流中进行,目的是避免溶液未完全中和
C.上述流程中发生的反应有化合、分解、置换和复分解反应
D.上述流程中可以循环使用的物质是也和Ch
二、非选择题(本题包括5小题)
17、华法林是一种治疗心脑血管疾病的药物,可由化合物E和M在一定条件下合成得到(部分反应条件略)。
催化剂CiH,OCOCjllj
'(XCH,-------►CUJsOOCCH,JML.e\-C-CHi—--------—~»
催化剂.△△&催化刑
GJL
请回答下列问题:
(1)、的名称为,A—B的反应类型为o
(2)E的分子式是。DfE的反应中,加入的化合物X与银氨溶液可发生银镜反应,该银镜反应的化学方程
式为.
(3)GfJ为取代反应,其另一产物分子中的官能团名称是。ImolG完全燃烧最少需要消耗
___________mol02„
k7h
(4)L的同分异构体Q是芳香酸,Q^fe-»R(c8H7o2ci)>S^°-->T,T的核磁共振氢谱只有两
组峰,Q的结构简式为,R-S的化学方程式为0
(5)上图中,能缩合成体型高分子化合物的酚类单体是,写出能检验该物质存在的显色反应中所用的
试剂及实验现象o
0O
(6)已知:LfM的原理为:①C6HQH++C2H50H和
C;H5O(R-♦(;.!I4XR
11
②‘"+C2H5OH,M的结构简式为
RICCHJfCiHsOCR:~»R|CC»2CR2
18、H是一种可用于治疗肿瘤的药物中间体,由芳香克A制备H的合成路线如图。
H
回答下列问题:
(1)A物质的一氯代物共有种;
(2)B物质中含有的官能团名称;
(3)①的反应试剂和反应条件分别是,③的反应的类型是;
(4)E物质通过多次取代反应和氧化反应可以获取F物质,用系统命名法对E物质命名,F物质的结构简式
为;
(5)⑤的化学反应方程式为;
0
(6)对甲氧基乙酰苯胺(HS—OY^―NH-g—CH、)是重要的精细化工中间体,写出由苯甲醛
(H3C—0—)制备对甲氧基乙酰苯胺的合成路线。(其他试剂任选)
(合成路线常用的表达方式为:AB……目标产物)。
19、无水硫酸铜在加热至650c时开始分解生成氧化铜和气体.某活动小组通过实验,探究不同温度下气体产物的组
成.实验装置如下:
无水氯化钙
每次实验后均测定B、C质量的改变和E中收集到气体的体积.实验数据如下(E中气体体积已折算至标准状况):
实验组别温度称取CuSO4质量/gB增重质量/gc增重质量/gE中收集到气体/mL
①Ti0.6400.32000
②
T20.64000.256V2
③丫
T30.6400.160322.4
④
T40.640x40.19233.6
(1)实验过程中A中的现象是.D中无水氯化钙的作用是.
(2)在测量E中气体体积时,应注意先,然后调节水准管与量气管的液面相平,若水准管内液面高于量气管,
测得气体体积(填“偏大”、“偏小”或“不变
(3)实验①中B中吸收的气体是.实验②中E中收集到的气体是.
(4)推测实验②中CuSCh分解反应方程式为:.
(5)根据表中数据分析,实验③中理论上C增加的质量丫3=______g.
(6)结合平衡移动原理,比较T3和T4温度的高低并说明理由________.
