新编高考物理复习专题十四实验与探究市赛课公开课一等奖省名师获奖课件

专题十四试验与探究1/316考点二力学试验1.(课标Ⅲ,22,6分)甲、乙两同学经过下面试验测量人反应时间。试验步骤以下:(1)甲用两个手指轻轻捏住量程为L木尺上端,让木尺自然下垂。乙把手放在尺下端(位置

恰好处于L刻度处,但未碰到尺),准备用手指夹住下落尺。(2)甲在不通知乙情况下,突然松手,尺子下落;乙看到尺子下落后快速用手指夹住尺子。若

夹住尺子位置刻度为L1,重力加速度大小为g,则乙反应时间为

(用L、L1和g表

示)。(3)已知当地重力加速度大小为g=9.80m/s2,L=30.0cm,L1=10.4cm。乙反应时间为

s。(结果保留2位有效数字)(4)写出一条能提升测量结果准确程度提议:

。五年高考A组统一命题·课标卷题组2/316答案(2)

(3)0.20(4)屡次测量取平均值;初始时乙手指尽可能靠近尺子解析本题考查自由落体运动应用。(2)(3)木尺做自由落体运动,由位移公式可得L-L1=

gt2,解得t=

=

s=0.20s3/3162.(课标Ⅰ,22,5分)如图(a),一弹簧上端固定在支架顶端,下端悬挂一托盘;一标尺由游标和

主尺组成,主尺竖直固定在弹簧左边;托盘上方固定有一能与游标刻度线准确对齐装置,简化

为图中指针。

现要测量图(a)中弹簧劲度系数。当托盘内没有砝码时,移动游标,使其零刻度线对准指针,

此时标尺读数为1.950cm;当托盘内放有质量为0.100kg砝码时,移动游标,再次使其零刻度

线对准指针,标尺示数如图(b)所表示,其读数为

cm。当地重力加速度大小为9.80m/s

2,此弹簧劲度系数为

N/m(保留3位有效数字)。4/316答案3.77553.7解析本题考查游标卡尺读数方法和胡克定律。此标尺为二十分度标尺,准确度为0.05

mm,读数=整毫米数(主尺)+n×准确度,所以读数为37mm+15×0.05mm=37.75mm=3.775cm。当托盘中放入砝码稳定时,弹簧伸长量Δx=3.775cm-1.950cm=1.825cm。由平衡条件得F=

mg,由胡克定律得F=k·Δx,联立得k=53.7N/m。5/3163.(课标Ⅱ,23,9分)某同学用图(a)所表示装置测量木块与木板之间动摩擦因数。跨过光

滑定滑轮细线两端分别与木块和弹簧秤相连,滑轮和木块间细线保持水平,在木块上方放

置砝码。迟缓向左拉动水平放置木板,当木块和砝码相对桌面静止且木板仍在继续滑动时,

弹簧秤示数即木块受到滑动摩擦力大小。某次试验所得数据在下表中给出,其中f4值

可从图(b)中弹簧秤示数读出。

图(a)砝码质量m/kg0.050.100.150.200.25滑动摩擦力f/N2.152.362.55f42.936/316

图(b)

图(c)7/316回答以下问题:(1)f4=

N;(2)在图(c)坐标纸上补齐未画出数据点并绘出f-m图线;(3)f与m、木块质量M、木板与木块之间动摩擦因数μ及重力加速度大小g之间关系式为f

=

,f-m图线(直线)斜率表示式为k=

;(4)取g=9.80m/s2,由绘出f-m图线求得μ=

。(保留2位有效数字)8/316答案(1)2.75(2)如图所表示

(3)μ(M+m)g

μg(4)0.409/316解析本题考查物体平衡、滑动摩擦力计算及分析图像能力。(1)由图可知弹簧秤读数为2.75N。(2)画图线时应使尽可能多点落在线上,不在线上点应均匀分布在线两侧。(3)以木块和砝码为研究对象,整体水平方向受木板滑动摩擦力和细线拉力,f=μ(M+m)g,整

理得f=μmg+μMg,故f-m图线斜率k=μg。(4)由图知k=3.9N/kg,故μ=

=0.40。10/3164.(课标Ⅲ,22,6分)某探究小组做“验证力平行四边形定则”试验,将画有坐标轴(横轴

为x轴,纵轴为y轴,最小刻度表示1mm)纸贴在水平桌面上,如图(a)所表示。将橡皮筋一端Q

固定在y轴上B点(位于图示部分之外),另一端P位于y轴上A点时,橡皮筋处于原长。(1)用一只测力计将橡皮筋P端沿y轴从A点拉至坐标原点O,此时拉力F大小可由测力计读

出。测力计示数如图(b)所表示,F大小为

N。(2)撤去(1)中拉力,橡皮筋P端回到A点;现使用两个测力计同时拉橡皮筋,再次将P端拉至O

点。此时观察到两个拉力分别沿图(a)中两条虚线所表示方向,由测力计示数读出两个拉力

大小分别为F1=4.2N和F2=5.6N。(ⅰ)用5mm长度线段表示1N力,以O为作用点,在图(a)中画出力F1、F2图示,然后按平行

四边形定则画出它们协力F合;图(a)11/316

图(b)(ⅱ)F合大小为

N,F合与拉力F夹角正切值为

。若F合与拉力F大小及方向偏差均在试验所允许误差范围之内,则该试验验证了力平

行四边形定则。12/316答案(1)4.0(2)(ⅰ)F1、F2和F合如图所表示

(ⅱ)4.00.0513/316解析(1)测力计读数时需要进行估读,此测力计分度值为0.2N,则F大小为4.0N。(2)(ⅰ)作力图示时,要选好标度,再依据F1、F2方向及大小作出对应两力图示,图见答

案。分别以F1、F2为邻边作平行四边形并作出对角线,即得F合。(ⅱ)表示F合线段长度为20.0mm,依据标度算出F合大小为4.0N。实际协力F方向沿AO

方向,对角线为F合方向,则二者夹角θ正切值tanθ=

=

=0.05。命题意图本题考查验证力平行四边形定则试验。易错分析测力计读数时要注意估读。14/3165.(课标Ⅱ,22,6分)某同学研究在固定斜面上运动物体平均速度、瞬时速度和加速度之

间关系。使用器材有:斜面、滑块、长度不一样矩形挡光片、光电计时器。

试验步骤以下:①如图(a),将光电门固定在斜面下端附近;将一挡光片安装在滑块上,记下挡光片前端相对于

斜面位置,令滑块从斜面上方由静止开始下滑;②当滑块上挡光片经过光电门时,用光电计时器测得光线被挡光片遮住时间Δt;③用Δs表示挡光片沿运动方向长度[如图(b)所表示],

