版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领
文档简介
2020-2021学年浙江省杭州市高一(下)期末数学试卷
一.选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.每小题列出的四个选项中只有一个是符
合题目要求的,不选、多选、错选均不得分.
1.(5分)设全集U是实数集R,M={x\\x\^2],N={x|l<尤<3},则图中阴影部分所表示
的集合是(
A.{x\-2<x<l]B.{x\-2<x<2]C.{x|l<x<2}D.{x|x<2}
2.(5分)设复数z满足力=1-2,。•是虚数单位),则z=()
A.2+iB.2-iC.-2+iD.-2-i
3.(5分)已知a=log20.2,Z?=20,2,c=sin2,则(
A.B.C.c<a<bD.b〈c〈a
4.(5分)风光秀丽的千岛湖盛产端鱼,记鳗鱼在湖中的游速为ww/s,端鱼在湖中的耗氧量
的单位数为羽已知it鱼的游速u与10g2」—(工2100)成正比,当it鱼的耗氧量为200
100
单位时,其游速为』"2/S.若某条鳗鱼的游速提高了1物s,那么它的耗氧量的单位数是原
2
来的(
A.2倍B.4倍C.6倍D.8倍
5.(5分)两个体积分别为Vi,V2的几何体夹在两个平行平面之间,任意一个平行于这两
个平面的平面截这两个几何体,截得的截面面积分别为Si,S2,则“0=也”是"Si
S2”的(
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
6.(5分)如图,一个半径为2的水轮,圆心。距离水面1米,水轮做匀速圆周运动,每分
钟逆时针旋转4圈.水轮上的点P到水面的距离y(米)与时间工(秒)满足y=Asin(o)x+(p)
+k(A>0),贝lj(
A.吁空B.A=3C.k=2D.(p=0
15
7.(5分)如图是第24届国际数学家大会的会标,是根据中国古代数学家赵爽的弦图设计
的.已知图中正方形A8C。的边长为1,ZDAE=S,则小正方形的面积为()
8.(5分)设xo€R,△x>0,函数/(x)满足
f(x+Ax)f(x+2Ax)f(x+3Ax)f(x+nAx)*
____y0_____=____0y______=____y0______=...=______y0_________,,CN*,贝u
f(XQ)f(XQ+AX)f(x0+2Ax)f(x0+(n-1)Ax)
函数y=/(x)可能是(其中。>0且aWl)()
A.f(x)=axB.f(x)=x0C.f(x)=/D.f(x)—logax
二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题
目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.
(多选)9.(5分)已知不等式^^bx+cNO的解集是{x|-1WXW2},贝!!()
A.b<QB.〃+Z?+c>0C.c>0D.a+b=O
(多选)10.(5分)已知平面向量;,E,若讶=3,工-6=百§,&三=6,贝I」()
A.|bI=4
B.向量之与向量E的夹角为"
3
C.Ia+bI=7
D.向量;与向量E的夹角为三
3
(多选)11.(5分)已知某湖泊蓝藻面积y(单位:机2)与时间/(单位:月)满足>=/
若第1个月的蓝藻面积为2加2,则()
A.蓝藻面积每个月的增长率为100%
B.蓝藻每个月增加的面积都相等
C.第6个月时,蓝藻面积就会超过60加2
D.若蓝藻面积到2m2,3m2,6%2所经过的时间分别是a,12,Z3,贝!]tl+Z2=Z3
(多选)12.(5分)某演讲比赛冠军奖杯由一个水晶球和一个金属底座组成(如图①).已
知球的体积为",金属底座是由边长为4的正三角形4BC沿各边中点的连线向上垂直
3
B.经过A,B,C三点的球的截面圆的面积为四
4
C.直线与平面。EP所成的角为三
3
D.奖杯整体高度为
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5分)已知/g2=a,lg3=b,则log212=(用a,b表示).
