2019年山东省枣庄市中考物理模拟考试试卷（三）解析版

2019年山东省枣庄市中考物理模拟试卷（三）

一、选择题

1.生活中的许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列做法及其解释正确的是（）

A.钓鱼竿很长，是为了更省力

B.菜刀的刀刃很薄，是为了减小受力面积，增大压力

C.轮胎上凹凸的花纹，是为了增大接触面的粗糙程度，增大摩擦

D.茶壶盖上有个小孔，是为了让壶内的液面总是低于壶嘴处的液面

2.关于声音，下列说法正确的是（）

A.人们小声说话，声音的音调一定低

B.用力敲鼓，站在近处和远处的人听到的鼓声的响度是一样的

C.能听出电话里谁在说话，是根据声音的音色辨别的

D.在公路旁设置声音屏障是在声源处消除了噪声

3.中国女排在2015年世界杯赛场上重夺冠军，有关排球运动说法中，错误的是（）

A.运动员双脚站立时比在地上奔跑时对地面的压强小

B.击球后，排球受惯性作用在空中飞行

C.忽略空气阻力，空中飞行的排球只受重力作用

D.接球时排球反方向飞出，这说明力能改变物体的运动状态

4.如图所示，物体浸没在水中，工人用200N的拉力F在10s内将重为400N的物体匀速提

升2m,物体没有露出水面，此时滑轮组的机械效率是80%,不计绳重和摩擦，g=10N/kg,

则下列说法中正确的是（）

—一；一一

A.物体露出水面前，工人匀速提升重物时拉力的功率为40W

B.物体在水中受到的浮力为320N

C.物体的体积为8Xl（）3m3

D.物体露出水面后，此滑轮组提升该物体的机械效率将小于80%

5.如图所示的工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（）

6.小盼、小汉两同学沿同一竹竿进行爬竿比赛，小吩从地面匀速爬到竿顶用了16s,小汉

从地面匀速爬到竿顶用了12s,已知小盼、小汉两人的体重之比为3：4,则小盼、小汉

两人爬竿克服重力做功之比是（）

A.3：4B.4：3C.9：16D.16：9

7.水是生命之源，在生产生活中扮演着很重要的角色，下面关于水的说法错误的是（）

A.发动机用水来冷却是因为水的比热容大

B.冰在熔化成水的过程中温度不变，所以内能不变

C.高原地区用高压锅煮饭是为了增大水的沸点

D.用燃气灶烧水是通过热传递来改变内能

8.如图所示的电路，合上开关，小灯泡正常发光若将小灯泡和电流表的位置互换，则合上

开关后的现象是（）

A.小灯泡不发光

B.小灯泡仍正常发光

C.小灯泡会烧坏

D.电压表和电流表都没有示数

9.如图所示，电源电压保持不变，R2=4R],当开关接a点时，电压表的示数为Uo，当开

关接b点时，电压表的示数（)

R1

oao

A.小于0.25U（）B.大于0.25U（）而小于U（）

C.等于O.25UoD.等于U（）

11.关于家庭电路，下列做法中符合安全用电要求的是（）

A.用湿擦布擦灯泡

B.在电线上晾衣服

C.擦带电的插座

D.电饼铛在使用时它的金属外壳接地

12.2014年3月8日，马航MH370航班在飞行途中与地面失去联系。一种叫“蓝鳍金枪鱼”

的自主式水下航行器参与了搜寻，它可以潜入水下4500m深处，利用声呐搜寻物体。下

列说法正确的是（）

A.失联前，马航MH370是通过超声波与地面进行联系的

B.飞机在空中水平匀速飞行时，受到平衡力的作用

C.“蓝鳍金枪鱼”下潜过程中，其所受的浮力和压强不变

D.“蓝鳍金枪鱼”是利用电磁波探寻水下物体的

二、填空题

13.一个人站在竖直放置的平面镜前4m处，则像距离人m远：如果此人以lm/s的

速度靠近镜面，则2s后，人和像的距离为mo

14.如图所示，水平向右运动的物体受到大小为10N、方向水平向左的拉力作用，物体停止

后拉力保持不变，在运动过程中，物体受到的摩擦力方向；停止后物体受到的摩

擦力方向、大小为No

15.如图是国产歼-15舰载机在“辽宁号”航空母舰上起飞时的情景。飞机升空是利用

（二力平衡原理/流体压强与流速的关系）。当飞机飞离航母后，航母所受的浮力大小

将_______

16.如图所示是我国第一艘航空母舰--辽宁舰，其满载排水量约为7万吨，则满载时其受

到的浮力约为N,排开水的体积为m3,当舰载机从航母上起飞后，航母

受到的浮力将（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（g取lON/kg）

17.常见的家用热水器有太阳能热水器、电热水器、燃气热水器。若使用太阳能热水器将

12L水由20℃加热到45℃,则水需要吸收太阳能J；若改用功率为“220V,1000W”

