2024届江苏省连云港市海州区四校中考四模物理试题含解析

2024届江苏省连云港市海州区四校中考四模物理试题1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.A.煮小面时冒出的腾腾热气是升华现象B.煮小面是通过做功的方式增加了小面的内能C.透出的小面香气是因为分子间有力的作用D.煮面时汤水沸腾，继续加热，温度不变2.下图的各现象中，可作为“物质质量与体积有关”事实依据的有()A.导体：人体、碳棒、水银B.晶体：冰、海波、各种金属C.省力杠杆：板手、铁匠剪刀、羊角锤D.可再生能源：水能、太阳能、核能受到的浮力F随时间t的变化图像是图乙中的(已知它们的密度关系是P水>P料>P精)D.水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能增加，使分子运动加快二、填空题(本大题包括7小题，每小题2分，共14分)11.为了监控取款机前的实时情况，银行ATM自动取款机上方安装有一摄像头。摄像头的工作原理相当于变”).12.如图所示，电源电压保持不变，电阻13.近年来，冬季取暖有了新方法：利用石墨烯电热涂料供能.一间空房的地面面积是14m²,高为3m,在房间的三面墙上各涂有某品牌石墨烯电热涂料1m²,该涂料的单位发热功率为1200W/m².现同时给它们通电，5min内可使室温升高10℃,此过程中房间内平均每秒钟损失的热量是 14.一款智能感应小夜灯(如图甲所示)在感应模式工作时，通过内置的光和(选填“红外线”或“紫外线”)人体传感器的双重感应，自动实现点亮或熄灭.底座与灯球之间(如图乙所示)通过(选填“同名”或“异名”)磁极间的磁力吸附，可实现分离式设计.该灯正常发光时的功率为2W,充满一次电储存0.04kW·h的电能可供它正15.近视眼镜的镜片是透镜.(选填“凸”或“凹”)16.小红家新购买了一台电热水壶，小红了解到电热水壶的发热电阻为48.42.不计热量损失，标准大气压下，电热水壶正常工作min可将2kg、初温是25℃的水加热至沸腾。[水的比热容为4.2×10³J/(kg·℃)]17.2019年春节期间，某区域禁止燃放烟花爆竹，这一禁令得到了广大市民的支持和拥护，这是因为燃放烟花爆竹时，会引起周围空气而产生噪声；同时由于分子在,使人们闻到浓烈的火药味.三、作图、实验与探究题(本大题包括5小题，共34分)20.为了探究“感应电流产生的条件”,小明将铁架台、导体AB、小量程电流表、蹄形磁体、开关和若干导线按图连接.(2)解决(1)中的问题后，小明观察电流表，发现指针还是没有发生偏转，于是他左右移动导体AB,发现电流表(3)小明又沿多个不同方向来回移动导体AB,均发现电流表的指针发生了摆动.(4)经历了(1)、(2)、(3)的探究，小明便得出了感应电流的产生条件为：闭合电路的一部分导体在磁场中运动.你(5)实验中，小明在电路闭合时将导体AB向右移动一段距离后松开手，发现导体AB左右摆动，此时小量程电流表支在支架上后，杠杆静止不动时的位置如图所示，则应调节,使杠杆在水平位置保持平衡；挂上钩码后，杠杆静止不动时的位置如图所示，则应调节,使杠杆再次在水平位置保持平衡，从而能直接从杠杆上读出动力臂和阻灯丝电阻约为12Q)。(1)为了顺利完成该实验探究，下列三种规格的滑动变阻器肯定可以选用的是(选填“A”、“B”(2)闭合开关，将滑片移动到某一位置时，发现电压表的示数如图乙所示；为了测量小灯泡的额定功率，接下来的详(3)已知通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图像可知：该小灯泡的额定功率为W.(4)用如图甲所示的方法测量小灯泡的电功率，为减小测量误差，所选用的电压表的内阻值应(选填“远小四、计算题(本大题包括2小题，共22分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分)23.张丽买了一个三档电暖宝，电暖宝内部装有某种浓度的氯化钠水溶液充当保热介质，电热丝产生的热量全部被保热介质吸收.其电路图如图所示，R₁、R₂都是电热丝，电源电压保持36V不变.(3)若用高温档给保热介质加热，5分钟内使氯化钠水溶液的温度上升了5℃.那么该电热宝内0.9kg的氯化钠水溶24.如图甲所示，将一个边长为2cm的正方体物块A放在水平桌面上，A物体的密度是4×10'kg/m¹.(g取10N/kg)(1)正方体物块A的重力；(2)若在A的正中央放一个边长6cm,重2N的正方体物块B,如图乙所示，求B对A的压强.一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.【解题分析】A、煮小面时冒出的腾腾热气是小水珠，由水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；B、煮小面时，面条从热水吸热，是通过热传递的方式使小面的内能增加，故B错误；C、小面透出香气是扩散现象，是分子在做无规则运动形成的，故C错误；【解题分析】要探究物质质量与体积的关系，需使物质的密度相同即同种物质.(2)和(3)属不同物质，所以不符合题意；(1)中都是铁这种物质，由于体积不同，而质量不同，(4)属同种物质，因体积相同，所以质量相同，所以(1)和(4)都反应了物质质量与体积的关系，符合题意.故选D.