14.(5分)半正多面体亦称为“阿基米德多面体“,是由边数不全相同的正多边形为面围
成的多面体,如图所示.这是一个将正方体沿交于一顶点的三条棱的中点截去一个三棱
锥,共截去八个三棱,得到八个面为正三角形,六个面为正方形的“阿基米德多面体”
花岗岩石凳,已知此石凳的棱长为20\历cir,则此石积的体积是cm3.
15.(5分)已知区间(0,1)中的实数机在数轴上的对应点为如图1,将线段围成
一个圆(端点A,B重合),如图2,再将这个圆放在平面直角坐标系中,使其圆心在y
轴上,点A的坐标为(0,1),如图3,直线AM与无轴交于点N(小0),把机与〃的
16.(5分)已知|H=1,向量n满足In-irl=n*ir>当向量ir,n夹角最大时,lnl=.
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10分)在①°=&,②S=£COS2,③。=三这三个条件中任选-一个,补充在下面
23
问题中,并对其进行求解.
问题:在△ABC中,内角A,8,C的对边分别为a,b,c,面积为S,yf^bcosA—«cosC+ccosA,
b=l,,求c的值.
18.(12分)如图,在△OAB中,尸为边A3上的一点而=2血,|示|=6,|0B|=2,且
示与旗的夹角为60°.
(1)设而=xH+y而,求x,y的值;
(2)求而•屈的值.
19.(12分)四棱柱488-481。囱的所有棱长都相等,ZAiAB=ZAiAD=ZBAD=60°.
(1)求证:AAi±BD;
(2)求直线48与平面A41D1。所成角的正弦值.
20.(12分)如图是函数/(x)=Asin(u)x+(p)(A>0,a)>0,|(p|<n)的部分图象,f(0)
=/(^2L),f(2L)=o.
66
(1)求/'(x)的解析式;
(2)将/(x)的图象向右平移二三,得函数g(尤),记〃(尤)—f(x)+g(尤),求,7(X)
3
的单调递减区间.
21.(12分)将一张长8c",宽6c机的长方形纸片沿着直线MN折叠,折痕将纸片分成
两部分,面积分别为SICMJ2,S2CHP.设MN=lcm.若Si:8=1:2,求/的取值范围.
22.(12分)设函数无)=小-“|+小-2|(a>0),方程/(x)=f有三个不同的实数根
XI,X2,%3,且XlVx2<%3.
(1)当〃=2时,求实数/的取值范围;
(2)当/=2时,求正数〃的取值范围;
(3)在(2)的条件下,若注入恒成立,求实数人的取值范围.
1
2020-2021学年浙江省杭州市高一(下)期末数学试卷
参考答案与试题解析
一.选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.每小题列出的四个选项中只有一个是符
合题目要求的,不选、多选、错选均不得分.
1.(5分)设全集U是实数集R,M={x||x|》2},N={X|1<JC<3},则图中阴影部分所表示
的集合是()
A.{x\-2<x<l}B.{x\-2<x<2}C.{x|l<x<2}D.{x\x<2}
【分析】解不等式求得集合M、N,根据Venn图阴影表示集合(CuM)AN,再进行集
合运算.
【解答】解::/={划尤]》2}={小22或;^-24={加<了<3}
:阴影部分表示集合(CuM)AN,
阴影部分表示的集合是(1,2).
故选:C.
【点评】本题考查图表达集合的关系及集合运算,属于基础题.
2.(5分)设复数z满足力=1-2i册是虚数单位),贝ijz=()
A.2+zB.2-iC.-2+zD.-2-i
【分析】直接利用复数的除法运算法则求解即可.
【解答】解:因为复数z满足zi=1-2i,
所以=2i)(;(一2-2
故选:D.
【点评】本题考查了复数的除法运算法,考查了运算能力,属于基础题.
3.(5分)已知〃=log20.2,/?=202,c=sin2,则()
A.a〈b〈cB.a<c<bC.c<a<bD.b〈c〈a
【分析】利用对数函数和指数函数的性质求解.
00,2>
【解答】解::iog2o.2<log2l=0<sin2<l=2<2
故选:B.
【点评】本题考查三个数的大小的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意对数函数
和指数函数的性质的合理运用.
