2024年潍坊市中考物理押题密卷03

第16页（共17页）2024年潍坊市中考物理押题密卷032024年潍坊市中考物理押题密卷03【本试卷共20小题，满分100分。考试用时90分钟】第Ⅰ卷（选择题共40分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1．（2024•汕尾模拟）金属镓在常温下是固态，把它放在手心，它很快就熔化了，镓的熔点可能是（）A．﹣30℃ B．0℃ C．30℃ D．60℃2．（2024•汉滨区一模）如图所示，现在有很多小区安装了人脸识别装置，小区外面的人进入小区时需将脸部对准摄像头进行人脸识别。下列说法正确的是（）A．人脸是光源 B．摄像头的镜头对光有发散作用 C．进行人脸识别时人脸应位于摄像头的二倍焦距以内 D．人脸部通过摄像头成缩小的实像3．（2024•普陀区二模）清澈湖面上方的鱼鹰在向下俯冲捕食过程中，关于鱼鹰在湖中所成的像，下列说法正确的是（）A．虚像，像变大 B．实像，像变大 C．虚像，像大小不变 D．实像，像大小不变4．（2024春•靖江市期中）了解社会，从了解身边的现象开始。对于身边物理现象的估计，下列说法正确的是（）A．一枚鸡蛋的质量约为500g B．一名中学生的体重约500N C．空气的密度约为1.29g/cm3 D．一般分子直径的数量级为0.1微米5．（2024•长清区模拟）如图所示是一款磁悬浮蓝牙音箱，工作时，音箱悬浮在空中。以下各项的工作原理与音箱悬浮原理相同的是（）A．动圈式话筒 B．电风扇 C．磁悬浮列车 D．动圈式扬声器6．（2024春•渝中区校级月考）足球运动蕴含着许多物理知识，下列分析正确的是（）A．用头顶足球感到疼说明物体间力的作用是相互的 B．踢足球时，足球受到的踢力是由于足球发生的形变产生的 C．静止在草地上的足球，受到的重力与对地面的压力是一对平衡力 D．踢出去的足球能在空中继续向前运动，是因为足球受到了惯性作用7．（2024•市中区一模）如图1所示是某型号手电筒风扇。只闭合照明开关时，照明灯亮起；只闭合风扇开关时，风扇单独工作。图2是手电筒风扇工作时的能量流向示意图，电池充电时，将能量以化学能的形式储存，工作时给电动机和照明灯供电。对图2方框中能量形式判断正确的是（）A．甲是“内能” B．乙是“电能” C．丙是“光能” D．丁是“机械能”8．（2024•交城县模拟）我国民俗活动丰富多彩，在立夏时节，有的地方会给孩子称体重，冀求孩子健康成长，俗称“立夏秤人”。如图2，小孩和篮子的总质量为10kg，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），此时OA＝3cm，OB＝10cm。下列说法正确的是（）A．该秤砣的质量为3kg B．若秤砣粘了东西，所称质量偏大 C．要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更小的秤砣 D．若换称质量较小的孩子，当秤杆水平平衡后，秤砣的悬挂点在B点右边二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．（2024•开原市一模）2023年10月26日搭载神舟十七号载人飞船的长征二号F遥十七运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。下列关于载人飞船发射升空的说法正确的是（）A．火箭的外壳需要用熔点高、密度大的材料制作 B．火箭使用氢作为燃料是因为氢的热值大 C．火箭加速升空时机械能不断变大 D．火箭升空与大气层摩擦时的能量转化与热机的做功冲程相同10．（2024•梁园区校级模拟）小红查阅的资料知道：铝的密度是冰的三倍，水的密度比冰和酒精的都大，根据以上得出以下四个结论，其中正确的是（）A．同种物质，物态不同时，密度一定不变 B．把200g酒精用掉100g，剩下酒精的密度不变 C．一个最多能装1kg水的瓶子，一定能装下1kg的酒精 D．体积相同的实心铝块和实心冰块，铝块质量是冰块的3倍11．（2024•长沙一模）如图所示的“天气预报瓶”是央视《大风车》栏目的创意新品，A玻璃管与大气相通，B为密闭的玻璃球，A与B下部连通。当A管液面明显上升时，往往转为阴雨天气。下列说法正确的是（）A．A管液面上升时，显示大气压增大 B．A管和B球组成一个连通器 C．A管越细，装置的灵敏度越高 D．阴雨天气，外界气压会减小12．（2024•开原市一模）如图所示，为家庭电路的总开关及其内部结构。