表示滑块在挡光片遮住光线Δt时间内平均速度大小,求出

;15/316④将另一挡光片换到滑块上,使滑块上挡光片前端与①中位置相同,令滑块由静止开始下滑,

重复步骤②、③;⑤屡次重复步骤④;⑥利用试验中得到数据作出

-Δt图,如图(c)所表示。

图(c)完成以下填空:(1)用a表示滑块下滑加速度大小,用vA表示挡光片前端抵达光电门时滑块瞬时速度大小,则

与vA、a和Δt关系式为

=

。(2)由图(c)可求得,vA=

cm/s,a=

cm/s2。(结果保留3位有效数字)16/316答案(1)vA+

Δt(2)52.116.3解析本题考查匀变速直线运动基本规律、利用光电门测量平均速度试验方法,考查学

生试验能力和数据处理能力。挡光片经过光电门平均速度

等于Δt时间段中间时刻速度由v=v0+at可知

=vA+a

即

=vA+

a·Δt,由图像截距可知vA=52.12cm/s≈52.1cm/s其斜率k=

a,故滑块加速度a=2k=16.3cm/s2

审题指导在本试验中,每次换不一样挡光片时,题给条件要求下滑前,挡光片前端相对于斜面

位置都相同,且滑块都由静止开始下滑,这表明每次下滑试验中挡光片开始遮光时滑块瞬时

速度都是相同,都是vA。所以依据匀变速直线运动规律,很轻易能够写出

=vA+a

。17/3166.(课标Ⅰ,22,5分)某探究小组为了研究小车在桌面上直线运动,用自制“滴水计时器”

计量时间。试验前,将该计时器固定在小车旁,如图(a)所表示。试验时,保持桌面水平,用手轻推

一下小车。在小车运动过程中,滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴,图(b)统计了桌面上连续

6个水滴位置。(已知滴水计时器每30s内共滴下46个小水滴)

图(a)

图(b)18/316(1)由图(b)可知,小车在桌面上是

(填“从右向左”或“从左向右”)运动。(2)该小组同学依据图(b)数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图(b)中A点位置时

速度大小为

m/s,加速度大小为

m/s2。(结果均保留2位有效数字)19/316答案(1)从右向左(2)0.190.037解析

本题考查研究匀变速直线运动。(1)因为小车取得速度后在摩擦力作用下减速运动,故

相邻水滴间距离逐步减小,结合图(b)可知小车向左运动。(2)由题意知,30s内滴下46滴水,共

45个时间间隔,故相邻两滴水时间间隔T=

s=

s。由匀变速直线运动中平均速度等于中间时刻瞬时速度可得vA=

mm/s=0.19m/s。由逐差法得小车运动加速度为a=

mm/s2=0.037m/s2。方法技巧“纸带”处理处理“纸带”时,对于匀变速直线运动,求某点瞬时速度需利用

=

,求加速度时应利用Δx=aT2。当需要考虑减小偶然误差时,应采取逐差法求加速度。20/3167.(课标Ⅲ,23,10分)某物理课外小组利用图(a)中装置探究物体加速度与其所受合外力

之间关系。图中,置于试验台上长木板水平放置,其右端固定一轻滑轮;轻绳跨过滑轮,一

端与放在木板上小滑车相连,另一端可悬挂钩码。本试验中可用钩码共有N=5个,每个质

量均为0.010kg。试验步骤以下:

图(a)(1)将5个钩码全部放入小车中,在长木板左下方垫上适当厚度小物块,使小车(和钩码)能够

在木板上匀速下滑。21/316(2)将n(依次取n=1,2,3,4,5)个钩码挂在轻绳右端,其余N-n个钩码仍留在小车内;用手按住小车并使轻绳与木板平行。释放小车,同时用传感器统计小车在时刻t相对于其起始位置位移s,

绘制s-t图像,经数据处理后可得到对应加速度a。(3)对应于不一样na值见下表。n=2时s-t图像如图(b)所表示;由图(b)求出此时小车加速度

(保留2位有效数字),将结果填入下表。n12345a/m·s-20.20

0.580.781.0022/316(4)利用表中数据在图(c)中补齐数据点,并作出a-n图像。从图像能够看出:当物体质量

一定时,物体加速度与其所受合外力成正比。图(b)图(c)23/316(5)利用a-n图像求得小车(空载)质量为

kg(保留2位有效数字,重力加速度取g=9.8m·s-

2)。(6)若以“保持木板水平”来代替步骤(1),以下说法正确是

(填入正确选项前标

号)。A.a-n图线不再是直线B.a-n图线仍是直线,但该直线不过原点C.a-n图线仍是直线,但该直线斜率变大24/316答案(3)0.39(2分。在0.37~0.49范围内都给分)(4)如图所表示(3分)

(5)0.45(3分。在0.43~0.47范围内都给分)(6)BC(2分。选对一个给1分,有选错不给这2分)25/316解析(3)由s=

at2得:a=

,在s-t图像中找一点坐标,代入公式即可求出a。(5)对小车和钩码组成系统应用牛顿第二定律:nmg=(M+Nm)a,则a=

=

,a-n图像斜率k=

,从而可解出M。(6)对于已平衡摩擦力情况,对整体应用牛顿第二定律:nmg=(M+Nm)a,则a=

n①;对于木板水平情况,对整体应用牛顿第二定律:nmg-μ[M+(N-n)m]g=(M+Nm)a,整理得:a=

n-μg②,比较①②可见,B、C均正确。解题指导利用图像处理试验数据是试验中最惯用方法,处理本题基本对策是写出图像

对应函数,困难便迎刃而解。易错点拨(3)(5)中计算结果一定要按照有效数字位数要求填写。画a-n图像时,所画直

线要符合以下要求:让尽可能多点落在直线上;不能落在直线上点要均匀分布于直线两

侧;一定要利用直尺画线。26/3168.(课标Ⅱ,22,6分)某物理小组对轻弹簧弹性势能进行探究,试验装置如图(a)所表示:轻弹

簧放置在光滑水平桌面上,弹簧左端固定,右端与一物块接触而不连接,纸带穿过打点计时器并

与物块连接。向左推物块使弹簧压缩一段距离,由静止释放物块,经过测量和计算,可求得弹簧

被压缩后弹性势能。

图(a)(1)试验中包括以下操作步骤:①把纸带向左拉直②松手释放物块27/316③接通打点计时器电源④向左推物块使弹簧压缩,并测量弹簧压缩量上述步骤正确操作次序是