4.(5分)风光秀丽的千岛湖盛产鳗鱼,记鳗鱼在湖中的游速为WH/S,鳗鱼在湖中的耗氧量
的单位数为无,已知鳗鱼的游速v与log2上(x》100)成正比,当端鱼的耗氧量为200
100
单位时,其游速为工S/S.若某条鳗鱼的游速提高了1mls,那么它的耗氧量的单位数是原
2
来的()
A.2倍B.4倍C.6倍D.8倍
【分析】由If鱼的游速V与10g2」一(龙2100)成正比,可得v=klogc」一,当x=200
100vKios2i00
时,V=—,解得/=_k,
22
可得v』log^^(x>100),设端鱼开始的速度为V0,耗氧的单位数为X0,提速后
221Q0
的速度为vi,提速后的耗氧的单位数为尤1,v-Vn+1=llogn2p_+1=
V1vo12iO8210Q1
—(logn~^+2)=—(logo-即可求解.
2kios2ioo42U0g2100)
【解答】解:•••鳗鱼的游速v与10g2~^(x2100)成正比,
100
•Fklogz看'
\•当x=200时,v=—,
2
=kl解得上=工,
20§21002
•1V
,•v^7riog-T-7'(x>ioo)>
N乙21UU
设鳗鱼开始的速度为V0,耗氧的单位数为尤0,提速后的速度为VI,提速后的耗氧的单位
数为XI,
..11|X。1x014x0
,、7。+15以2而+L5(log2K2)=5(1"2而)
又。・*X1
乂.、=ql°g2砺,
••Xi=4x0,
故选:B.
【点评】本题考查对数函数模型的实际运用,考查学生的计算能力,属于中档题.
5.(5分)两个体积分别为Vi,V2的几何体夹在两个平行平面之间,任意一个平行于这两
个平面的平面截这两个几何体,截得的截面面积分别为Si,S2,则“0=於"是"Si=
S2”的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【分析】由祖胞原理,再结合充分条件,必要条件的定义即可求解.
【解答】解:根据祖晒原理,
①由S1=S2,得到V1=V2,.•.必要性成立,
②由0=也,则只需要底面积和高相等即可,则Si,S2不一定相等,,充分性不成立,
...0=史2是S1=S2的必要不充分条件,
故选:B.
【点评】本题考查充分条件,必要条件的判断,考查祖眶原理等基础知识,是中档题.
6.(5分)如图,一个半径为2的水轮,圆心。距离水面1米,水轮做匀速圆周运动,每分
钟逆时针旋转4圈.水轮上的点P到水面的距离y(米)与时间尤(秒)满足y=Asin(3x+(p)
15
【分析】先根据h的最大和最小值求得A和k,利用周期求得3,由题意<p的值无法确
定由此得解.
【解答】解::水轮的半径为2,水轮圆心。距离水面加,由题意可得<P=A+k,
I-l=-A+k
「・解得A=2,k=l,可得3,。选项错误,
又水轮每分钟旋转4圈,故转一圈需要15秒,
.•.T=15=-271.,
3
;.3=22L,可得4正确,
15
又由题意,未指明初始位置隼的值无法确定,故D错误.
故选:A.
【点评】本题以实际问题为载体,考查三角函数模型的构建,考查学生分析解决问题的
能力,解题的关键是构建三角函数式,利用待定系数法求得,属于中档题.
7.(5分)如图是第24届国际数学家大会的会标,是根据中国古代数学家赵爽的弦图设计
的.已知图中正方形的边长为1,ZDAE=Q,则小正方形EFGH的面积为()
1-cos26C.1-2sin0D.1-2cos6
【分析】根据直角三角形的边角关系和全等三角形求出小正方形的边长,再计算它的面
积.
【解答】解:正方形ABC。中,AO=1,ZDAE^Q,
所以DH—ADsinZDAE—sin0,
AH=ADcosZDAE=cosd,
又因为比△A。”空RtZXBAE空RtACBF咨RtAL>CG,
所以GH=DH-AH=sin0-cos0,
所以小正方形EFGH的面积为:
S=G//2=(sin0-cos0)2=sin20-2sin0cos0+cos20=l-sin20.