20、水合脐(N2H4H2O)又名水合联氨,无色透明,具有腐蚀性和强还原性的碱性液体,它是一种重要的化工试剂,
利用尿素法生产水合肿的原理为:CO(NH2)2+2NaOH+NaClO=Na2CO3+N2H4H2O+NaCl
实验一:制备NaClO溶液。(实验装置如右图所示)
(1)配制30%NaOH溶液时,所需玻璃仪器除量筒外还有(填标号)。
A.容量瓶B.烧杯C.烧瓶D.玻璃棒
(2)锥形瓶中发生反应的离子方程式是。
(3)设计实验方案:用中和滴定原理测定反应后锥形瓶中剩余NaOH的浓度(实验提供的试剂:H2O2溶液、FeCh
溶液、0.10mol・L」盐酸、酚酸试液):o
实验二:制取水合肺。(实验装置如右图所示)
(4)控制反应温度,将分液漏斗中溶液缓慢滴入三颈烧瓶中,充分反应。加热蒸储三颈烧瓶内的溶液,收集108~114℃
微分。分液漏斗中的溶液是(填标号)。A.CO(NH2)2溶液B.NaOH和NaClO混合溶液原因是:
(用化学方程式表示)。
实验三:测定储分中脐含量。
(5)称取憎分5.0g,加入适量NaHCCh固体,加水配成250mL溶液,移出25.00mL置于锥形瓶中,并滴加2〜3滴
淀粉溶液,用O.lOmobL”的L溶液滴定。滴定过程中,溶液的pH保持在6.5左右。(已知:N2H,氏。+2L=N2T+4HI
+H2O)
①滴定时,碘的标准溶液盛放在(填“酸式”或"碱式”)滴定管中;本实验滴定终点的现象为O
②实验测得消耗L溶液的平均值为18.00mL,像分中水合游(N2H4H2O)的质量分数为。
21、镁带能在Cth中燃烧,生成氧化镁和单质碳。
Q)碳元素形成的单质有金刚石、石墨、足球烯等。金刚石的熔点远高于足球烯的原因是.
24g金刚石中含有一个碳碳单键。
(2)氧化镁的电子式为,CO2的结构式为»与镁同周期、离子半径最小的元素,其原子最外层的电
子排布式为,其中能量最高的电子有个。
参考答案
一、选择题(每题只有一个选项符合题意)
1、C
【解析】
石蜡油在碎瓷片催化作用下发生裂化反应,生成物中含有烯烧,把生成物通入漠的四氯化碳溶液发生加成反应,溶液
褪色,通入酸性高镒酸钾溶液发生氧化反应,可使酸性高锯酸钾溶液褪色,据此解答。
【详解】
A.装置b中溟的四氯化碳溶液与分解生成的烯燃发生加成反应,装置c中酸性高镒酸钾溶液与分解生成的烯崎发生
氧化反应,反应类型不同,A正确;
B.石蜡油受热分解需要温度比较高,实验中用酒精灯加热石蜡油受热分解生成的产物较少,实验中可能看不到b、c
中溶液明显褪色,B正确;
C.装置c中烯免被酸性高镒酸钾溶液氧化也能生成CO2使d中溶液变浑浊,所以d中溶液变浑浊不能证明石蜡分解
产生了CO2,c错误;
D.停止加热后立即关闭K,后面装置中的液体就不会因为温度下降压强变化而产生倒吸,D正确;
答案选C。
2、B
【解析】
A.醋酸为弱电解质,在水中不能完全电离,盐酸为强电解质,在水中能完全电离,故两者溶液中c(H+)不相同,A错误;
B.相同物质的量的两溶液含有相同物质的量的H+,中和氢氧化钠的物质的量相同,B正确;C.醋酸为弱电解质,稀
释溶液会促进醋酸电离,pH不会增加至5,C错误;D.氯化钠和醋酸钠均为强电解质,所以溶液中c(H+)不变,D错
误。故选择B。
3、C
【解析】
A.若A为碳,E为氧气,则B为CO2,D为CO,CO2与CO可以相互转化,选项A正确;