(填入代表步骤序号)。(2)图(b)中M和L纸带是分别把弹簧压缩到不一样位置后所得到实际打点结果。打点计时器所

用交流电频率为50Hz。由M纸带所给数据,可求出在该纸带对应试验中物块脱离弹簧

时速度为

m/s。比较两纸带可知,

(填“M”或“L”)纸带对应试验中弹簧被

压缩后弹性势能大。

图(b)28/316答案(1)④①③②(2)1.29

M解析(1)试验步骤中,一定要注意接通打点计时器电源之后再松手释放物块。若次序搞反,可

能造成物块已离开桌面但打点计时器还没有开始工作。(2)从纸带上看,最终两个数据2.58cm、2.57cm相差不大,表示物块已经脱离弹簧,所以速度v=

×10-2m/s≈1.29m/s,同理可计算出打下L纸带时物块脱离弹簧速度要小一些。考查点利用纸带求速度、设计试验思绪分析当纸带上点间距离相差不大时,表示物块已经脱离弹簧。易错警示先接通打点计时器电源,然后再释放物块。29/3169.(课标Ⅱ,22,6分,0.395)某同学用图(a)所表示试验装置测量物块与斜面之间动摩擦因

数。已知打点计时器所用电源频率为50Hz,物块下滑过程中所得到纸带一部分如图

(b)所表示,图中标出了五个连续点之间距离。

(1)物块下滑时加速度a=

m/s2,打C点时物块速度v=

m/s;(2)已知重力加速度大小为g,为求出动摩擦因数,还必须测量物理量是

(填正确答案标

号)。A.物块质量B.斜面高度C.斜面倾角30/316答案(1)3.25(2分)1.79(2分)(2)C(2分)解析(1)a=

=3.25m/s2vC=

=1.79m/s(2)因为a=(mgsinθ-μmgcosθ)/m=gsinθ-μgcosθ所以μ=

欲求出μ还需知道斜面倾角,故选C项。解题关键①利用Δx=aT2求加速度。②利用

=

=

,求某一位置速度。31/31610.(课标Ⅰ,22,6分,0.369)某物理小组同学设计了一个粗测玩具小车经过凹形桥最低点

时速度试验。所用器材有:玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器(圆弧部分半径为

R=0.20m)。

32/316完成以下填空:(1)将凹形桥模拟器静置于托盘秤上,如图(a)所表示,托盘秤示数为1.00kg;(2)将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时,托盘秤示数如图(b)所表示,该示数为

kg;(3)将小车从凹形桥模拟器某一位置释放,小车经过最低点后滑向另一侧。此过程中托盘秤

最大示数为m;屡次从同一位置释放小车,统计各次m值以下表所表示:序号12345m(kg)1.801.751.851.751.90(4)依据以上数据,可求出小车经过凹形桥最低点时对桥压力为

N;小车经过最低点时速度大小为

m/s。(重力加速度大小取9.80m/s2,计算结果保留2位有效数字)33/316答案(2)1.40(2分)(4)7.9(2分)1.4(2分)解析(2)示数为1.40kg,注意估读。(4)小车经过凹形桥最低点时对桥压力N=

g-M桥g=(1.81-1.00)×9.80N=7.9N,小车经过最低点时受到支持力N'=N=7.9N,小车质量m车=1.40kg-1.00kg=0.40kg,由N'-m车g=m车

,解得v=1.4m/s。思绪分析小车在桥最低点时竖直方向上所受合外力提供向心力。易错警示应依据题目表格中m值求平均值,

=

,减小偶然误差。34/31611.(课标Ⅰ,22,6分,0.643)某同学利用图(a)所表示试验装置及数字化信息系统取得了小车加

速度a与钩码质量m对应关系图,如图(b)所表示。试验中小车(含发射器)质量为200g,试验

时选择了不可伸长轻质细绳和轻定滑轮,小车加速度由位移传感器及与之相连计算机

得到,回答以下问题:

图(a)35/316

图(b)(1)依据该同学结果,小车加速度与钩码质量成

(填“线性”或“非线性”)关

系。(2)由图(b)可知,a-m图线不经过原点,可能原因是

。(3)若利用本试验装置来验证“在小车质量不变情况下,小车加速度与作用力成正比”

结论,并直接以钩码所受重力mg作为小车受到合外力,则试验中应采取改进办法是

。钩码质量应满足条件是

。36/316答案(1)非线性(2)存在摩擦力(3)调整轨道倾斜度以平衡摩擦力远小于小车质量解析(1)将图(b)中各点连线,得到是一条曲线,故a与m关系是非线性。(2)由图(b)可知,当钩码质量不为零时,在一定范围内小车加速度仍为零,即钩码对小车拉力

大于某一数值时小车才产生加速度,故可能原因是存在摩擦力。(3)若将钩码所受重力作为小车所受协力,则应满足三个条件,一是摩擦力被平衡,二是绳平行

于轨道平面,此二者可确保绳对车拉力等于车所受协力,设绳拉力为T,由mg-T=ma、T=Ma

有T=

g=

,可见当m≪M时才有T≈mg,故第三个条件为m≪M。解题关键①了解平衡摩擦力目标。②了解将钩码所受重力mg大小作为小车所受协力条件。温馨提醒本题应用数字化信息系统代替打点计时器,直接得出加速度a,更方便。37/31612.(课标Ⅱ,23,9分,0.31)某试验小组探究弹簧劲度系数k与其长度(圈数)关系。试验

装置如图(a)所表示:一均匀长弹簧竖直悬挂,7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹

簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处;经过旁边竖直放置刻度尺,能够读出指针

位置,P0指向0刻度。设弹簧下端未挂重物时,各指针位置记为x0;挂有质量为0.100kg砝码

时,各指针位置记为x。测量结果及部分计算结果以下表所表示(n为弹簧圈数,取重力加速度

为9.80m/s2)。已知试验所用弹簧总圈数为60,整个弹簧自由长度为11.88cm。图(a)38/316

P1P2P3P4P5P6x0(cm)2.044.066.068.0510.0312.01x(cm)2.645.267.8110.3012.9315.41n102030405060k(N/m)163①56.043.633.828.81/k(m/N)0.0061②0.01790.02290.02960.034739/316(1)将表中数据补充完整:①

,②

。(2)以n为横坐标,1/k为纵坐标,在图(b)给出坐标系中画出1/k-n图像。

图(b)(3)图(b)中画出直线可近似认为经过原点。若从试验中所用弹簧截取圈数为n一段弹

簧,该弹簧劲度系数k与其圈数n关系表示式为k=

N/m;该弹簧劲度系数k与其自由长度l0(单位为m)关系表示式为k=

N/m。40/316答案(1)①81.7②0.0122(2分。每空1分)(2)

-n图像如图所表示(3分)

(3)

(2分。在

~

之间均一样给分)

(2分。在

~

之间均一样给分)41/316解析(1)由胡克定律有k=

=

N/m=81.7N/m,故有

=0.0122m/N。(2)作图过程略,图见答案。(3)因

-n图线是一条过原点直线,由图可得图线斜率约为5.71×10-4

m/N,故有

=5.71×10-4×n,即k=

N/m,由题意可知弹簧圈数n与原长l0关系为n=

l0,故k=

(N/m)。考查点探究弹簧劲度系数k与其长度关系解题关键①本题利用主要公式是F=kx。②利用

-n图像,导出k与n关系,再利用n与原长l0关系,导出k与l0关系表示式。42/31613.(纲领全国,22,6分)现用频闪摄影方法来研究物块变速运动。在一小物块沿斜面向