故选:A.
【点评】本题考查了三角形的几何运算问题,也考查了正方形面积计算问题,是基础题.
8.(5分)设A-oeR,△X>0,函数/(x)满足
f(x+Ax)f(x+2Ax)f(x+3Ax)f(x+nAx)*
-----0-------二------0--------~------0--------二...----------0-----------,,yiy
f(XO)f(x0+Ax)f(x0+2Ax)f(x0+(n-1)Ax)
函数y=/(x)可能是(其中〃>0且()
A.f(x)=axB.f(x)=/C.f(x)=axD.f(x)=log«x
【分析】利用已知的等式,对照四个选项中的函数解析式,验证即可判断得到答案.
【解答】解:因为函数/(x)满足
f(XQ+AX)f(XQ+2AX)f(xQ+3Ax)f(xg+nAx)
"CN*,
f(x0)f(x0+Ax)f(x0+2Ax)f(x0+(n-1)Ax)
当了(x)=W时
f(XQ+AX)f(XQ+2AX)f(xQ+3Ax)f(Xg+nAx)
f(x0)f(x0+Ax)f(x0+2Ax)f(x0+(n-1)Ax)
故选:C.
【点评】本题考查了函数的应用,解题的关键是将掌握指数函数的运算性质,考查了逻
辑推理能力与转化化归能力,属于中档题.
二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题
目要求.全部选对的得5分,有选错的得。分,部分选对的得2分.
(多选)9.(5分)已知不等式/+"+<:20的解集是{x|-1W尤W2},则()
A.b<0B.a+b+c>0C.c>0D.a+b=0
【分析】根据不等式af+6x+c20的解集判断。<0,求出a、b、c的关系,再判断选项
中的命题是否正确.
【解答】解:不等式a^+bx+c^O的解集是{x|-lWx<2},
所以a<0且,,
-IX2=—
a
解得b=-a,c=-2a;
所以a+6=0,选项。正确;
设二次函数/(无)—a^+bx+c,且a<0,
且函数的零点是-1和2,所以/(I)^a+b+c>0,选项2正确;
因为c=-2a>0,所以选项C正确;
因为b=-a>0,所以选项A错误.
故选:BCD.
【点评】本题考查了一元二次不等式与对应方程和二次函数的关系应用问题,是基础题.
(多选)10.(5分)已知平面向量2,b.若图=3,la-bl=Vi3.Z・E=6,则()
A.IbI=4
B.向量7与向量E的夹角为之
3
C.Ia+bI=7
D.向量7与向量E的夹角为工
3
【分析】根据己知条件,运用向量的模长公式,可得IEI=4,再结合向量的夹角公式,
即可分别求解.
【解答】解::工-6=百§,
•,|a-bK=a-2a•b+b—13,
〈lal=3,a・b=6,
|bI=4,故A选项正确,
—♦—•
C°S/fa,>=aG*bl飞6匕运1
.♦•向量:与E的夹角为工,故选项8错误,选项。正确,
3
>+E|2=7+2;・芯+针=9+12+16=37,故选项C错误,
故正确的选项为AD.
故选:AD.
【点评】本题考查了向量的模长公式,向量的夹角公式,需要学生熟练掌握公式,属于
基础题.
(多选)11.(5分)已知某湖泊蓝藻面积y(单位:7/)与时间才(单位:月)满足>=/
若第1个月的蓝藻面积为2m2,则()
A.蓝藻面积每个月的增长率为100%
B.蓝藻每个月增加的面积都相等
C.第6个月时,蓝藻面积就会超过60加2
D.若蓝藻面积到2祖2,3ffj2,6切2所经过的时间分别是〃,t2,a,则〃+也=办
【分析】由题意可知,函数y="图象经过(1,2),可得函数的解析式,再根据选项分
别求解.