B.若A为Na2cCh,E为稀HCL贝!JB为CO2,D为NaHCCh,CCh和NaHCCh可以相互转化,选项B正确;
C.若A为Fe,E为稀HNO3,则B为Fe(NO3)3,D为Fe(NO3)2,选项C错误;
D.AlCb与少量NaOH溶液反应生成Al(OH)3,与过量NaOH溶液反应生成NaAKh,符合转化关系,若E是氨水
则不符合,因为AlCb与少量氨水和过量氨水反应都生成Al(OH)3沉淀和NH4C1,选项D正确。
故选C。
4、D
【解析】
V2O5+XU逑LixV2O5,分析反应得出Li化合价升高,为负极,V2O5化合价降低,为正极。
【详解】
A.该电池充电时,阴极的电极反应式为Li++e-=Li,故A错误;
B.Li会与LiCl水溶液中水反应,因此LiCl水溶液不能作电解质溶液,故B错误;
C.根据电子守恒得到关系式2Li-Ni,因此当电池中有7gLi即Imol参与放电时,能得到0.5molNi即29.5g,故C错
误;
D.电解过程中,碳棒为阳极,阳极区钠离子穿过阳离子膜不断向右移动,右边是阴极,阴极区氯离子穿过阴离子膜不
断向左移动,因此NaCl溶液的浓度会不断增大,故D正确。
综上所述,答案为D。
【点睛】
分析电池中化合价,对放电来说化合价升高为负极,降低为正极,充电时,原电池的负极就是充电时的阴极,书写时
将原电池负极反过来书写即可。
5、B
【解析】
A.甲中稀硝酸与铜反应生成一氧化氮,一氧化氮易被空气中的氧气氧化,需要将装置中的空气全部排尽,空气中有
少量二氧化碳,也会和过氧化钠反应,否则丁装置中无法制得亚硝酸钠,则滴入稀硝酸前需通人N2排空气,故A正
确;
B.制取的一氧化氮含有水蒸气,过氧化钠可与水反应,导致制取产物不纯,可用氯化钙吸收水蒸气,一氧化氮有毒,
不能排放的大气中,可用高镒酸钾溶液吸收,则仪器的连接顺序为a-d-e-f-g-b或a-d-e-g-f-b,故B错误;
C.根据B选项分析,制取的一氧化氮含有水蒸气,过氧化钠可与水反应,导致制取产物不纯,可用氯化钙吸收水蒸
气,故丙中CaCb用于干燥NO,故C正确;
D.根据已知信息:NO能被酸性KMnCh氧化成NO。MnO4-被还原为MiP+,则乙中吸收尾气时发生的离子反应为
+2+
3MnO4+5NO+4H=3Mn+5NO3+2H2O,故D正确;
答案选B。
【点睛】
过氧化钠与NO制取亚硝酸钠的过程中,需要考虑过氧化钠的性质,过氧化钠和二氧化碳反应,会和水反应,导致实
验有误差,还要考虑尾气处理装置。
6、D
【解析】
990
A.T2O的摩尔质量为22,18gT2O的物质的量为石■mol,含有的质子数为^NA,A选项错误;
B.Imol/L的Na2cCh溶液中,由物料守恒有c(Na+)=2c(CO3")+2c(HCO3-)+2c(H2co3)=2moi/L,则
22
c(CO3)+c(HCO3)+c(H2CO3)=lmol/L,c(CO3)+c(HCO3-)<1mol/L,即离子数之和小于NA,B选项错误;
C.78gNa2(>2的物质的量为ImoL与足量CO2充分反应转移电子数应为INA,C选项错误;
D.随着反应的进行,浓硫酸的浓度降低变成稀硫酸后,不会再与铜发生反应,故加热条件下,含0.2molH2sCh的浓
硫酸与足量铜反应,生成SO2的分子数小于O.INA,D选项正确;
答案选D。
7、A
【解析】
A.用氯化铁溶液腐蚀铜板:Cu+2Fej+=Cu2+4-2Fe2+,故A正确;