下运动过程中,用频闪相机拍摄不一样时刻物块位置如图所表示。拍摄时频闪频率是10

Hz;经过斜面上固定刻度尺读取5个连续影像间距离依次为x1、x2、x3、x4。已知斜面顶

端高度h和斜面长度s。数据以下表所表示。重力加速度大小g=9.80m/s2。

x1x2x3x4hs10.7615.0519.3423.6548.0080.00单位:cm依据表中数据,完成以下填空:(1)物块加速度a=

m/s2(保留3位有效数字)。(2)因为

,可知斜面是粗

糙。43/316答案(1)4.30(4分,填“4.29”或“4.31”一样给分)(2)物块加速度小于g

=5.88m/s2(或:物块加速度小于物块沿光滑斜面下滑加速度)(2分)解析(1)a=

=

=4.30m/s2(2)见答案。解题指导利用逐差法求出加速度a。归纳总结频闪照片和纸带打点共同特点是想方法留下物体在相等时间内经过位移,从

而能够研究物体运动情况,依据Δx=aT2求a,依据平均速度和中点时刻速度关系求瞬时速

度。44/316考点三电学试验14.(课标Ⅲ,23,9分)一课外试验小组用如图所表示电路测量某待测电阻Rx阻值,图中R0

为标准定值电阻(R0=20.0Ω);电压表可视为理想电压表;S1为单刀开关,S2为单刀双掷开关;E为

电源;R为滑动变阻器。采取以下步骤完成试验:(1)按照试验原理线路图(a),将图(b)中实物连线;

图(a)图(b)(2)将滑动变阻器滑动端置于适当位置,闭合S1;(3)将开关S2掷于1端,改变滑动变阻器滑动端位置,记下此时电压表

示数U1;然后将S2掷于2端,记下此时电压表

示数U2;(4)待测电阻阻值表示式Rx=

(用R0、U1、U2表示);45/316(5)重复步骤(3),得到以下数据:(6)利用上述5次测量所得

平均值,求得Rx=

Ω。(保留1位小数)

12345U1/V0.250.300.360.400.44U2/V0.861.031.221.361.49

3.443.433.393.403.39答案(1)图看法析(4)

R0(6)48.246/316解析本题考查测量电阻试验。(1)实物连线如图所表示:

(4)将开关S2掷于1端,可测得流经R0电流为

;将开关S2掷于2端,可测得流经R0和Rx电流为

。因为

可视为理想电压表,对电路没有影响,则两种情况下,电流相等,即

=

,解得:Rx=

R0。(6)依据所给数据,计算

平均值为3.41,则Rx=(3.41-1)×20.0Ω=48.2Ω。审题指导本题属于计算型试验题,结合题设条件,利用欧姆定律列方程求解;本题中还有一点

也应注意,电压表可视为理想电压表,其对电路无影响。47/31615.(课标Ⅰ,23,10分)某试验小组利用如图(a)所表示电路探究在25℃~80℃范围内某热敏

电阻温度特征。所用器材有:置于温控室(图中虚线区域)中热敏电阻RT,其标称值(25℃时

阻值)为900.0Ω;电源E(6V,内阻可忽略);电压表

(量程150mV);定值电阻R0(阻值20.0Ω),滑动变阻器R1(最大阻值为1000Ω);电阻箱R2(阻值范围0~999.9Ω);单刀开关S1,单刀双掷开关S2。图(a)试验时,先按图(a)连接好电路,再将温控室温度t升至80.0℃。将S2与1端接通,闭合S1,调整R1滑片位置,使电压表读数为某一值U0;保持R1滑片位置不变,将R2置于最大值,将S2与2端接

通,调整R2,使电压表读数仍为U0;断开S1,记下此时R2读数。逐步降低温控室温度t,得到相

应温度下R2阻值,直至温度降到25.0℃。试验得到R2-t数据见下表。t/℃25.030.040.050.060.070.080.0R2/Ω900.0680.0500.0390.0320.0270.0240.048/316回答以下问题:(1)在闭合S1前,图(a)中R1滑片应移动到

(填“a”或“b”)端;(2)在图(b)坐标纸上补齐数据表中所给数据点,并做出R2-t曲线;

图(b)49/316

图(c)

(3)由图(b)可得到RT在25℃~80℃范围内温度特征。当t=44.0℃时,可得RT=

Ω;(4)将RT握于手心,手心温度下R2对应读数如图(c)所表示,该读数为

Ω,则手心温度为

℃。50/316答案(1)b(2)如图所表示

(3)450(4)620.033.051/316解析本题考查替换法测电阻、绘图能力及电阻箱读数等。(1)滑动变阻器是限流式接法,S1闭合前,滑片应置于使滑动变阻器连入电路阻值最大位置,

即b端。(2)由题给数据描完点后,观察这些点分布规律,应画一条平滑曲线,让尽可能多点落在线

上,不在线上点要均匀分布在线两侧。(3)由R2-t图线知,当t=44.0℃时,RT=450Ω。(4)电阻箱读数为(6×100+2×10+0×1+0×0.1)Ω=620.0Ω,由R2-t图像知,当R2=620.0Ω时,t=33.0

℃。52/31616.(课标Ⅱ,22,6分)某同学组装一个多用电表。可选取器材有:微安表头(量程100μA,内

阻900Ω);电阻箱R1(阻值范围0~999.9Ω);电阻箱R2(阻值范围0~99999.9Ω);导线若干。要求利用所给器材先组装一个量程为1mA直流电流表,在此基础上再将它改装成量程为3

V直流电压表。组装好多用电表有电流1mA和电压3V两挡。回答以下问题:(1)在虚线框内画出电路图并标出R1和R2,其中*为公共接线柱,a和b分别是电流挡和电压挡

接线柱。

(2)电阻箱阻值应取R1=

Ω,R2=

Ω。(保留到个位)53/316答案(1)如图所表示(2)1002910

解析本题考查电表改装。将量程为100μA微安表头改装成量程为1mA直流电流表,应并联一个分流电阻,分流电阻

阻值为

=100Ω,选取R1;再串联一分压电阻可改装成量程为3V电压表,分压电阻阻值为

=

Ω=2910Ω,选取R2。规律总结电表改装原理应用并联分流规律改装电流表;应用串联分压规律改装电压表。54/31617.(课标Ⅲ,23,9分)图(a)为某同学组装完成简易多用电表电路图。图中E是电池;R1、

R2、R3、R4和R5是固定电阻,R6是可变电阻;表头

满偏电流为250μA,内阻为480Ω。虚线方框内为换挡开关,A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位,5个挡位为:直流电压1

