(完整)(教师版)2017高考佳绩教育物理二模模拟试题

佳绩教育2017高考物理模拟试题一。单选题（每题6分。共30分）1.一物体做加速直线运动，依次通过A、B、C三点，AB＝BC，物体在AB段的加速度为a1，在BC段的加速度为a2，且物体在B点的速度为则(C)A．a1>a2B．al=a2C．a1<a2D解析：依题意作出物体的v一t图象如图所示．图线下方所围成的面积表示物体的位移．由几何知识知图线②、③不满足AB＝BC，所以只能是①这种情况．因为斜率表示加速度，所以a1<a2，故选C．2.如图所示，在一粗糙的水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，用原长为l、劲度系数为k的轻弹簧连结起来，木块与地面间的动摩擦因数均为μ．现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时，两木块间的距离为(A)解析：弹簧对m1的拉力与m1所受的摩擦力平衡，当m1的质量越小时摩擦力越小，弹簧的拉力也越小．当m1的值等于零时(极限)，则不论m2多大，弹簧的伸长量都为零，说明弹簧的伸长量与m2无关，故选A项．（也可以受力分析求解）3.一平行板电容器带电量为Q，两极板的正对面积为S、间距为d，极板间充满介电常数为ε的电介质，则极板间的场强为(A)解析：因介电常数ε没有单位，此题不用对它作分析计算，仅需将其表达式与点电荷场强的公式相比较，一眼就可以看出在表达式的单位上，B、C、D均不符合要求，正确选项只能是A．4．汽车在拱形桥上由A匀速率地运动到B，如图1所示，下列说法中正确的是（C）A．牵引力与摩擦力做的功相等；B．牵引力和重力做的功大于摩擦力做的功；C．合外力对汽车不做功；D．合外力为零。5.在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，内电阻为r。设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中a端移动时（D）。A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小解析：端值短路法滑动变阻器与用电器并联接入电路，利用滑动触点移到短路端，其有效值减至零可等效为导线，从而简化电路解题。如图所示，R5的滑动触点向a端移动时其有效值变小，当移动到a端时，R5被短路。在此过程中，外电路电阻变小，总电流变大，内电压变大，外电压U变小，很明显，与R5并联的支路电流表读数I也减小至零。所以选D。二。多选题（每题6分。共18分）6.用某种单色光照射某种金属表面，发生光电效应,现将该单色光的光强减弱，则（AC）A.光电子的最大初动能不变B.光电子的最大初动能减少C.单位单间内产生的光电子数减少D.可能不发生光电效应7.如图所示，质量为Ｍ的物体内有光滑圆形轨道，现有一质量为ｍ的小滑块沿该圆形轨道在竖直面内做圆周运动．A、C为圆周的最高点和最低点，B、D点是与圆心O在同一水平线上的点．小滑块运动时，物体Ｍ在地面上始终静止不动，则物体Ｍ对地面的压力Ｎ和地面对Ｍ的摩擦力的有关说法中正确的是(BC)A．小滑块在A点时，Ｎ>Ｍｇ，摩擦力方向向左B．小滑块在B点时，Ｎ=Ｍｇ，摩擦力方向向右C．小滑块在C点时，Ｎ>(Ｍ+ｍ)ｇ，M与地面间无摩擦D．小滑块在D点时，Ｎ=(Ｍ+ｍ)ｇ，摩擦力方向向寿解析：（整体分析法）以Ｍ和小滑块的整体为研究对象．当小滑块运动到A点时，系统中的部分物体(滑块)只有竖直向下的加速度没有水平加速度，而Ｍ又一直静止不动，故地面对整体没有摩擦力，所以A选项错误．当小滑块运动到B点时，系统中的部分物体(滑块)既有水平向右的向心加速度又有竖直方向上的加速度g，滑块处于完全失重，而Ｍ又一直静止不动，故地面对整体的摩擦力方向向右，地面对整体的支持力大小等于Ｍｇ，所以B选项正确．当小滑块运动到C点时，系统中的部分物体(滑块)只有竖直向上的加速度(超重)没有水平加速度，而M又一直静止不动，故地面对整体没有摩擦力，同时N也大于(Ｍ+ｍ)ｇ，所以C选项正确．