B.向AgCl悬浊液中滴加KI溶液:AgCl(s)+F(aq)-Agl(s)+CF(aq),故B错误;
C.向明矶溶液中滴加硫化钠溶液反应生成氢氧化铝和硫化氢:2Al3++3S2-+6H2O=2Al(OH)31+3H2S「故C错误;
D.向NaHCCh溶液中滴加少量Ca(OH”溶液:Ca2++2OH+2HCO3=CaCO31+2H2O+CO32-,故D错误。
综上所述,答案为A。
【点睛】
铝离子和硫离子发生双水解生成氢氧化铝沉淀和硫化氢气体。
8、A
【解析】
浓硝酸、碘化银、次氯酸见光都易分解;碳酸氢钠加热分解,见光不分解,以此解答该题。
【详解】
Agl、HNO3、HC10在光照条件下都可分解,而NaHCOs在加热条件下发生分解,所以A选项是正确的;
综上所述,本题选项A。
9、A
【解析】
A.第H步发生反应NH/HzO+CCh+NaCHNHdCl+NaHCChl,一水合氨为弱碱,碳酸氢钠为沉淀,所以离子反应为
++
Na+NH3H2O+CO2=NaHCO3j.+NH4,故A正确;
B.第II步反应方程式为NH3H2O+CO2+NaCl=NH4Cl+NaHCO3i,过滤是把不溶于溶液的固体和液体分开的一种分
离混合物的方法,从沉淀池中分离沉淀NaHCCh晶体,所以第HI步得到的晶体是NaHCCh,故B错误;
C.氨气极易溶于水,二氧化碳在水中的溶解度较小,依据侯德榜制碱的原理:向氨化的饱和食盐水中通入二氧化碳
气体析出碳酸氢钠,加热碳酸氢钠制备碳酸钠,A为氨气,B为二氧化碳,故C错误;
A
D.第W步操作是将晶体碳酸氢钠直接加热分解得到碳酸钠固体,发生反应2NaHC(h=Na2cO3+H2O+CO2T,故D错
误;
故选A.
【点睛】
本题考查了侯德榜制碱的工作原理和流程分析,明确碳酸钠、碳酸氢钠、氨气、二氧化碳的性质,掌握工艺流程和反
应原理是解题关键,题目难度中等。
10,B
【解析】
①将X加入足量水中,得到不溶物Y和溶液Z,Y可能为Fe、FeO、CuO、Mn(h中的物质,Z可能为KC1和K2c
中的物质;②取少量Y加入足量浓盐酸,加热,产生黄绿色气体,并有少量红色不溶物,黄绿色气体为氯气,红色不
溶物为铜,可说明Y中至少含有CuO、MnO2,红色不溶物为铜,说明反应后有Cu生成,说明Y中含有的CuO与酸
反应生成的CuCL被置换出来了,可说明Y中还含有Fe;③用玻璃棒蘸取溶液Z于pH试纸上,试纸呈蓝色,说明溶
液呈碱性,应含有K2cCh;④向乙溶液中滴加AgNCh溶液,生成白色沉淀,可能为氯化银或碳酸银沉淀;以此分析
解答。
【详解】
A.根据上述分析,不能确定X中是否存在FeO,故A错误;
B.用玻璃棒蘸取溶液Z于pH试纸上,试纸呈蓝色,说明溶液呈碱性,说明Z溶液中一定含有K2c03,故B正确;
C.根据分析,不溶物Y中一定含有MnCh、CuO和Fe,不能确定是否存在FeO,故C错误;
D.向乙溶液中滴加AgNQ,溶液,生成白色沉淀,可能为氯化银或碳酸银沉淀,向生成的白色沉淀中滴加盐酸,盐酸
提供了氯离子,不能说明X中含有KC1,故D错误;
故选B。
【点睛】
本题的易错点为D,要注意加入的盐酸对氯化钾的干扰。
11、D
【解析】
A.卤化氢的还原性随着卤素的原子序数的增大而增强,即还原性:HF<HCl<HBr<HL故A错误;
B.父女为丙烷的球棍模型,丙烷的比例模型为,故B错误;
C.同周期元素从左到右,原子半径逐渐减小,金属性逐渐减弱,失电子能力逐渐减弱,故C错误;
