物理-湖南省长沙市一中2024届高考适应性演练二试题和答案

长沙市一中2024届高考适应性演练（二）物理参考答案一、选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分）题号123456答案CDADAB1．【答案】C【解析】A．由图表知同时弹出C调音阶中的“mi”与“fa”的频率分别为f1=330Hz和f2=352Hz，得二者频率之比f1:f2=15:16，故A错误：BC．声波在同状态空气中波速v相同，由λ=得λ1:λ2=16:15，故B错误，C正确；D．同时弹出C调音阶中的“mi”与“fa”的频率不同，不可能在空中形成干涉，故D错误。故选C。2．【答案】D【解析】A．由图可知，t1时刻手机开始接触地面，则0~t1内做自由落体运动，释放时，手机离地面的高度为h=gt12，故A错误；B．由图可知，t1时刻手机开始接触地面，t3时刻手机开始离开地面，则手机第一次与地面碰撞的作用时间为t3一t1，故B错误；C．由图可知，t2时刻手机的加速度最大，且方向竖直向上，根据牛顿第二定律可得Fmg=m.10g，可得F=11mg，手机第一次与地面碰撞中所受最大弹力为自身重力的11倍，故C错误；D．由图可知，t2时刻手机的加速度最大，此时手机受到地面的弹力最大，手机处于最低点，手机的速度为零，则0~t2时间内手机的速度变化量为零，根据a一t图像与横轴围成的面积表示速度变化量，可知0至t2内图线与横坐标围成的面积中，时间轴下方与上方的面积大小相等，故D正确。故选D。3．【答案】A【解析】物料自然堆积成圆锥体，圆锥角底角必定是该物料的摩擦角，对物料作受力分析如图所示当底角θ大于Q时，物料将沿锥面下滑，为使物料不下滑，应使θ减小；2当底角θ小于Q时，物料将停留在锥面上，那么使物料恰好不下滑应使θ增大，且让θ=Q，所以底角会保持为定值Q。若已知Q和锥体的高h，则可求出它的体积为V=πr2h=π2h==故选A。4．【答案】D【解析】当初级电压为U1时，电压表V2的读数为U2，可知此时R0和R两端的电压之和为U1-U2，则此时次级电流为I=变阻器R消耗的功率为PR=P-I2R0=P-()故选D。5．【答案】A【解析】以地球为研究对象，设地球围绕太阳运转的角速度为负，地球和太阳之间的万有引力充当向心力，得G=M2负2R以韦伯望远镜为研究对象，由题意知，韦伯望远镜跟随地球一起围绕太阳做圆周运动，所以韦伯望远镜的角速度也等于负，太阳和地球对韦伯望远镜引力之和等于韦伯望远镜的向根据以上两个方程化简可得到-=.故选A。6．【答案】B【解析】A．由题意可知，只剩下a光从顶部射出时，b光发生全反射，而a光没发生全反射，可知b光临界角比a光小，根据sinC=，可知b光的折射率比a光的大，根据v=可知在此透光材料中b光的传播速度小于a光的传播速度，故A错误； c ,n2B．只剩下2R，可得PA=R，则 R2S,b光发生全反射有sinC=sin人OPS=，此透光材料对b光的折射率为nb=，故B正确；C．a光从P点射出时，a光经过SP路程所需的时间为t==R=Rna，na故C错误；D．b光的折射率比a光的大，b光的频率比a光的大，则b光的波长比a光的小，波长越长，越容易发生明显的衍射现象，则同一装置用a、b光做单缝衍射实验，a光的衍射现象更加明显，故D错误。故选B。二、选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分）题号789答案ADADACDCD7．【答案】AD【解析】AC．除尘过程中，锯条和金属片之间存在强电场，它使空气电离成负离子和正离子，负离子在电场力作用下，向正极移动时，碰到烟尘使它带负电，带电烟尘在电场力作用下，向正极移动，烟尘最终被吸附到金属片上，这样消除了烟尘中的尘粒，所以带电量为q且能到达金属片的烟尘减小的电势能最大值为qU，故A正确，C错误；B．根据俯视图可以看出塑料瓶内存在的是辐射状的电场，不是匀强电场，故B错误；D．质量为m、带电量为q的烟尘被金属片吸附前瞬间水平方向速度为v，则烟尘受到电场力做的功与速度的关系为qU之mv2=根据动量定理I=Δp=p则吸附时水平方向受到的冲量最大为，故D正确。故选AD。8．【答案】AD2故选项A正确；BC．点电荷Q在离它距离为h的位置产生的电场强度大小为E=，故p=CE=C则点电荷Q与极化原子之间的作用力为F==.C=若仅将固定点电荷的电量减半，被极化的原子与点电荷之间的相互作用力将变为F0；若被极化的原子与点电荷之间的距离减小一半，则二者之间的相互作用力将变为32F0，则选项BC错误；D．将极化原子绕其连线中点顺时针旋转90。后选项D正确。h22h3，故选AD。9．