V挡和5V挡,直流电流1mA挡和2.5mA挡,欧姆×100Ω挡。图(a)图(b)55/316(1)图(a)中A端与

(填“红”或“黑”)色表笔相连接。(2)关于R6使用,以下说法正确是

(填正确答案标号)。A.在使用多用电表之前,调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置B.使用欧姆挡时,先将两表笔短接,调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置C.使用电流挡时,调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置(3)依据题给条件可得R1+R2=

Ω,R4=

Ω。(4)某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所表示。若此时B端是与“1”相连,则多用电表读

数为

;若此时B端是与“3”相连,则读数为

;若此时B端是与“5”相连,则读

数为

。(结果均保留3位有效数字)56/316答案(1)黑(2)B(3)160880(4)1.47mA1.10×103Ω2.95V解析(1)换挡开关接“3”时为欧姆挡,内部接有电源,电流从电源正极流出,经A端流出,经B

端流入表内,回到电源负极,“红”进“黑”出,则A端应与黑色表笔连接。(2)R6应是欧姆挡欧姆调零电阻,故B选项正确。而在使用多用电表之前,要进行机械调零,使

电表指针指在表盘左端电流“0”位置,故A选项错误。使用电流挡时不需要欧姆调零,故C选

项错误。(3)当换挡开关接“2”时为直流电流1mA挡,此时R1和R2串联后与表头

并联,满偏时总电流为1mA,则R1、R2中电流为1mA-Ig,电压为IgRg,则R1+R2=

=

Ω=160Ω;当换挡开关接4时为直流电压1V挡,此时R1和R2串联后与表头

并联,然后再与R4串联,满偏时总电压为1V,则R4分压为1V-IgRg=1V-250×10-6×480V=0.88V,流过R4电流为1mA,则R4=

=

Ω=880Ω。57/316(4)若B端与“1”相连,则为直流电流2.5mA挡,观察图(b)中下方刻度,共50个小格,则每小格表

示0.05mA,即分度值为0.05mA,由

估读法可得读数为1.47mA。若B端与“3”连接,则为欧姆×100Ω挡,指针指在上边欧姆表盘“11”位置,则可得读数为1.10×103Ω。若B端与“5”连接,则为直流电压5V挡,观察图(b)中下方刻度,共50个小格,则每小格表示0.1

V,即分度值为0.1V,由

估读法可得读数为2.95V。命题意图本题考查多用电表原理以及电表改装。易错分析①多用电表欧姆挡内部有电源,可据此判断A端与黑色表笔相连。②多用电表内部电路图串、并联关系要明确。③欧姆挡读数为指针示数乘以所选挡位倍率,电压挡、电流挡读数要注意分度值及估读问

题。④注意题目要求保留几位有效数字。58/31618.(课标Ⅱ,23,9分)某同学利用如图(a)所表示电路测量一微安表(量程为100μA,内阻大约

为2500Ω)内阻。可使用器材有:两个滑动变阻器R1、R2(其中一个阻值为20Ω,另一个阻

值为2000Ω);电阻箱Rz(最大阻值为99999.9Ω);电源E(电动势约为1.5V);单刀开关S1和S

2。C、D分别为两个滑动变阻器滑片。

图(a)

图(b)59/316(1)按原理图(a)将图(b)中实物连线。(2)完成以下填空:①R1阻值为

Ω(填“20”或“2000”)。②为了保护微安表,开始时将R1滑片C滑到靠近图(a)中滑动变阻器

端(填“左”

或“右”)对应位置;将R2滑片D置于中间位置附近。③将电阻箱Rz阻值置于2500.0Ω,接通S1。将R1滑片置于适当位置,再重复调整R2滑片D

位置。最终使得接通S2前后,微安表示数保持不变,这说明S2接通前B与D所在位置电势

(填“相等”或“不相等”)。④将电阻箱Rz和微安表位置对调,其它条件保持不变,发觉将Rz阻值置于2601.0Ω时,在接通

S2前后,微安表示数也保持不变。待测微安表内阻为

Ω(结果保留到个位)。(3)写出一条提升测量微安表内阻精度提议:

。60/316答案(1)如图所表示(2)①20②左③相等④2550(3)调整R1上分压,尽可能使微安

表靠近满量程

61/316解析本题考查实物图连线、电阻测量、器材选取,考查学生试验能力。(2)①R1为分压电阻,为了有效控制测量电路,故选20Ω小电阻;②为了保护微安表,开始R1滑片C应滑到左端,使微安表示数为零;③当B与D电势相等时,IDB=0,S2闭合前后电路电阻不变,造成微安表示数不变;④设R2中电流为I1,Rz中电流为I2,当φB=φD时URz1=UR2左,URg=UR2右即I2·Rz1=I1R2左,I2Rg=I1R2右得

=

当Rz与微安表对调时,有

=

故有

=

Rg= =

Ω=2550Ω62/316解题关键1.了解惠斯通电桥电路原理。

当G示数为零时,

=

。2.知道分压电路一定要选最大阻值较小滑动变阻器。63/31619.(课标Ⅰ,23,10分)某同学研究小灯泡伏安特征。所使用器材有:小灯泡L(额定电压

3.8V,额定电流0.32A);电压表

(量程3V,内阻3kΩ);电流表

(量程0.5A,内阻0.5Ω);固定电阻R0(阻值1000Ω);滑动变阻器R(阻值0~9.0Ω);电源E(电动势5V,内阻不计);开关S;导线若

干。(1)试验要求能够实现在0~3.8V范围内对小灯泡电压进行测量,画出试验电路原理图。(2)试验测得该小灯泡伏安特征曲线如图(a)所表示。

图(a)64/316

图(b)由试验曲线可知,伴随电流增加小灯泡电阻

(填“增大”“不变”或“减小”),

灯丝电阻率

(填“增大”“不变”或“减小”)。(3)用另一电源E0(电动势4V,内阻1.00Ω)和题给器材连接成图(b)所表示电路,调整滑动变阻器

R阻值,能够改变小灯泡实际功率。闭合开关S,在R改变范围内,小灯泡最小功率为

W,最大功率为

W。(结果均保留2位小数)65/316答案(1)试验电路原理图如图所表示

(2)增大增大(3)0.391.1766/316解析(1)先考虑测量电路,因为小灯泡额定电压为3.8V,而电压表量程只有3V,但其内阻

已知,由给定器材规格可知,可串联固定电阻R0将其改装为量程4V电压表。因小灯泡电

阻较小,采取电流表外接法。再考虑控制电路,因为试验中电压需从0开始改变,故控制电路需

采取分压式。(2)由R=

知I-U图线斜率表示电阻倒数,故伴随电流增加小灯泡电阻逐步增大。再由R=ρ

可知,在L、S不变情况下,R增大原因只能是电阻率ρ增大。(3)当R全部电阻接入电路时,经过灯泡电流最小,灯泡实际消耗功率最小。设此时灯泡两

端电压为U、经过电流为I,由闭合电路欧姆定律得E0=U+I(R+r),代入数据得I=0.4-0.1U,在灯

泡伏安特征曲线坐标系中作出I=0.4-0.1U图线,两图线交点坐标即为此时灯泡两端电压

与经过灯泡电流,有U=1.75V、I=225mA,故最小功率为Pmin=IU=0.39W。当R接入电路中

阻值等于0时,电路中电流最大、灯泡实际消耗功率最大。同理可得Pmax=1.17W。67/31620.(课标Ⅰ,23,10分)现要组装一个由热敏电阻控制报警系统,要求当热敏电阻温度达