的电热水器正常加热，则需要加热s；若用燃气热水器加热，则需要完全燃烧

n?的燃气。（已知水的比热容为4.2X1（）3J/（kg.。。）,燃气的热值为4.2Xl（17j/m3；不

考虑能量转换过程中的损失）

18.小宣用伏安法测量电阻R的阻值时，并联在电阻R两端的电压表的示数如图甲所示，

与电阻R串联的电流表的示数如图乙所示，则电压表的示数为V,电流表的示数

为A,电阻R的阻值为

19.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电流为2A,闭合开关S后，当滑片P

从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I-U关系图象如图乙所示，则小灯泡的电阻值

为。，电路消耗的最小功率为W。

20.甲用电器标有”220V40W”的字样，其中220V表示,40W表示,此

用电器的电阻是。假如把它和一个220V60W的乙用电器串联接入在同--电压下，

用电器实际功率大。

三、作图题

21.用笔画线代替导线，将电灯和控制它的开关正确地接入如图所示的家庭电路中。

火线---------------

零线---------------

开关

四、实验题

22.小明在家中发现了一副眼镜，于是利用眼镜的镜片进行了如下实验。

（1）如图甲所示，说明该镜片对光有作用；

（2）按图甲方式将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的后面放置一个光屏，调整凸透镜的位

置,直到光屏上出现一个最小、最亮的亮点，这个过程的作用是：；

（3）如图乙所示，光屏上所成的是倒立、的实像，从图中还能知道烛焰、镜片、

光屏的中心在；

（4）若用镜片在光屏上成放大的像，在图乙基础上，继续进行怎样的操作才能得到这样

的像。»

太阳如&过债片形成彩I

甲

23.小刚在测量食用油密度的实验中。

（1）将天平放在桌面上，移动_______至标尺左端“0”刻度线后，指针位置如

图甲所示，随即在天平左盘中放入盛有食用油的烧杯，在右盘中加入祛码，并移动游码,

使天平平衡，测得烧杯和食用油的总质量为87.8g。

（2）向空量筒中倒入30.0mL的食用油，再将烧杯放在天平左盘中，当右盘所加祛码和

游码位置如图乙所示时，天平平衡，量筒中食用油的质量为g,计算得出食用油

的密度为kg/m\

（3）在（1）中测量质量前，小刚没有调节天平平衡，这使测得的烧杯和食用油总质量

（偏大/不变/偏小），测得的食用油密度（偏大/不变/偏小）。

甲乙

24.如图是关于分子动理论的三个实验:

A.红墨水滴在B.两晨面磨平的C.一半酒忖加一

清水中.公铝决，府由Mitt,华水沌今后，

杯水文红其下可吊台灯总体你更小

图A所示的实验现象说明o

图B所示的实验现象说明o

图C所示的实验现象说明O

五、计算题

25.教室的饮水机的铭牌如表所示，同学们对饮水机的工作情况进行了观察与研究，发现当

加热内胆里的水温达到90℃时，温控开关就会自动断开，停止加热；当水温降至60℃时,

温控开关又会重新加热，每次加热是时间为t=4min.则

额定电压220V

加热功率550W

制热方式电加热

(1)饮水机正常工作时的电流多大？

(2)饮水机加热一次消耗的电能为多少？

(3)饮水机设计加热内胆的好处是每次只加热少量的水，既能使人们在较短的时间内喝

上热水，又能避免一次加热过多的水而造成浪费，请你根据前面的数据，计算加热内胆

的容积。(假设消耗的电能完全转化为水的内能)

26.**中学初2011级6班部分学生去游玩岳池翠湖，坐上游船后人和船的总质量为8000kg,

游船与他们要去的农家乐的距离是3km,到达目的地游船共用了lOmin.回答下面问题:

(取g=10N/kg)