D.过氧化钠的电子式为Na+Rg:Q:]2.Na+,过氧化钠中既含钠离子与过氧根离子形成的离子键,又含0-0共价键,
故D正确;
答案选D。
【点睛】
本题的易错点为A,要注意元素的非金属性越强,对应氢化物的还原性越弱。
12、B
【解析】
A.从图示可以看出,在Pd上,也失去电子生成H+,所以Pd作负极,故A错误;
B.Fe(II)失去电子转化为Fe(皿),失去的电子被NCh•得到,出失去的电子被Fe(HD得到,Fe(HI)转化为
Fe(fl),所以Fe(II)与Fe(HI)的相互转化起到了传递电子的作用,故B正确;
C.反应过程中NO2-被Fe(II)还原为N2,故C错误;
+
D.总反应为:2NO2+3H2+2H=N2+4H2O,消耗了H+,所以用该法处理后水体的pH升高,故D错误;
故选B。
13、B
【解析】
A.实验室制取氯气,二氧化锌与浓盐酸需要加热,常温下不反应,A错误;
B.实验室制取氨气,氯化钱固体与氢氧化钙固体加热,B正确;
C.酒精和水互溶,不能作萃取剂,C错误;
D.Fe?+容易被空气氧化变为Fe3+,加热后得不到亚铁盐,D错误;
故答案选B,
14、C
【解析】
A.实验室制备氯气是用浓盐酸与二氧化镒在加热条件下反应,稀盐酸与二氧化镒不反应,不能制备氯气,A项错误;
B.用氯气氧化溟离子时,导气管应该采用“长进短出”原则,所以该装置错误,不能实现实验目的,B项错误;
C.分液时先从下口放出水相,再从上口倒出有机相,C项正确;
D.蒸发时应该,蒸发至有大量晶体析出时停止加热,用余热蒸干,另外FeCb水解生成的盐酸易挥发,直接蒸发,得
不到无水FeCb,D项错误;
答案选C。
【点睛】
本题考查化学实验方案评价,涉及物质制备、实验操作等知识点,明确实验原理、物质性质、实验操作规范是解本题
的关键,易错点是选项D,加热氯化铁溶液时氯化铁水解生成氢氧化铁和氯化氢,升高温度促进水解,为防止水解,
应在氯化氢氛围中加热蒸干氯化铁溶液。
15、A
【解析】
A、阴极上发生的电极反应式为:2而3-+6%0+10葭=弗+1201;
B、银电极是阴极,是硝酸根离子得电子;
C、电子流入石墨电极,且电子不能经过溶液;
D、由电极反应2N(V+6H20+10e-=N2+120H-,生成Imol氮气消耗2moi的硝酸根离子。
【详解】
A项、阴极上发生的电极反应式为:2N0「+6H20+10e-=N2+120H-,所以导出的溶液呈碱性,故A正确;
B项、银电极是阴极,是硝酸根离子得电子,而不是银发生氧化反应,故B错误;
C项、电子流入石墨电极,且电子不能经过溶液,故C错误;
D项、由电极反应2N03-+6H20+10e=N2+120H-,生成Imol氮气消耗2mol的硝酸根离子,所以若阳极生成0.Imol气体,
理论上可除去0.2molN03',故D错误。
故选A。
【点睛】
本题考查电解池的原理,掌握电解池反应的原理和电子流动的方向是解题的关键。
16、A
【解析】
A.氢氧化钙微溶,氢氧化镁难溶,沉淀向更难溶方向转化,故可以用氢氧化钙制备氢氧化镁,A正确;
B.干燥过程在HC1气流中进行目的是防止氯化镁水解,B错误;
C.该流程中没有涉及置换反应,C错误;
D.上述流程中可以循环使用的物质是CL,过程中没有产生氢气,D错误;
答案选A。
二、非选择题(本题包括5小题)
CHO+2Ag(NH3)2OH_A*^^-
、丙焕加成反应竣基
17CioHioOCOONHx+2Ag;+3NH3+H2O