同理可得D选项错误8.、（多选）如图所示，两足够长平行金属导轨固定在水平面上，匀强磁场方向垂直导轨平面向下，金属棒ab、cd与导轨构成闭合回路且都可沿导轨无摩擦滑动，两金属棒ab、cd的质量之比为2∶1.用一沿导轨方向的恒力F水平向右拉金属棒cd，经过足够长时间以后(BC)A．金属棒ab、cd都做匀速运动B．金属棒ab上的电流方向是由b向aC．金属棒cd所受安培力的大小等于2FD．两金属棒间距离保持不变解析对两金属棒ab、cd进行受力分析和运动分析可知，两金属棒最终将做加速度相同的匀加速直线运动，且金属棒ab速度小于金属棒cd速度，所以两金属棒间距离是变大的，由楞次定律判断金属棒ab上的电流方向是由b到a，A、D错误，B正确；以两金属棒整体为研究对象有：F＝3ma，隔离金属棒cd分析：F－F安＝ma，可求得金属棒cd所受安培力的大小F安＝eq\f(2,3)F，C正确；因此答案选B、C.三。实验题（9题6分。10题9分）9.．某同学探究一条橡皮筋的弹力和伸长量之间的关系，实验时使用了一条拉伸一定长度后粗细会明显变化的橡皮筋．利用弹簧测力计测出橡皮筋弹力的大小，利用刻度尺测出橡皮筋的长度．(1)某次测橡皮筋的弹力时，弹簧测力计的示数如图甲所示，读数为________N.(2)该同学根据实验测得的橡皮筋的弹力F与橡皮筋伸长量Δx的数据作出F－Δx图象，如图乙所示．从图上可以看出，在弹力较小时，橡皮筋的弹力与伸长量的关系遵循胡克定律，这时橡皮筋的劲度系数为________N/m.(3)由图乙可以看出，当拉力较大时，橡皮筋的弹力与伸长量的比值发生了明显的变化，这时拉力越大，橡皮筋越________(填“容易”或“不容易”)发生形变．【解析】(1)根据弹簧测力计的读数规则可知，弹簧测力计的读数为1.30N.(2)由题图乙可知，在弹力较小时，橡皮筋的弹力与伸长量成正比，这时橡皮筋的劲度系数为k＝eq\f(0.6,5×10－2)N/m＝12N/m.(3)由题图乙可以看出，当拉力较大时，图象的斜率增大，表明：增大一定的伸长量，需要的拉力变大，因此橡皮筋更不容易发生形变．【答案】(1)1.30(2)12(3)不容易10：现有一阻值为10.0Ω的定值电阻，一个开关、若干根导线和一个电压表，该电压表表面上有刻度但无刻度值。要求设计一个能测定某电源内阻的实验方案，（已知电压表内阻很大，电压表量程大于电源电动势，电源内阻约为几欧），要求：（1）画出实验电路图（2）简要写出完成接线后的实验步骤（3）写出用测得的量计算电源内阻的表达式r=_____________。解析：（1）电路图如右图所示。（2）①断开开关，记下电压表偏转格数N1；②合上开关，记下电压表格数N2。（3）设电压表每偏转1格表示U0，当K断开时，由闭合电路欧姆定律得：E＝U1＝N1U0当K闭合后，有：E＝U2＋，即E＝N2U0＋，联立两式解得：r＝R。四。计算题（11题12分。12题20分）11.(12分)质量为2kg的木板B静止在水平面上，可视为质点的物块A从木板的左侧沿木板上表面水平冲上木板，如图甲所示。A和B经过1s达到同一速度，之后共同减速直至静止，A和B的v－t图象如图乙所示，重力加速度g＝10m/s2，求：(1)A与B之间的动摩擦因数μ1；(2)B与水平面间的动摩擦因数μ2；(3)A的质量。解析(1)由题图可知，A在0～1s内的加速度a1＝eq\f(v1－v0,t1)＝－2m/s2(1分)对A，由牛顿第二定律得－μ1mg＝ma1(2分)解得μ1＝0.2。(1分)(2)由题图知，A、B整体在1～3s内的加速度a3＝eq\f(v3－v1,t2)＝－1m/s2(1分)对A、B整体，由牛顿第二定律得－μ2(M＋m)g＝(M＋m)a3(2分)解得μ2＝0.1。(1分)(3)由题图可知，B在0～1s内的加速度a2＝eq\f(v1－0,t1)＝2m/s2(1分)对B，由牛顿第二定律得μ1mg－μ2(M＋m)g＝Ma2(2分)代入数据解得m＝6kg。(1分)答案(1)0.2(2)0.1(3)6kg12.