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高级中学名校试卷PAGEPAGE1——★参考答案★——一：选择题1234567891011CACBBCDADCB二、非选择题12、〖答案〗每空3分1、12.35mm偏大1m、3.1m/s213、①由于……2分得到……1分②由于……2分得到……1分14、〖解析〗(1)当金属棒进入磁场B1区域后恰好做匀速运动，说明金属棒所受的安培力与重力大小相等、方向相反．则F1＝B1I1L＝BI1L＝mg又I1＝eq\f(B1Lv,R)＝eq\f(BLv,R)联立得：v＝eq\f(mgR,B2L2)4分(2)金属棒刚进入磁场B2区域时，由楞次定律判断知所受的安培力方向竖直向上，大小为：F2＝B2I2L＝2Beq\f(2BLv,R)L＝eq\f(4B2L2v,R)把(1)问求得的v代入，可得F2＝4mg根据牛顿第二定律得：F2－mg＝ma得a＝3g.4分15、〖解析〗(1)物体滑上传送带后在滑动摩擦力作用下做匀减速直线运动，设其运动的加速度大小为a，根据牛顿第二定律有：μmg＝ma1分根据加速度定义式有：－a＝eq\f(0－v1,t)1分由①②式联立解得：μ＝eq\f(v1,gt)＝eq\f(6,10×2)＝0.3。1分(2)vC＝5m/s1分又由题意可知，物体返回到光滑的水平面且沿着半圆轨道恰能运动到D点，设经过最高点D时的速度为vD，在D处，根据牛顿第二定律和向心力公式有：mg＝meq\f(vD2,R)1分在由C运动至D的过程中，根据动能定理有：－mg×2R＝eq\f(1,2)mvD2－eq\f(1,2)mvC21分由④⑤式联立解得：R=0.5m1分(3)物体向左滑行时，相对传送带的位移为：Δx1＝eq\f(v1,2)·t＋vt1分物体向右滑行时，相对传送带的位移为：Δx2＝v·eq\f(v,μg)－eq\f(v2,2μg)1分物体在传送带上滑动过程中系统产生的热量为：Q＝μmg(Δx1＋Δx2)1分由③⑦⑧⑨⑩式联立，并代入数据解得：Q＝30.25J2分。16．（1）；（2）；（3）【详析】（1）小球进入电场做匀速直线运动，根据平衡条件可得2分匀强电场的场强大小为2分（2）根据洛伦兹力提供向心力2分可得1分小球第一次经过y轴与原点的距离为1分小球第一次经过y轴的坐标为。1分（3）根据粒子的运动轨

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