到或超出60℃时,系统报警。提供器材有:热敏电阻,报警器(内阻很小,流过电流超出Ic时

就会报警),电阻箱(最大阻值为999.9Ω),直流电源(输出电压为U,内阻不计),滑动变阻器R1(最大

阻值为1000Ω),滑动变阻器R2(最大阻值为2000Ω),单刀双掷开关一个,导线若干。在室温下对系统进行调整。已知U约为18V,Ic约为10mA;流过报警器电流超出20mA时,报

警器可能损坏;该热敏电阻阻值随温度升高而减小,在60℃时阻值为650.0Ω。(1)完成待调整报警系统原理电路图连线。68/316(2)电路中应选取滑动变阻器

(填“R1”或“R2”)。(3)按照以下步骤调整此报警系统:①电路接通前,需将电阻箱调到一固定阻值,依据试验要求,这一阻值为

Ω;滑动变阻

器滑片应置于

(填“a”或“b”)端附近,不能置于另一端原因是

。②将开关向

(填“c”或“d”)端闭合,迟缓移动滑动变阻器滑片,直至

。(4)保持滑动变阻器滑片位置不变,将开关向另一端闭合,报警系统即可正常使用。69/316答案(1)连线如图所表示

(2)R2(3)①650.0

b接通电源后,流过报警器电流会超出20mA,报警器可能损坏②c报警器

开始报警70/316解析(1)见答案。(2)由R=

=

Ω=1800Ω可知,滑动变阻器应选R2。(3)①电阻箱电阻值应调为热敏电阻在60℃时阻值,即650.0Ω。滑动变阻器滑片应置

于b端,使开关接通后回路中电流最小,以保护报警器,即预防因过载而损坏报警器。②应将开关向c端闭合,然后对系统进行调整。解题指导从提供单刀双掷开关能够看出,当开关与c接通时,应形成一个完整电路,方便

对系统进行调整。当调整完成后,只要将开关与d接通,就能够用于报警。由报警电流推算回路中总电阻值,便可大致确定滑动变阻器最小阻值,从而确定选取哪一

个变阻器。反思总结电学试验题千变万化,但电路基本要素几乎是不变,即试验电路总是由“控制

电路”和“工作电路”组成。71/31621.(课标Ⅲ,22,5分)某同学用图中所给器材进行与安培力相关试验。两根金属导轨ab

和a1b1固定在同一水平面内且相互平行,足够大电磁铁(未画出)N极位于两导轨正上方,

S极位于两导轨正下方,一金属棒置于导轨上且与两导轨垂直。(1)在图中画出连线,完成试验电路。要求滑动变阻器以限流方式接入电路,且在开关闭合后,

金属棒沿箭头所表示方向移动。(2)(多项选择)为使金属棒在离开导轨时含有更大速度,有些人提出以下提议:A.适当增加两导轨间距离B.换一根更长金属棒C.适当增大金属棒中电流其中正确是

(填入正确选项前标号)。72/316答案(1)如图所表示(2分)

(2)AC(3分。选对一个给2分,选对两个给3分,有选错不给这3分)73/316解析(1)依据左手定则得金属棒中电流为从a流向a1。要求滑动变阻器以限流方式接入电路

中,故滑动变阻器接线柱上下各用一个。(2)为使金属棒在离开导轨时含有更大速度,应使它

所受安培力F=BIL增大,所以适当增加两导轨间距离时有效长度L增大,F变大,A项正确;只换

更长金属棒时有效长度L不变,B项错;增大电流,F也增大,C项正确。考查点电路连接问题、设计试验思绪分析将金属棒与电源及其它器材组成闭合回路,利用左手定则判定电流方向,确定电

源与电流表正负接线柱连接方式。74/31622.(课标Ⅰ,23,9分,0.299)图(a)为某同学改装和校准毫安表电路图,其中虚线框内是毫安

表改装电路。图(a)

图(b)75/316(1)已知毫安表表头内阻为100Ω,满偏电流为1mA;R1和R2为阻值固定电阻。若使用a和b

两个接线柱,电表量程为3mA;若使用a和c两个接线柱,电表量程为10mA。由题给条件和数

据,能够求出R1=

Ω,R2=

Ω。(2)现用一量程为3mA、内阻为150Ω标准电流表

对改装电表3mA挡进行校准,校按时需选取刻度为0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA。电池电动势为1.5V,内阻忽略不计;定

值电阻R0有两种规格,阻值分别为300Ω和1000Ω;滑动变阻器R有两种规格,最大阻值分别为7

50Ω和3000Ω。则R0应选取阻值为

Ω电阻,R应选取最大阻值为

Ω滑动

变阻器。(3)若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大,利用图(b)电路能够判断出损坏电

阻。图(b)中R‘为保护电阻,虚线框内未画出电路即为图(a)虚线框内电路。则图中d点

应和接线柱

(填“b”或“c”)相连。判断依据是:

。76/316答案(1)1535(4分,每空2分)(2)3003000(2分,每空1分)(3)c(1分)闭合开关时,若电

表指针偏转,则损坏电阻是R1;若电表指针不动,则损坏电阻是R2(2分)解析(1)由并联电路各支路两端电压相等有:使用a和b两个接线柱时1mA×100Ω=(3-1)mA×

(R1+R2);使用a和c两个接线柱时1mA×(100Ω+R2)=(10-1)mA×R1,联立可得R1=15Ω,R2=35Ω。

(2)由题意知校按时电路中电流范围为0.5mA≤I≤3.0mA,则由闭合电路欧姆定律知电路中

总电阻R总=

满足500Ω≤R总≤3000Ω,而两电表总电阻RA=150Ω+

=183Ω,故R0+R应满足317Ω≤R0+R≤2817Ω,可知R0只能选取300Ω,R只能选取3000Ω。(3)在图(b)电

路中,当d接c时,若R1损坏则毫安表仍接入电路而有示数,若R2损坏则毫安表不接入电路而无示

数,故可由毫安表有没有示数来判断损坏电阻;当d接b时,不论R1还是R2损坏,对毫安表示数影

响相同,从而不能进行判定。考查点电表改装与校准解题关键①电表量程是指当毫安表满偏时,经过并联电路总电流。利用并联电路特点,求

出R1、R2。②利用校按时,电路中电流范围求出电路总电阻范围,判断出R0及R所选阻值。77/31623.(课标Ⅱ,23,9分,0.262)电压表满偏时经过该表电流是半偏时经过该表电流两倍。