下列有关说法正确的是（）A．瓷质手柄和底座均为绝缘体材料制成 B．为了便于电路检修，总开关要安装在电能表的前面 C．保险丝熔断后，应先排查故障再更换保险丝 D．当熔断丝（保险丝）熔断时，电路中可能有短路故障发生第Ⅱ卷（非选择题共60分）三、作图题：本题有2个小题，共6分。13．（2024•温江区校级模拟）如图所示，MN是凸透镜的主光轴，F是凸透镜的焦点，OA是主光轴上的点光源S发出的光经过平面镜后的反射光线。（1）①请通过作图找到点光源S；（2）请做出OA经过透镜后的折射光线。14．（2024•汕尾模拟）如图所示，通电的线圈abcd位于磁场中：（1）用箭头标出磁感线e的方向；（2）在O点画出cd段线圈所受磁场的作用力示意图。四、实验题：本题有3个小题，共24分。15．（2024•乌鲁木齐一模）在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，某组同学用滑轮安装了如图甲、乙所示的滑轮组，实验测得的数据如表所示：次数物体的重力G/N物体被提升高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率η120.11.00.366.7%230.11.40.371.4%340.11.80.374.1%420.11.50.2（1）分析比较第1、2、3次实验数据可以判定，若增大提升物体的重力，滑轮组的机械效率（选填“变大”、“不变”或“变小”）。（2）表格内的第4次实验数据是用图（选填“甲”或“乙”）所示的滑轮组测得的，应补充的数据是（结果精确到0.1%）。（3）已知对于同一滑轮组，绳重和摩擦导致的额外功与总功的比值是一定值，则根据表格中的数据可以求出用甲滑轮组提升不同重物时，绳重和摩擦导致的额外功与总功的比值为。（每个滑轮重0.5N）16．（2024•金沙县模拟）在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平放置的长木板上做匀速直线运动，根据知识，可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。（2）比较两次实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。（3）在完成第1次实验时控制不好力度，拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，木块的速度v随时间t变化的图象如图丙所示，则木块在第7s时所受的摩擦力大小为N。（4）后来将实验方法进行了改进，实验装置如图丁所示，将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板。实验时拉着长木板沿水平地面向右运动，这样改进的好处是。（5）在做图丁实验时，拉动长木板没有及时停下来，当木块有七分之一滑出长木板表面的时候，摩擦力大小（选填“变小”“不变”或“变大”）。17．（2024•道里区校级一模）在探究“电流与电阻的关系”实验中，实验室备了以下器材：电源（电压恒为4.5V）、电压表、电流表、滑动变阻器（有规格为“20Ω1A”和“30Ω1A”的滑动变阻器各一个）、开关、“5欧、10欧、15欧、20欧”的定值电阻各一个、导线若干。（1）请将如图甲所示的实物电路补充完整。要求：变阻器滑片P向右移动时，电流表示数增大。（2）实验中将几个定值电阻分别接入电路进行实验，得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可知实验中控制定值电阻两端电压为V。（3）实验中选用“20Ω1A”规格的滑动变阻器进行实验，为了能收集全四组数据，请计算出实验中控制定值电阻两端电压的范围。（4）完成上述实验后，小玖实验小组想继续实验“研究小灯泡电功率”，他们找来一个额定电压为2.5V小灯泡，用小灯泡替换定值电阻接入原电路。检查电路连接和操作都无误后，用开关迅速试触，灯泡发光，电压表示数如图丙，为了使灯泡正常发光，接下来的操作是：，直至观察到电压表示数为2.5V，记录此时电流表示数。（5）为了完成实验“研究小灯泡电功率”，还需要收集的证据是：。五、计算题：本题有3个小题，共30分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分。18．