【解答】解:由题意可知,函数y=〃图象经过(1,2),即『=2,
・・a=:2.
・4=21
•;2什1-2,=2。
蓝藻每个月的面积时上个月的2倍,
,每个月的增长率为100%,故A选项正确,
•.•2计1-2,=2。即每个月增长量为2。非常数,故2选项错误,
当t=6时,J=26=64>60,故C选项正确,
:若蓝藻面积到2川,3m2,6m2所经过的时间分别是〃,⑵四,
•••2%=2,2t2=3,2t3=6,
.•/l=k»g22,/2=log23,Z3=log26,
.'.tl+t2=Iog22+log23=log26=t3,故D选项正确.
故选:ACD.
【点评】本题考查了指数函数和对数函数的性质,需要学生熟练掌握公式,属于基础题.
(多选)12.(5分)某演讲比赛冠军奖杯由一个水晶球和一个金属底座组成(如图①).己
知球的体积为里L,金属底座是由边长为4的正三角形ABC沿各边中点的连线向上垂直
3
A.A,B,D,尸四点共面
B.经过A,B,C三点的球的截面圆的面积为生
4
C.直线AD与平面DEF所成的角为工
3
D.奖杯整体高度为«吟~+1
【分析】利用翻折的特点以及面面垂直的性质定理可知,AABC与△〃可2全等且所在的
面平行,从而可证明A8〃OR即可判断选项A;将问题转化为求解△MNP的外接圆面
积,即可判断选项8;利用线面角的定义即可判断选项C;设以为△ABC的外心,求出
球的半径,AM的长度以及O”的长度,即可得到答案.
【解答】解:根据图形的形成可知,点A,B,C三点在底面。EF上的射影分别是△OEF
三边的中点,如图所示,
则△ABC与△MVP全等且所在的面平行,
平面ABNMC平面ABC^AB,平面ABNMC平面DEF=MN,
所以MN〃43,5LMN//DF,
所以
故A,B,D,E四点共面,
故选项A正确;
因为△ABC与AMNP全等且所在的面平行,所以截面圆就是△ABC的外接圆与△MNP
的外接圆相同,
由题意可知,的边长为1,其外接圆的半径为「二应XI/应,
33
则经过A,B,C三点的球的截面圆的面积为S=JT.哼T
故选项B错误;
由平面ADE与平面DEF垂直可知,AE在平面AEF内的射影是DE,
所以NAZJE为直线与平面DEF所成的角,则
3
所以直线AD与平面所成的角为2L,
3
故选项c正确;
因为A2=BC=CA=1,设。为球心,半径为R,
则匡冗R3n生兀,解得R=l,
33
所以。-ABC是正四面体,棱长为1,
设H为△ABC的外心,则OH_L平面ABC,
又CHu平面ABC,
所以OH_LCH,
又CH辱,则0H犷亭^亭
又
所以奖杯整体高度为F夸.1,
故选项D正确.
【点评】本题以命题的真假判断为载体考查了立体几何的综合应用,涉及四点共面的证
明,三角形外接圆面积的求解,线面角的求解,综合性强,对掌握知识的深度和广度都
有一定的要求,考查了逻辑推理能力与空间想象能力,属于中档题.
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5分)已知/g2=a,lg3—b,则log212=_4a+卜,_(用a,b表示).
a
【分析】利用对数的运算法则知log212=li12=@隹且史,由此能求出结果.
lg21§2
【解答】解:」g2=a,lg3=b,
,k>g212=lgl2=21g2+lg3=2a+b.
Ig2lg2a
故答案为:红也.
a
【点评】本题考查对数的运算,考查对数的运算法则等基础知识,考查运算求解能力,
是基础题.
14.(5分)半正多面体亦称为“阿基米德多面体“,是由边数不全相同的正多边形为面围
成的多面体,如图所示.这是一个将正方体沿交于一顶点的三条棱的中点截去一个三棱
锥,共截去八个三棱,得到八个面为正三角形,六个面为正方形的“阿基米德多面体”
花岗岩石凳,已知此石凳的棱长为2的CIT,则此石积的体积是160000cm3.