某同学利用这一事实测量电压表内阻(半偏法),试验室提供器材以下:待测电压表

(量程3V,内阻约为3000Ω),电阻箱R0(最大阻值为99999.9Ω),滑动变阻器R1(最大阻值100Ω,额定电流2A),电源E(电动势6V,内阻不计),开关2个,导线若干。

(1)虚线框内为该同学设计测量电压表内阻电路图一部分,将电路图补充完整。(2)依据设计电路,写出试验步骤:

。78/316(3)将这种方法测出电压表内阻记为RV‘,与电压表内阻真实值RV相比,RV’

RV(填

“>”、“=”或“<”),主要理由是

。79/316答案(1)试验电路图如图所表示(2分)

(2)移动滑动变阻器滑片,以确保通电后电压表所在支路分压最小(1分);闭合开关S1、S2,调整

R1,使电压表指针满偏(1分);保持滑动变阻器滑片位置不变(1分),断开S2,调整电阻箱R0使

电压表指针半偏(1分);读取电阻箱所表示电阻值,此即为测得电压表内阻(1分)(3)>(1分)断开S2,调整电阻箱使电压表成半偏状态,电压表所在支路总电阻增大,分得电压

也增大;此时R0两端电压大于电压表半偏电压,故RV'>RV(1分,其它合理说法一样给分)80/316解析(1)因为R1总阻值远小于测量电路总电阻,故控制电路采取分压式接法,电路图见答

案。(2)(3)见答案。考查点半偏法测电压表内阻解题关键①首先判定控制电路为分压接法。②了解当滑动变阻器滑片不动时,电压表所在支路分得电压基本不变。知识拓展在确保安全基础上,R1阻值越小,试验越准确,调整越方便。81/31624.(课标Ⅰ,23,9分,0.467)利用如图(a)所表示电路,能够测量电源电动势和内阻,所用实

验器材有:

图(a)待测电源,电阻箱R(最大阻值999.9Ω),电阻R0(阻值为3.0Ω),电阻R1(阻值为3.0Ω),电流表

(量程为200mA,内阻为RA=6.0Ω),开关S。试验步骤以下:①将电阻箱阻值调到最大,闭合开关S;②屡次调整电阻箱,记下电流表示数I和电阻箱对应阻值R;82/316③以

为纵坐标,R为横坐标,作

-R图线(用直线拟合);④求出直线斜率k和在纵轴上截距b。回答以下问题:(1)分别用E和r表示电源电动势和内阻,则

与R关系式为

。(2)试验得到部分数据以下表所表示,其中电阻R=3.0Ω时电流表示数如图(b)所表示,读出数据,

完成下表。答:①

,②

。R/Ω1.02.03.04.05.06.07.0I/A0.1430.125①0.1000.0910.0840.077I-1/A-16.998.00②10.011.011.913.083/316图(b)

图(c)84/316(3)在图(c)中将所缺数据点补充完整并作图,依据图线求得斜率k=

A-1·Ω-1,截距b=

A-1。(4)依据图线求得电源电动势E=

V,内阻r=

Ω。答案(1)

=

R+

[RA+

(r+R0)]或

=

R+

(5.0+r)(2)①0.110②9.09(3)图看法析1.0(在0.96~1.04之间均对)6.0(在5.9~6.1之间均对)(4)3.0(在2.7~3.3之间均对)1.0(在0.6~1.4之间均对)85/316解析(1)由闭合电路欧姆定律有E=IRA+(I+

)(R+R0+r),整理得

=

R+

[RA+

(r+R0)],代入数据得

=

R+

(5.0+r)。(2)①由题图知该电流表分度值为2mA,读数为110mA,考虑到表格内各组数据单位及有效数字位数,故结果应为0.110A。②

=9.09A-1。(3)描点作图如图所表示,由图线可得k=

A-1·Ω-1=1.0A-1·Ω-1,b=6.0A-1。(4)由

=

R+

(5.0+r)可知k=

,b=

(5.0+r),将k=1.0A-1·Ω-1、b=6.0A-1代入可得E=3.0V,r=1.0Ω。

86/316考查点测量电源电动势和内阻试验解题关键①知道测电源电动势与内阻试验原理是闭合电路欧姆定律。②利用闭合电路欧姆定律推出

与R关系。易错警示在完成表格时,注意表格内各组数据单位及有效数字位数。87/31625.(课标Ⅱ,22,6分,0.622)在伏安法测电阻试验中,待测电阻Rx约为200Ω,电压表

内阻约为2kΩ,电流表

内阻约为10Ω,测量电路中电流表连接方式如图(a)或图(b)所表示,结果由公式Rx=

计算得出,式中U与I分别为电压表和电流表示数。若将图(a)和图(b)中电路测得电阻值分别记为Rx1和Rx2,则

(填“Rx1”或“Rx2”)更靠近待测电阻真实值,且测

量值Rx1

(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值,测量值Rx2

(填“大于”、

“等于”或“小于”)真实值。

88/316答案

Rx1大于小于解析

=20,

=10,所以Rx属于大电阻,用电流表内接法时测量值更靠近真实值,即Rx1更靠近真实值;因Rx1=

=Rx+RA,故Rx1>Rx,Rx2=

=R并(即Rx与RV并联值),故Rx2<Rx。考查点伏安法测电阻解题关键①了解电流表内接法误差起源是电流表分压。②了解电流表外接法误差起源是电压表分流。温馨提醒利用伏安法测电阻时,当Rx< 时选取电流表外接法;当Rx> 时,选取电流表内接法。89/31626.(纲领全国,23,12分)现要测量某电源电动势和内阻。可利用器材有:电流表

,内阻为1.00Ω;电压表

;阻值未知定值电阻R1、R2、R3、R4、R5;开关S;一端连有鳄鱼夹P导线1,其它导线若干。某同学设计测量电路如图(a)所表示。

图(a)(1)按图(a)在实物图(b)中画出连线,并标出导线1和其P端。90/316图(b)(2)测量时,改变鳄鱼夹P所夹位置,使R1、R2、R3、R4、R5依次串入电路,统计对应电压表

示数U和电流表示数I。数据以下表所表示。依据表中数据,在图(c)中坐标纸上将所缺数据

点补充完整,并画出U-I图线。I(mA)1931531116930U(V)2.512.592.682.762.8491/316

图(c)(3)依据U-I图线求出电源电动势E=

V,内阻r=

Ω。(保留2位小数)92/316答案(1)连线如图所表示(3分,有任何错误就不给这3分)(2)U-I图线如图所表示(3分)(3)2.90(3分,在2.89~2.91之间均给分)1.03(3分,在0.93~1.13之间均给分)93/316解析(1)见答案图,可先从原理图中选取一个回路如电源、电流表、电压表、开关进行连接,