(20分)容器A中装有大量的质量、电荷量不同但均带正电的粒子，粒子从容器下方的小孔S1不断飘入加速电场(初速度可视为零)做直线运动，通过小孔S2后从两平行板中央沿垂直电场方向射入偏转电场．粒子通过平行板后沿垂直磁场方向进入磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场区域，最后打在感光片上，如图所示．已知加速电场中S1、S2间的加速电压为U，偏转电场极板长为L，两板间距也为L，板间匀强电场强度E＝eq\f(2U,L)，方向水平向左(忽略板间外的电场)，平行板f的下端与磁场边界ab相交为P，在边界ab上实线处固定放置感光片．测得从容器A中逸出的所有粒子均打在感光片P、Q之间，且Q距P的长度为3L，不考虑粒子所受重力与粒子间的相互作用，求：(1)粒子射入磁场时，其速度方向与边界ab间的夹角；(2)射到感光片Q处的粒子的比荷(电荷量与质量之比)；(3)粒子在磁场中运动的最短时间．解析：本题考查带电粒子在电磁场中的运动、动能定理、速度合成与分解、牛顿运动定律、洛伦兹力及其相关的知识点．(1)设质量为m，电荷量为q的粒子通过孔S2的速度为v0qU＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)粒子在平行板间：L＝v0tvx＝eq\f(qE,m)ttanθ＝eq\f(v0,vx)联立解得：tanθ＝1，θ＝eq\f(π,4)粒子射入磁场时的速度方向与边界ab间的夹角θ＝eq\f(π,4)(2)由(1)知，粒子均从e板下端与水平方向成45°的角射入匀强磁场．设质量为m0，电荷量为q0的粒子射入磁场时的速度为v′，做圆周运动的轨道半径为r0，则v′＝eq\f(v′0,sin45°)＝eq\r(2)v′0＝eq\r(\f(4q0U,m0))由几何关系知：req\o\al(2,0)＋req\o\al(2,0)＝(4L)2，得r0＝2eq\r(2)L又r0＝eq\f(m0v′,q0B)联立解得：eq\f(q0,m0)＝eq\f(U,2L2B2)(3)设粒子在磁场中运动的最短时间为tmin，在磁场中的偏转角为α，则tmin＝eq\f(αm′,q′B)半径为r′＝eq\f(m′v″,q′B)＝eq\f(m′,q′B)eq\r(\f(4q′U,m′))＝eq\f(2,B)eq\r(\f(m′U,q′))联立解得：tmin＝eq\f(αBr′2,4U)因为所有粒子在磁场中运动的偏转角α＝eq\f(3,2)π，所以粒子打在P处在磁场中运动时间最短由几何关系知：r′2＋r′2＝L2，得r′＝eq\f(\r(2),2)L联立解得tmin＝eq\f(\f(3,2)πB×\f(L2,2),4U)＝eq\f(3πBL2,16U)答案：(1)eq\f(π,4)(2)eq\f(U,2L2B2)(3)eq\f(3πBL2,16U)五。选修题[（1）题6分。（2）题9分]13．(1)下列说法正确的是________。(填正确答案标号)A．理想气体等温膨胀时，内能不变B．扩散现象表明分子在永不停息地运动C．分子热运动加剧，则物体内每个分子的动能都变大D．在绝热过程中，外界对物体做功，物体的内能一定增加E．布朗运动反映了悬浮颗粒内部的分子在不停地做无规则热运动(2)如图所示，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热汽缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；汽缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2p0的理想气体。p0和T0分别为大气的压强和温度。已知：气体内能U与温度T的关系为U＝aT，a为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的，求：(1)缸内气体与大气达到平衡时的体积V1；(2)在活塞下降过程中，汽缸内气体放出的热量Q。解析(2)①在气体由压强p＝1.2p0到p0时，V不变，温度由2.4T