（2024•福建模拟）2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919从上海飞往北京，如图甲所示，开启了首次商业载客飞行。（1）C919在高空水平定速巡航时，若发动机的牵引力为1.15×105N，求飞行8km牵引力做的功；（2）如图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型。图中机翼的下表面可视为平面，面积为S1。飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接触面积为S2。飞机总重为G，飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差Δp，近似地认为飞机受到的升力来自于飞机双侧机翼。请推导在跑道上滑行时飞机：①受到的升力F升；（用字母表示，下同）②对地面的压强p。19．（2024•沙洋县模拟）如图甲所示为一款即热式水龙头，下表为其部分参数，图乙为其电路原理图，R1、R2为电热丝，通过旋转手柄开关S至1、2和3处可分别实现水龙头出冷水、温水、热水。[水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]求：产品型号**即热式水龙头进水方式下进水额定电压220V适用水压0.2﹣0.6MPa额定功率热水3300W防水等级IPX4温水2200W（1）水龙头正常出温水时，通过电路的电流；（2）电阻丝R1的阻值；（3）若冷水温度为12℃，热水温度45℃，水龙头出水速度为1.4kg/min，水龙头的加热效率是多少。20．（2024•海州区校级一模）某家用电热水器工作原理如图所示。图甲为电热水器的原理图，包括工作电路和控制电路两部分，通过电磁继电器自动控制实现加热和保温状态的挡位变换。R1、R2为电热丝，其中R1阻值为22Ω，电路保温功率为220W，电磁铁线圈的电阻为10Ω，R3为定值电阻，R为热敏电阻（置于电热水器内），其阻值随温度变化关系如图乙所示。当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路中的电流减小到0.024A时，衔铁被释放，求：（1）当工作电路为加热状态时的电流大小；（2）R2工作时的电阻；（3）若热水器内可获得的最高温度为60℃，最低温度控制在40℃，则R3的阻值为多少？

参考答案参考答案1．【答案】C【解答】解：金属镓在常温下是固态，说明它的熔点高于20℃，人体的正常体温约37℃，把它放在手心，它很快就熔化了，说明它的熔点低于37℃，镓的熔点可能是30℃，故C正确。2．【答案】D【解答】解：A．人脸自身不能发光，不是光源，故A错误；BCD、摄像头的相当于一个凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用；进行人脸识别时人脸应位于摄像头的二倍焦距以外，成倒立缩小的实像，故D正确、BC错误。3．【答案】C【解答】解：鱼鹰在湖中所成的像属于平面镜成像，是由光的反射形成的虚像，平面镜所成的像和物体大小相等，鱼鹰在向下俯冲捕食过程中，在水中的像的大小不变，故C正确，ABD错误。4．【答案】B【解答】解：A、一枚鸡蛋的质量约为50g，故A错误；B、一名中学生的体重约500N，故B正确；C、通常情况下空气的密度约为1.29kg/m3，故C错误；D、一般分子直径的数量级为10﹣10m＝10﹣4μm，故D错误。5．【答案】C【解答】解：音箱悬浮的原理同名磁极相互排斥；A、动圈式话筒的原理是电磁感应，故A不符合题意；B、电风扇的主要部件是电动机，原理是通电导体在磁场中受力运动，故B不符合题意；C、磁悬浮列车是利用磁极间的作用规律悬浮的，与音箱悬浮的原理相同，故C符合题意；D、动圈式扬声器的原理是通电导体在磁场中受力运动，故D不符合题意。6．【答案】A【解答】解：A、用头顶足球时，头给足球一个作用力，同时足球也给头一个反作用力，所以会感到疼，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；B、踢足球时，足球受到的踢力是由于脚发生的形变产生的，故B错误；C、静止在草地上的足球，受到的重力与对地面的压力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；D、踢出去的足球能在空中继续向前运动，是因为足球具有惯性，但不能说受到惯性作用，故D错误。7．【答案】B【解答】解：电池充电时，是将电能转化为化学能，电池分别给电动机和照明灯供电时，是将储存的化学能转化为电能，然后将电能分别转化为机械能和光能。