3
【分析】由题意可得,该正多面体是由棱长为2的正方体沿各棱中点截去8个三棱锥所
得到的,再由正方体的体积减去八个三棱锥的体积求解.
【解答】解:如图所示,该石凳是由棱长为40cm的正方体
沿各棱中点截去8个三棱锥所得到的,
1600Q
,该石凳的体积为:v=40X40X40-8X-J-X20X20xQ=^cm3.
J42o
故答案为:160000cm3.
3
【点评】本题考查正方体的结构特征,考查空间想象能力与运算求解能力,是基础题.
15.(5分)已知区间(0,1)中的实数m在数轴上的对应点为如图1,将线段AB围成
一个圆(端点A,B重合),如图2,再将这个圆放在平面直角坐标系中,使其圆心在y
轴上,点A的坐标为(0,1),如图3,直线AM与x轴交于点N0),把相与”的
【分析】由题意知N(-l,0),从而可得△NO4为等腰直角三角形,从而可得弦AM对
应的圆心角为三,从而求得.
2
【解答】解:由题意知,N(-1,0),A(0,1),
故△可,%为等腰直角三角形,
故/NAO=2L,故弦AM对应的圆心角为
42
故氤是圆周长的工,即,"=」,
44
故方程/(X)=-1的解是尤=工,
4
故答案为:1.
4
【点评】本题考查了函数的性质应用,同时考查了数形结合的思想方法应用,属于中档
题.
16.(5分)已知|ni=l,向量n满足In-ni=n,ir,当向量ir,n夹角最大时,lnl=——.
【分析】根据已知条件,设7=(1,0),^=(x,y)>由于=可得
V(X-1)2+y2=x(x>0),化简后可得y-=2x-1,,即
222
|n|=Vx+y=-7(X+1)-2-再结合向量的夹角公式,即可求解・
【解答】解:设彳=(1,0),二=(x,y),
,•*In-H=n*ir,
(x-1)2+y2=x(x>0>化简后可得y2=2x-1,
In|=Vx2+y2=7(X+1)2-2,
设/=工,即0<rW2,则cos〈m,n>=J---—g=J-------z—,当,=1,即
xVl+2t-t2V-(t-l)2+2
x=l,
cos〈孟,芳〉取得最小值,即向量7,7夹角最大时,
Inl=V22-2=V2-
故答案为:V2.
【点评】本题考查向量的数量积公式的应用,以及向量模长公式,需要学生熟练掌握公
式,属于中档题.
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10分)在①a=&,②S=£COSB,③C=2L这三个条件中任选-一个,补充在下面
23
问题中,并对其进行求解.
问题:在△ABC中,内角A,2,C的对边分别为a,b,c,面积为S,J§bcosA=acosC+ccosA,
b—1,,求c的值.
【分析】根据正弦定理,两角和的正弦公式化简已知等式,结合sinBWO,可得cosA=1,
3
选择①,由余弦定理得叵c-1=0,即可解得。的值.
3
选择②,利用三角形的面积公式化简已知等式可得“SB二sinA二cos(含-A),可求。
的值,即可求c的值.
选择③,由已知利用两角和的正弦公式可求sinB的值,进而根据正弦定理可求c的值.
【解答】解:在△ABC中,因为二acosC+ccos/,
所以根据正弦定理得V^sinBcosA二sinAcosC+sinCcosb
所以愿sinBcosA=sinE,
因为sinBWO,
所以cosA:^-,
选择①,由余弦定理〃2=廿+。2-2Z?ccosA,得02一2、^b1二口,
解得cS,
选择②,S=^-cosB=_^_bcsinA,
兀
所以cosB=sinA二cos
所以吟-A,即C吟,
解得c=V§,
选择③,C=^-'®^sinB=sin(A->^-)=sinAcos^-+cosAsin-^-=^+^^)
所以由_^_=b,得c=b・sinC=3y-372.
sinCsinBsinB
【点评】本题主要考查了正弦定理,两角和的正弦公式,余弦定理,三角形的面积公式
在解三角形中的综合应用,考查了计算能力和转化思想,属于中档题.