【题目点拨】【解题分析】到0,所以选项A也时错误的.1D、机翼形状上凸下平，上下不对称，上方空气流速大，压强小，下方空气流速小压强大，形成向上的压强差，即产生了向上的升力，故D错误。【解题分析】A.由电路图可知，气敏电阻R₂与定值电阻R₁串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以PM2.5浓度变B.由电路图可知，气敏电阻R₂与定值电阻R₁串联，电压表测气敏电阻R₂的电压，当PM2.5浓度越大时，气敏电阻R₂的阻值减小，电路中的总电阻减小，由可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，R₁两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R₂两端的电压减小，即电压表的示数减小，故B不符合题意；C.由电路图知，两电阻并联，电流表测通过气敏电阻R₂的电流；由并联电路的电压特点可知，两电阻两端的电压与D.由电路图知，两电阻并联，电流表测通过R₁的电流，并联电路中各支路间互不影响，所以R₂的阻值变化不影响通过R₁的电流，即电流表的示数不变，故D不符合题意.【题目点拨】本题考查了串联和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键.【解题分析】试题分析：图9电路可等效为下图。电流表相当于短路，电压表相当于断路。R₁与R₂并联，A₁测干路电流，V测R₁两端电压(并联电路两端电压即电源电压)。闭合开关S后，在滑片P从最左端向右移动到中间位置的过程中，滑动变阻器R₂接入电路电阻变小，读题知电源电压不变，故电压表V的示数不变，由欧姆定律得通过考点：动态电路分析，电表使用，并联电路电压、电流规律应用，欧【解题分析】A、甲图中：烤火取暖，是通过热传递使手的内能增加，故A正确；不符合题意；B、乙图中：划着火柴，是通过做功将机械能转化为内能的过程，故B正确；不D、丁图中：水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能减小，使分子运动减慢，故D错误，符合题意。二、填空题(本大题包括7小题，每小题2分，共14分)【解题分析】解：摄像头相当于一个凸透镜，其成像的原理是：当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像.当取款人逐渐靠近取款机时，物距变小，像距变大，所以他【解题分析】电流表示数为零，说明电路故障为断路，电压表示数变大，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路为R₁断路；电流表示数变大，由欧姆定律可知，在电源电压一定的情况下，电路总电阻减小，因此电路故障为短路，电压表示数为0,因此电压表测量的用电器发生短路，即R₁短路。【解题分析】水地暖改变房间内的温度是通过能量的转移，故发生了热传递；已知该涂料的单位发热功率【解题分析】感应小夜灯在感应模式工作时，通过内置的光和红外线人体传感器的双重感应，自动实现点亮磁波的一种，电磁波的传播速度是3×10⁸m/s,它在生活中应用很广，同名磁极排【解题分析】点评：本题主要考查学生对近视眼的成因与矫正方法的认识和了解，是一道基础题.【解题分析】17、振动不停地做无规则运动【解题分析】燃放烟花爆竹时，会引起周围空气的振动，从而产生噪声；构成物质的分子总在不停地做无规则运动，故会使人们闻到浓烈的火药味.三、作图、实验与探究题(本大题包括5小题，共34分)【解题分析】根据安培定则，右手握住螺线管，大母指的指向螺线管的磁场方向，则四指弯曲指向电流的方向，即电源右端为电源过0点作垂直水面的法线，在法线的右侧作出入射角等于反射角得入射光线，在水面下，入射光线的异侧作出折射角(2)移动导体AB,导体AB切割磁感线，电流表的指针发生了摆动，电路中有电流通过，此时导体AB相当于电路(4)导体AB左右摆动，切割磁感线方向不断改变，所以电流方向不断改变，电流表指针会左右摆动；21、断开体积平衡螺母钩码位置【解题分析】应调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡；挂上钩码后杠杆静止不动时的位置如图所示，则说明左边力与力臂之积偏大，则应调节右边(或左边)钩码的位置，使杠杆再次在水平位置保持平衡；当杠杆在水平位置平衡时，由于重力的方向竖直向下，所以，力臂大小即力的作用点与支点的距离，从而能直接从杠杆上读出动力臂和阻力臂的数值。22、C将滑动变阻器的滑片慢慢向左移动，使电压表示数为2.5V,并记下电流表示数0.5远大于【解题分析】,此时滑动变阻器连入阻值所以应选“20Q1.0A”的滑动变阻器，故C符合题意；(2)由图乙可知，电压表使用0-3V量程，分度值0.1V,示数为2.2V,要测量小灯泡的额定功率，需增大灯泡两端的电压，根据串联电路的分压原理，应减小滑动变阻器连入阻值，即向左端移动，使灯泡两端的电压为2.5V,记录电流(3)由小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象可知：当电压为2.5V时，电流为0.2A,所以灯泡额定功率为：把电流表的示数作为灯泡的电流，故通过电压表的电流越小越好，根据并联分流原理可知所选用的电压表的阻值应远四、计算题(本大题包括2小题，共22分.解答时应写出必要的文字说明、公