故选项B正确，ACD错误。8．【答案】A【解答】解：A、作用在杠杆A点的力等于孩子及秤钩和所坐篮子的总重力，作用在杠杆B点的力等于秤砣的重力，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得，m人和篮g×3cm＝m秤砣g×10cm，解得m秤砣＝3kg，故A正确；B、若秤砣粘了东西，秤砣对杠杆的力就变大，这一侧对应的力臂就必须变短，才能使杠杆平衡，所以显示的示数就要偏小，故B错误；C、由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得：m人和篮g×OA＝m′g×OB，即m′=mD、因为OA＜OB，所以孩子及秤钩和所坐篮子的总重力大于秤砣的重力，根据G＝mg可知孩子及秤钩和所坐篮子的总质量大于秤砣的质量，若换称下一个体重较小的孩子，秤砣和篮子等都不变，则作用在杠杆A点的力变小，动力臂不变，作用在杠杆B点的力不变，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知阻力臂会变小，所以调到水平平衡后秤砣的悬挂点应在B点左边，故D错误。9．【答案】BC【解答】解：A．为增大火箭的运载能力，应减小火箭自身的质量，所以火箭的外壳应用密度小、硬度大、熔点高的材料制作，故A错误；B．火箭属于一种热机，发射时通过燃烧将燃料的化学能转化为内能，再将内能转化为机械能，为获得更大的能量，火箭用热值大的氢作为燃料，故B正确；C．火箭加速升空时，质量不变，速度变大，高度变大，动能和重力势能均增大，所以火箭的机械能增大，故C正确；D．火箭升空与大气层摩擦，克服摩擦力做功，将火箭的一部分机械能转化为火箭的内能，与热机的压缩冲程中的能量转化相同，故D错误。10．【答案】BD【解答】解：A、同种物质，物态不同时，密度一般要发生变化，比如冰变成水时，密度发生了改变，故A错误；B、200克酒精用掉100g，剩下酒精的密度不变，仍为0.8g/cm3，故B正确；C、酒精和水的质量相等，都是1kg，水的密度大于酒精的密度，根据V=mD、铝的密度是冰密度的3倍，体积相同的实心铝块和实心冰块，由公式ρ=m11．【答案】CD【解答】解：AD、根据大气压的影响因素可知，阴雨天气，外界气压会减小，此时，B中的气压会使水向A管中流动，因此，A管液面上升时，显示大气压减小，故A错误、D正确；B、由图可知，B球是密闭的，因此，A管和B球没有组成连通器，故B错误；C、本装置中，A管液面的变化反映了外界大气压的变化，因此，A管越细，装置的灵敏度越高，故C正确。12．【答案】ACD【解答】解：A．瓷质手柄和底座的材料是陶瓷，陶瓷不容易导电，是绝缘体，故A正确；B．电能表需要安装在总开关的前面，故B错误；C．保险丝熔断说明电路中存在故障，应先排查故障，再更换保险丝，故C正确；D．熔断丝（保险丝）熔断是因为电路中的电流过大，电路中可能有短路故障发生，也可能是用电器的总功率过大，故D正确。13．【答案】如图所示【解答】解：过反射点O垂直于镜面作出法线，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线左侧作出入射光线，交主光轴OA于点S，即为光源S；对于凸透镜，过焦点的光线经凸透镜折射后，其折射光线平行于主光轴；如答案图所示。14．【答案】如图所示【解答】解：（1）在磁体的外部，磁感应线从N极发出回到S极，据此可知磁感线e的方向。（2）通电线圈的ab边在磁场中受力方向竖直向上，由图知cd边电流的方向和ab边电流方向相反，故cd边的受力方向与ab边的受力方向相反，即cd边的受力方向竖直向下，如答案图所示。15．【答案】（1）变大；（2）乙；66.7%；（3）16【解答】解：（1）比较第1、2、3次实验数据可知，对于同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高，因此增大物体的重力可以使滑轮组的机械效率变大；（2）由s＝nh可得，n=s第4次实验的机械效率：η=W（3）根据第1次实验数据可知，有用功为：W有＝Gh＝2N×0.1m＝0.2J；总功为：W总＝Fs＝1N×0.3m＝0.3J；每个滑轮重0.5N，克服动滑轮做的功为：W动＝G轮h＝0.5N×0.1m＝0.05J；则绳重和摩擦导致的额外功为：W额＝W总﹣W有﹣W动＝0.3J﹣0.2J﹣0.05J＝0.05J；绳重和摩擦导致的额外功与总功的比值k为：k=W16．