【答案】ACD【解析】A．人从A点运动到C点，根据动能定理mgh=2 mv，得出vC=22在C点，根据牛顿第二定律，有FN-mg=，FN=3500N，根据牛顿第三定律，人滑到C点时对圆弧的压力为3500N，A正确；B．人从A点运动到C点，先有向下的加速度分量，到C点之前，有向上的加速度分量，到C点时，加速度向上，不是一直处于失重状态，B错误；C．人从C点滑到D点，根据动能定理-mg(R-Rcos60o)=mvD2-mvC2，解得vDD．人从D点沿切线飞出，做斜抛运动，在对称点上速度与水平方向成a=60o，水面的位置应低于D点，所以落入水中时的速度方向与水面夹角应大于60°,D正确。故选ACD。10．【答案】CD【解析】A．由右手定则可知，电流方向为逆时针与顺时针交替变化，故A错误；B．跳楼机由静止下落后受安培力与重力，有mg-F安=ma，跳楼机受到的安培力为=2nBiL，由法拉第电磁感应定律得E=2nBLv，且i=，可得mg-=ma，随着速度的增加，加速度减小，当加速度为0时，速度达到最大值，以后跳楼机做匀速运动，当跳楼机速度最大时，安培力与重力平衡有mg=，解得vm=2m/s，故B错误；C．由法拉第电磁感应定律得E=2nBLv，由闭合电路欧姆定律，当跳楼机的速度为lm/s时，线圈中感应电流为I===20A，故C正确；D．当跳楼机速度最大时，有F安=mg，克服安培力做功的功率为P故选CD。三、填空题（本题共2小题，共16分）116分）（1）B（2）1.501.50（3）C（4）m2（5）AB/BA【解析】（1）小球下落的高度为初、末位置球心间的距离。故选B。（2）遮光条宽度为d=1.50cm根据极短时间的平均速度等于瞬时速度，小球的速度为v==根10一2m/s=1.50m/s（3）A．若是空气阻力造成的误差，则ΔEk<ΔEp，与表格数据ΔEk>ΔEp不符，故A不符合题意；=mgh，可知小球的质量没有测准，对实验验证机械能守恒无影响，故B不符题意；C．由题图知，在该实验中所求的速度是遮光条的速度，而不是钢球的速度，遮光条的速度略大于钢球的速度，故小球的速度没有测准，故C正确。故选C。（4）由题图知，在该实验中所求的速度是遮光条的速度，而不是钢球的速度，二者之间的速度略有差别。由于钢球与遮光条都做圆周运动，它们具有相同的角速度负，根据v=负r，可知钢球的速度与遮光条的速度之间的关系为v=小球动能变化的大小表达式ΔEk=mv=m2（5）A．遮光条尽量窄一些，通过遮光条的平均速度越接近瞬时速度，故A符合题意；B．小球应选择质量大，体积小的钢球，可以减小空气阻力的影响，故B符合题意；C．更换细线为细橡皮条，橡皮条形变量不可忽略，增大了实验误差，故C不符合题意；D．小球拉离竖直位置尽量大一些，可以减小测量的误差，故D不符合题意。故选AB。1210分）（1）丁（2）②R③1800④能【解析】（1）电压表的量程0~1V，其内阻具体值不知道，电流表内阻也不知道，所以无法对这两块表进行改装，电源电动势E=6V，所以需要使用滑动变阻器的分压式连接，由于待测电阻约为2kΩ,所以采用电流表内接，综合以上分析，丁方案比较合理。（2）调节滑动变阻器R，由欧姆定律得R,===900Ω根据以上计算可知，该方案可以消除电表内阻造成的误差。四、计算题（本题共3小题，共40分。写出必要的推理过程，仅有结果不得分）1310分）（1）根据平衡可知p1=p0+解得初始状态气缸内压强p1=1.5根105Pa（2）末态气体压强p2=p0+根据等温方程p1Sh1=p2Sh2解得h2=30cm（3）根据等温方程p0V+p2Sh2=p2Sh11416分）（1）由牛顿第二定律可得f=kmg=ma根据题意可知k=解得a=kg=m/s2（2）杆头击打母球，对母球由动量定理可得(F一f)Δt=mv一0代入数据解得F=N（3）母球与目标球碰撞前，做匀减速直线运动，母球与目标球碰撞前后，根据动量守恒和机械能守恒可得mv1=mv+mv2，联立解得目标球被碰撞后的速度大小为v2=m/s（4）母球与目标球碰撞前，做匀减速直线运动，母球与目标球碰撞前后，根据动量守恒和机械能守恒可得mv1=mv+mv2，目标球前进到CD挡壁，做匀减速直线运动，目标球与CD挡壁碰撞，根据题意有x(mv)=mv目标球运动到A球洞过程，由动能定理可得一kmg=mv一1514分）（1）粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力可得qv0B=m2v 0vRmBd联立解得粒子的比荷为q=mBd（2）粒子的轨迹如图所示qE粒子在电场中可逆向看成做类平抛运动，则有2d=v0t1，vy=v0tanqE联立解得匀强电场电场强度大小为E=