18.(12分)如图,在4。43中,P为边A3上的一点而二2荏,|赢|二6,|二2,且
遍与瓦的夹角为60°.
(1)设而=x赢切而,求X,y的值;
(2)求而•薪的值.
【分析】(1)用水,诬表示出而即可得出力>的值;
(2)OA,诬表示出而,AB-再计算而•标的值・
...f~\.rj..
【解答】解:(1):BP=2PA,BP=-BA=-(0A-0B)-
33
,而=而+而=祈+2(0A-0B)=2QA+1OB.
333
•丫=2v=1
3-3
(2):赢2=36,0B2=4,0A-0B=6X2XCOS60°=6,
••.OP•标=(2示+4而"而-示)=--|OA2+-OB2+-OA-OB=-24+1+2=-字
3333333
【点评】本题考查了平面向量的基本定理,数量积运算,属于基础题.
19.(12分)四棱柱48。。-4181。。1的所有棱长都相等,ZAiAB=ZAiAD=ZBAD=60°.
(1)求证:AA\±BD;
(2)求直线48与平面A41D1。所成角的正弦值.
【分析】(1)取2。的中点。,连结04,04,利用菱形的性质证明由4。
=AiB,证明fiDLAiO,从而可证明8O_L平面AiAO,即可证明BO_LAiA;
(2)在正四面体B-A\AD中,设顶点B在底面正三角形中的射影为0',连结A10',
利用线面角的定义得到/BA1O'即为直线A1B与平面AA1D1D所成的角,利用三角形的边
角关系求解即可.
【解答】(1)证明:取3。的中点。,连结04,0A1,
因为A3C。为菱形,则BD_LA。,
因为四棱柱ABC。-A1B1C1D1的所有棱长都相等,
则。为8。的中点,贝U8OLA1。,
又Ai0CA0=0,AiO,AOu平面AM。,
所以8。,平面AM。,
又AiAu平面AiAO,
所以BOLAM;
(2)解:由题意可知,3-A1A。为正四面体,
在正四面体8-A1A。中,设顶点8在底面正三角形A1A。中的射影为O,连结40,,
则/BAi。唧为直线A1B与平面AAiD[D所成的角,
设48=1,则A[0,,X"=呼,则B0'=机/2^02=半,
在RtABAi。'中,sin/BAiO'=变一=逅,
AjB3
所以直线A1B与平面AAiDiD所成角的正弦值为逅.
3
【点评】本题考查了线面垂直的判定定理以及性质定理的应用,线面角的求解,在使用
几何法求线面角时,可通过已知条件,在斜线上取一点作该平面的垂线,找出该斜线在
平面内的射影,通过解直角三角形求得,属于中档题.
20.(12分)如图是函数/(%)=Asin(u)%+(p)(A>0,a)>0,|(p|<ir)的部分图象,f(0)
=于(^2L),f(2L)=o.
66
(1)求/(x)的解析式;
(2)将/(x)的图象向右平移得函数g(无),记/?(尤)=/(x)+g(x),求//(x)
3
的单调递减区间.
【分析】(1)由函数的图象顶点可得4=2,对称轴x=/,周期工7=旦匕工,即
124126
可求出3,图象过点(之,-2),可得函数的解析式.
12
(2)利用函数y=Asin(3x+(p)的图象变换规律求得g(尤)的解析式,从而可得〃(x)
=/(尤)+g(x),利用三角恒等式化简,结合正弦函数的性质即可求单调递减区间.
【解答】解:(1)由函数的图象顶点可得A=2,
':/(o)=/
6
••./(x)关于苫=匹称轴,
12
那么周期工7=卫工,
4126
可得T=ir,
贝!]3="£_:2,
T/
/.y=2sin(2%+(p),图象过点(且L,-2),
12
可得-2=2sin(5兀+(p),
V|(p|<7l,
...(p=-2.兀..