R1并联于电压表两端,最终再将R2至R5依次串联后再与R1串联。(2)作图过程略,图见答案。(3)

由U=E-I(RA+r)可知图中U-I图线纵截距b=E、斜率绝对值k=RA+r,故由图可得E=b=2.90V,

r=k-RA=2.03Ω-1.00Ω=1.03Ω。考查点测电源电动势和内阻解题关键①实物图连线问题应注意先连干路,再补支路,先连电流表,再连电压表。②利用闭合电路欧姆定律推出U-I函数关系式,然后经过截距与斜率来求E、r。94/316考点一基本仪器使用1.(浙江理综,15,6分)如图所表示,气垫导轨上滑块经过光电门时,其上遮光条将光遮住,电

子计时器可自动统计遮光时间Δt。测得遮光条宽度为Δx,用

近似代表滑块经过光电门时瞬时速度。为使

更靠近瞬时速度,正确办法是

()B组自主命题·省（区、市）卷题组A.换用宽度更窄遮光条B.提升测量遮光条宽度准确度C.使滑块释放点更靠近光电门D.增大气垫导轨与水平面夹角95/316答案

A

实质上是滑块经过光电门时平均速度,所以要使瞬时速度测量值更靠近于真实值,可将遮光条宽度减小一些,所以B、C、D项错误,A项正确。96/3162.(海南单科,11,6分)某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件直径和

高度,测量结果如图(a)和(b)所表示。该工件直径为

cm,高度为

mm。图(a)

图(b)97/316答案1.2206.860解析图(a)为20分度游标卡尺,其精度为0.05mm。主尺读数为12mm,游标尺上第4条刻线

与主尺上一条刻线对齐,故测量结果为12mm+4×0.05mm=12.20mm=1.220cm。螺旋测微

器精度为0.01mm,由图(b)知固定刻度读数为6.5mm,可动刻度读数为“36.0”,故工件高

度为6.5mm+36.0×0.01mm=6.860mm。98/3163.[重庆理综,6(1)]某照明电路出现故障,其电路如图1所表示,该电路用标称值12V蓄电池

为电源,导线及其接触完好。维修人员使用已调好多用表直流50V挡检测故障。他将黑表

笔接在c点,用红表笔分别探测电路a、b点。①断开开关,红表笔接a点时多用表指示如图2所表示,读数为

V,说明

正常(选

填:蓄电池、保险丝、开关、小灯)。

图1图299/316②红表笔接b点,断开开关时,表针不偏转,闭合开关后,多用表指示依然和图2相同,可判定发生故障器件是

(选填:蓄电池、保险丝、开关、小灯)。答案①11.5(11.2~11.8之间值均可)蓄电池②小灯解析①由题图2可知,直流50V挡分度值为1V,故按“十分之一”估读法可知读数应为11.

5V左右。因为测得电压基本等于蓄电池电动势标称值,说明a、c两点与电源之间是通

路,只能是此电路之外保险丝、开关、小灯中出现了断路故障,但故障详细位置不能确

定。②同理可知,两表笔接c、b时测得结果仍等于电源电动势,说明多用表、开关、保险丝、

蓄电池形成了一闭合回路,故只能是与多用表并联小灯发生了断路故障。100/316考点二力学试验4.(北京理综,21,18分)用图1所表示试验装置研究小车速度随时间改变规律。

图1主要试验步骤以下:a.安装好试验器材,接通电源后,让拖着纸带小车沿长木板运动,重复几次。b.选出一条点迹清楚纸带,找一个适当点看成计时起点O(t=0),然后每隔相同时间间隔T101/316选取一个计数点,如图2中A、B、C、D、E、F……所表示。

图2c.经过测量、计算能够得到在打A、B、C、D、E……点时小车速度,分别记作v1、v2、v3、v

4、v5……d.以速度v为纵轴、时间t为横轴建立直角坐标系,在坐标纸上描点,如图3所表示。

图3102/316结合上述试验步骤,请你完成以下任务:(1)在以下仪器和器材中,还需要使用有

和

(填选项前字母)。A.电压适当50Hz交流电源B.电压可调直流电源C.刻度尺D.秒表E.天平(含砝码)(2)在图3中已标出计数点A、B、D、E对应坐标点,请在该图中标出计数点C对应坐标点,

并画出v-t图像。(3)观察v-t图像,能够判断小车做匀变速直线运动,其依据是

。v-t图

像斜率物理意义是

。(4)描绘v-t图像前,还不知道小车是否做匀变速直线运动。用平均速度

表示各计数点瞬时速度,从理论上讲,对Δt要求是

(选填“越小越好”或“与大小无关”);从试验角度看,选取Δx大小与速度测量误差

(选填“相关”或“无关”)。103/316(5)早在16世纪末,伽利略就猜测落体运动速度应该是均匀改变。当初只能靠滴水计时,为

此他设计了如图4所表示“斜面试验”,重复做了上百次,验证了他猜测。请你结合匀变速

直线运动知识,分析说明怎样利用伽利略“斜面试验”检验小球速度是随时间均匀改变

。

图4104/316答案(1)AC(2)如图所表示

(3)小车速度随时间均匀改变加速度(4)越小越好相关(5)假如小球初速度为0,其速度v∝t,那么它经过位移x∝t2。所以,只要测量小球经过不一样

位移所用时间,就能够检验小球速度是否随时间均匀改变。105/316解析本题考查研究匀变速直线运动规律试验。(1)打点计时器所用电源为50Hz交流电源,测量各计数点间距离需用刻度尺。(2)图见答案。(3)因为小车速度随时间均匀改变,所以小车做匀加速直线运动。由匀加速直线运动中速度

v=v0+at,可知v-t图像斜率物理意义是加速度。(4)

=

,若用

表示瞬时速度,Δt越小越好,而选取Δx大小会影响速度测量值与真实值偏差大小。(5)设v0=0,v=at,而x=

at2,故可经过位移随时间改变情况,判断速度随时间改变情况。解题关键试验原理认识(1)图像法是试验中惯用方法,要学会经过图像分析问题。(2)测量量转换是试验中惯用伎俩,当某一个物理量不易测量时,可经过该量与其它量关

系式,转换成其它可测量物理量。如将速度测量转换成位移测量。106/3165.[天津理综,9(2)]某研究小组做“验证力平行四边形定则”试验,所用器材有:方木板一块,白纸,量程为5N弹簧测力计两个,橡皮条(带两个较长细绳套),刻度尺,图钉(若干个)。①详细操作前,同学们提出了以下关于试验操作提议,其中正确有

。A.橡皮条应和两绳套夹角角平分线在一条直线上