【答案】（1）二力平衡；（2）2、3；（3）3；（4）不需要木板做匀速直线运动，便于实验操作，弹簧测力计静止便于读数；（5）不变。【解答】解：（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，根据二力平衡原理，可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。（2）要探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，需要控制压力相同，改变接触面的粗糙程度，图2、3两次符合要求；（3）由图丙知：2～6s物体做匀速运动，此时物体处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此过程的拉力为3N，所以滑动摩擦力为3N；6～8s物体做减速运动，但由于压力的接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为3N，故第7s时，摩擦力为3N；（4）木块相对地面处于静止状态，受到平衡力的作用，拉力和摩擦力大小相等，方向相反，此时木块受到的摩擦力方向水平向右，弹簧测力计分度值为0.2N，此时示数为2.8N，即拉力为2.8N，故滑动摩擦力为2.8N；改进后，木块与弹簧测力计固定不动，拉动木板运动，该实验设计的优点是：一方面，不需要木板做匀速直线运动，便于实验操作，另一方面，由于测力计静止便于读数；（5）木块有七分之一滑出桌面，此时重心仍在桌面上，所以对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度均不变，而摩擦力大小与受力面积无关，所以摩擦力大小仍为2.8N。17．【答案】（1）如图所示；（2）2；（3）2.25V～3V；（4）断开开关，用“30Ω1A”替换“20Ω1A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处；闭合开关，调节滑片P；（5）灯泡两端实际电压小于2.5V、大于2.5V时的电压和对应的电流表示数【解答】解：（1）在本实验中滑动变阻器要“一上一下”串联接入电路，结合题干变阻器滑片P向右移动时，电流表示数增大，说明此时滑动变阻器接入电路的电阻减小，由此可判断右下部分电阻接入电路中，据此完成电路连接如答案图所示。（2）根据图乙可得出UV＝IR＝0.4A×5Ω＝0.2A×10Ω＝0.1A×20Ω＝2V，由此可知定值电阻两端电压为2V；（3）用5欧、10欧、15欧和20欧四个电阻都能完成实验，需要提高定值电阻两端电压，定值电阻两端电压最小时，滑动变阻器两端电压最大，根据串联分压要满足当变阻器接入最大阻值时，恰能使定值电阻为最大值，即UVR=U−U（4）图丙中电压表选用的是0～3V的量程，对应的分度值为0.1V，其读数为2.5V，大于灯泡的额定电压2.5V，说明此时滑动变阻器分压不够，而正常情况下试触过程为了保护电路，此时滑动变阻器应已完全接入电路中，因此需要换用阻值更大的滑动变阻器，由此可知接下来的实验操作为：断开开关，用“30Ω1A”替换“20Ω1A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处；闭合开关，调节滑片；（5）在“研究小灯泡电功率”的实验中应至少测量出灯泡两端电压小于额定电压、等于额定电压和大于额定电压时对应的电流表示数，由此可根据电功率公式P＝UI计算出各种情况下灯泡的电功率，结合灯泡亮度分析即可，因此除了前面测出的额定电压下的电流还应收集灯泡两端实际电压小于2.5V、大于2.5V时的电压和对应的电流表示数。18．【答案】（1）飞机飞行8km牵引力做的功为9.2×108J；（2）①受到的升力F升为2ΔpS1；②对地面的压强p为G−2ΔpS【解答】解：（1）已知牵引力F＝1.15×105N，飞行的距离s＝8km＝8000m，则牵引力所做的功W＝Fs＝1.15×105N×8000m＝9.2×108J；（2）①已知机翼上下表面的压强差为Δp，机翼的下表面总面积S＝2S1，因而飞机受到的升力F升＝Δp×S＝Δp×2S1＝2ΔpS1；②飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，飞机受到向上的升力、向上的支持力和向下的重力，飞机在竖直方向上受力平衡，则F升+F支＝G，地面对飞机