3
故得/(X)的解析式为;f(x)=2sin(2X+.22L).
3
(2)f(x)的图象向右平移工,得y=2sin[2(x/L)+22L]=2sin2x.
333
,函数g(x)=2sin2x,
"(%)=/(x)+g(x)=f(x)=2sin(2x+^^-)+2sin2x=2sin2xcos+2cos2xsin+2sin2x
333
=V3cos2x+sin2x
=2sin(2x+—)
3
令;-+2k兀W2k兀,kez,
乙OCa
可得需+k兀WxW患+k兀,
:.h(x)单调递减区间为[工+卜兀,卫二+k兀],在Z.
1212
【点评】本题主要考查由函数〉=&$出(0«+甲)的部分图象求解析式和函数y=Asin(3x+(p)
的图象变换规律属于基础题.
21.(12分)将一张长8cm,宽6cm的长方形纸片沿着直线MN折叠,折痕MN将纸片分成
两部分,面积分别为Siew?,52c机2.设MN=lcm.若Si:52=1:2,求/的取值范围.
(情形①)(情形②)(情形③)
【分析】根据已知条件,可得51=16,52=32,对三种折痕的情形,分别找到对应的函
数,结合各自函数性质,分别求解.
【解答】解:•••长方形的长为8,宽为6,
,长方形的面积为5=6X8=48,
V51:52=1:2,
.,.51=16,52=32,
当折痕为情形①时,设AN=y,
—xy=16,即孙=32,可得>=&■,
2x
2
由勾股定理可得,12=乂2+了2=*2_4^,
2
设g(%)=x。,),-^Cx<8,
观察可知g(x)为对勾函数,
当乂之二医时,即x=4:6,满足定义域,即g(X)加加=32+32=64,
x
当x=8时,g(x)根⑪=64+16=80,
・•・/的取值范围为[8,475],
当折痕为情形②时,设AM=x,DN=y,
•'-y(x+y)X6=16,即y=与-x,
且04犯一x<8,
3
•1,04x《当,
22
・;1=6+(x-y)2=62+4(X-|-)2,
o
当尤=3时,尸为最小值36,
3
当尤=区时,尸为最大值眄,
39
..•/的取值范围为[6,空运],
3
当折痕是情形③时,设BN=x,AM=yf
y(x+y)X8=16'即y=4-x,
:0WxW6,且0W4-xW6,
V/2=82+(x-y)2=82+4(x-2
温馨提示
- 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
- 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
- 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
- 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
- 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
- 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
- 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。
最新文档
- 高考历史备考双练之政治史 考点2 古代君主专制的演进(两模拟练)(含解析)-人教版高三全册历史试题
- 高考语文一轮复习 第三板块 专题二 第5讲 多维挖掘、深入分析完胜形象概括鉴赏题练习(含解析)-人教版高三语文试题
- 2024春国开毛泽东思想和中国特色社会主义理论体系概论-试卷C终考大作业及答案
- GB50496-2009-大体积混凝土施工规范
- FZT 61001-2019 纯毛、毛混纺毛毯
- FZ∕T 93073-2011 集聚纺纱装置
- 碳二馏份加氢催化剂相关项目投资计划书范本
- 羟丙甲纤维素行业相关投资计划提议
- 智能分拣系统相关行业投资规划报告
- 成都的旅游景点
- MOOC 跨文化交际入门-华中师范大学 中国大学慕课答案
- MOOC 彩色宝石学-中国地质大学(武汉) 中国大学慕课答案
- 合作取得更大的成功辩论稿范文六篇
- 高职应用语文教程(第二版) 课件 1实习报告
- 特种设备使用单位日管控、周排查、月调度示范表
- 2023深圳工务署品牌名单
- MPS-HP-ⅡⅡ型中速磨技术和性能介绍
- 接地电阻测试方法(带图)【苍松借鉴】
- 静压桩专项施工方案-
- 静压桩施工技术交底(新版) --
- 了凡功过格记录表按月可打印表
评论
0/150
提交评论