4HOOC-Vo\—CH3HOOC-(0)-CH2a+2NaOH-^—►NaOOC-(0)-CH;OH+NaCl+H2O
苯酚氯化铁溶液,溶液呈紫色
【解析】
化合物X与银氨溶液可发生银镜反应,说明X中含有醛基,结合D、E的结构简式可知,X为苯甲醛;根据L-M的
反应原理可知,L-M是取代反应,由①的反应信息,L中酚羟基与C2H5OCOOC2H5反应,-COOC2H5与酚羟基H原
子交换,由②的反应信息可知,发生自身交换生成M,则M的结构简式为,化合物E和M在一定条件
下合成得到华法林,据此分析解答。
【详解】
(1)A的结构简式为CH3OCH,含有碳碳三键,属于焕烧,名称为丙焕;A-B是丙焕与H2O反应,反应后碳碳三键
转化为碳碳双键,发生了加成反应,故答案为丙焕;加成反应;
(2)由结构简式可知,E的分子式为CioHioO;X为苯甲醛(CHO),苯甲醛与银氨溶液反应的
化学方程式为:
CHO+2Ag(NH3)2OHCOONHx+2Agi+3NH3+H2O,故答案为CioHioO;
CHO+2Ag(NH3)2OH_Aj>^^-COONH1+2Ag|+3NH3+H2O;
(3)G为乙酸酎,G与苯酚生成J同时,还生成乙酸,乙酸中含有的官能团是竣基,G的分子式为C4H6。3,G完全燃烧
生成二氧化碳和水,ImolG完全燃烧,消耗的氧气的物质的量为(4+9-3)mol=4moL故答案为竣基;4;
42
(4)L的分子式是C8H80,Q是L的同分异构体,Q属于芳香酸,Q中含竣基,Q-R是苯环上的甲基上的1个H原子
被取代,RTS是氯代克的水解反应,S-T是-CH20H氧化成-COOH,T的核磁共振氢谱只有两组峰,说明2个竣基
处在苯环的对位,Q为对甲基苯甲酸,Q结构简式为H00CY^)-CH3,R为HOOCY^>CH©,则RTS的化学方
程式为:HOOC-H(0)—CH:Cl-2NaOH^CH;OH-NaCFH;O;故答案为HOOC-<^0)^CH3;
H00C-<2>—CH:a-2NaOH~~►NaOOC-^O^CH2OH-NaCl-H:©;
(5)苯酚可与甲醛缩合成体型高分子化合物,检验酚羟基,可加入氯化铁溶液,溶液呈紫色,故答案为苯酚;氯化铁溶
液,溶液呈紫色;
(6)L-M是取代反应,由①的反应信息,L中的酚羟基与C2H5OCOOC2Hs反应,-COOC2H$与酚羟基H原子交换,
由②的反应信息可知,发生自身交换生成M,故M的结构简式为:O
18、4氯原子氯气、光照还原反应2-甲基丙烷
H3C-CH-COOH
+HBr
由B的结构可知,芳香煌为A为(]-CH3,A与氯气在光照条件下发生取代反应生成B,B与浓硝酸在浓硫酸、加
热条件下发生取代反应生成C,C发生还原反应生成D,D与G在毗嚏条件下发生取代反应生成H.由F的分子式、
CH3CH
G的结构,可知F为I,E系列转化得到F,结合E的分子式,可知E为I3。
HsC-CH-COOHH3C-CH-CH3
【详解】
(1)由B的结构可知,芳香煌为A为《D-CH3,A物质的一氯代物在苯环上有3种,在甲基上有1种,故共有4种,
故答案为:4;
(2)B的结构简式为:◎-CCI3,B物质中含有的官能团名称为:氯原子,故答案为:氯原子;
(3)反应①是O-CH3转化为O-CC13,反应试剂和反应条件分别是:氯气、光照;反应③中硝基转化为氨基,
属于还原反应,故答案为:氯气、光照;还原反应;
CHs
(4)由F的分子式、G的结构,可知F为I,E系列转化得到F,结合E的分子式,可知E为
H3C-CH-COOH
CH3CH3
,用系统命名法对E物质命名为:2-甲基丙烷,故答案为:2-甲基丙烷;
H3C-CH-CH3H3C-CH-COOH
CC)j
CCI,
+HBr,故答案为:
0
(6)结合合成路线图中转化可知,II在眦碇条件下反应生成
H3C-C-C1
O
0
II,乙酸与SOC12/PC13作用生成IIHC-0先发生硝化
H3C-0NH-C-CH3H3C-C-CI3
OCH,
反应,然后与Fe/HCl作用生成,合成路线流程图为:
NH,
0CH3OCH3
不维,
砺鼓A
NO2,故答案为:
OCH3
0
SOCUII
CHsCOOHPCI:H3C-C-C1
OCH3OCH3
浓色,
'衣5瀛A
NO2
OCH3
o
____SOCI、II
"OHFH3C-C-C1
19、白色固体变黑吸收水蒸气,防止影响C的质量变化冷却至室温偏小SO3O2
2CUSO4A2CuO+2S(M+O2T0.128T4温度更高,因为SC>3分解为SC)2和()2是吸热反应,温度高有利于
生成更多的02
【解析】
(1)根据无水硫酸铜在加热至650℃时开始分解生成氧化铜和气体分析A中的现象,根据碱石灰和无水氯化钙的作用分
析;
(2)气体温度较高,气体体积偏大,应注意先冷却至室温,若水准管内液面高于量气管,说明内部气压大于外界大气压,
测得气体体积偏小;
(3)实验中B中浓硫酸的作用是吸收三氧化硫气体,C的作用是吸收二氧化硫,E的作用是收集到氧气;
0.64g
(4)0.64g硫酸铜的物质的量为,,=0.004mol,分解生成氧化铜的质量为:0.004molx80g/mol=0.32g;SO2的
160g/mol
0.256g
质量为:0.256g,物质的量为:—-~-=0.004mol,氧气的质量为:0.64-0.32-0.256=0.064g,物质的量为:
64g/mol
0.064g
-;=0.002mol,CuSCh、CuO、SO2、O2的物质的量之比等于2:2:2;1,则实验②中CuSCh分解反应方程
32g/mol
式为2CUSO4=^=2CuO+2SO2T+O2t;
0.64g
(5)0.64g硫酸铜的物质的量为;~~-=0.004mol,分解生成氧化铜的质量为:0.004molx80g/mol=0.32g;SO3的
160g/mol
00224
质量为:0.16g,氧气的质量为:——-x32=0.032g,根据质量守恒实验③中理论上C增加的质量丫3=0.64-0.32-
22.4
0.16-0.032=0.128g;
(6)根据表中实验③④的数据可知,T4温度生成氧气更多,因为SO3分解为SO2和02是吸热反应,温度高有利于生成
更多的02。
【详解】
(1)因为无水硫酸铜在加热至650℃时开始分解生成氧化铜和气体,故实验过程中A中的现象是白色固体变黑,因为碱
石灰能够吸水,D中无水氯化钙的作用是吸收水蒸气,防止装置E中的水进入装置C,影响C的质量变化,故答案
为:白色固体变黑;吸收水蒸气,防止影响C的质量变化;
(2)加热条件下,气体温度较高,在测量E中气体体积时,应注意先冷却至室温,若水准管内液面高于量气管,说明内
部气压大于外界大气压,测得气体体积偏小,故答案为:冷
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