(1)游船航行的平均速度是多少？

(2)游船底部距水面的深度为1.2m,求该处受到水的压强。

(3)游船静止在水中时，浸入水中的体积是多大？

2019年山东省枣庄市中考物理模拟试卷（三）

参考答案与试题解析

一、选择题

i.生活中的许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列做法及其解释正确的是（）

A.钓鱼竿很长，是为了更省力

B.菜刀的刀刃很薄，是为了减小受力面积，增大压力

C.轮胎上凹凸的花纹，是为了增大接触面的粗糙程度，增大摩擦

D.茶壶盖上有个小孔，是为了让壶内的液面总是低于壶嘴处的液面

【分析】（1）杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）、费力杠杆

（动力臂小于阻力臂，费力省距离）和等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，

不省距离不费距离）。

（2）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定

时，通过增大压力来增大压强。

（3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压

力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

（4）茶壶盖上的小孔能保证与大气相通，形成壶体上端（壶嘴、壶体）开口、下端连通，

形成连通器。

【解答】解：A、钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。故A错误；

B、菜刀的刀刃很薄，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，不是增大压力。故

B错误：

C、轮胎上凹凸的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C

正确；

D、壶盖上留有一个小孔，作用是使壶内与壶外的大气相通，为了让壶内的液面总与壶嘴

处的液面相平。故D错误。

故选：Co

【点评】此题考查杠杆的分类、增大压强的方法、增大摩擦的方法和大气压的综合应用，

是一道综合性很强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

2.关于声音，下列说法正确的是（）

A.人们小声说话，声音的音调一定低

B.用力敲鼓，站在近处和远处的人听到的鼓声的响度是一样的

C.能听出电话里谁在说话，是根据声音的音色辨别的

D.在公路旁设置声音屏障是在声源处消除了噪声

【分析】要解答本题需掌握：乐音的三个特征，音调、响度和音色的区别；

减弱噪声的方式有三种，即在声源处减弱，在人耳处减弱，在传播过程中减弱。

【解答】解：A、人们小声说话，声带的振幅小，响度小，与音调无关，该选项说法错误,

不符合题意；

B、用力敲鼓，站在近处和远处的人听到的鼓声的响度是不一样的，因为响度不仅与振幅

有关，还与距离发声体的远近有关，该选项说法错误，不符合题意；

C、音色反映了声音的品质与特色。我们在电话中听到熟人说话可辨别对方是谁，是靠辨

别对方发出的声音的音色，该选项说法正确，符合题意；

D、在公路的两旁设置屏障墙，是在传播过程中减弱噪声的，该选项说法错误，不符合题

意。

故选：Co

【点评】本题主要考查学生对：声音的三个特征区别以及减弱噪声途径的了解和掌握，

是中考的热点。

3.中国女排在2015年世界杯赛场上重夺冠军，有关排球运动说法中，错误的是（）

A.运动员双脚站立时比在地上奔跑时对地面的压强小

B.击球后，排球受惯性作用在空中飞行

C.忽略空气阻力，空中飞行的排球只受重力作用

D.接球时排球反方向飞出，这说明力能改变物体的运动状态

【分析】（1）压强与压力和受力面积有关，在压力一定时，受力面积越大、压强越小。

（2）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体任何情况下都有惯性，惯性不

是力；

（3）由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，地球附近的物体都会受到重力作用：

（4）物体运动状态的改变包括运动方向和速度大小的变化。

【解答】解：

A、运动员双脚站立时与奔跑时相比，对地面的压力相同，但是奔跑时，受力面积小（单

脚触地）、压强大，而双脚站立时，受力面积大、压强小，故A正确。

B、球离开手以后在空中继续运动是因为球具有惯性，惯性不是力，不能说受惯性作用，

故B错误；

C、排球由于惯性在空中飞行，此时手对排球没有力的作用；但仍受到重力作用，所以若

不计空气阻力，排球只受重力作用。故C正确；

D、扣球时排球反方向飞出，其运动状态（运动方向）发生了改变，说明力能改变物体的

运动状态；故D正确；

故选：B。

【点评】本题考查了对力的相互作用、重力、运动状态的改变和影响压强大小的因素等

知识的理解等，有一定综合性，但难度不大。

4.如图所示，物体浸没在水中，工人用200N的拉力F在10s内将重为400N的物体匀速提

升2m,物体没有露出水面，此时滑轮组的机械效率是80%,不计绳重和摩擦，g=10N/kg,

则下列说法中正确的是（）

a

——；一一

———

A.物体露出水面前，工人匀速提升重物时拉力的功率为40W

B.物体在水中受到的浮力为320N

C,物体的体积为8X10-3m3

D.物体露出水面后，此滑轮组提升该物体的机械效率将小于80%

【分析】（1）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2,拉力端移动距离s=2h,

知道时间利用速度公式求拉力端移动的速度，再利用P=Fv求拉力的功率；

（2）滑轮组的机械效率（G-F浮）h=（G-F浮）h=G-,与,据此求浮力

w总FsFX2h2F

大小；

（3）知道浮力，利用阿基米德原理的推导公式F浮=p水丫排g求排开水的体积，物体浸

没，物体的体积等于排开水的体积；

（4）增大滑轮组机械效率的方法：增大提升物重，减小摩擦、减小动滑轮重。

【解答】解：

A、由图知，n=2,拉力端移动的距离：s=2h=2X2m=4m,

拉力端移动的速度：丫=且=要-=0.4m/s,

t10s

拉力的功率：P=Fv=200NX0.4m/s=80W,故A错;

B、滑轮组的机械效率：

广W有用（G-F浮）h_（G-F浮）h_G-F浮_400N-F^_

w总FsFX2h2F2X200N

解得：F浮=8ON,故B错；

C、由F浮=p水V,*g得物体的体积：

F浮80N_.…

V=V排=-....=oo=8X103nr3,故C正确；

P水glX10Jkg/mJX10N/kg

D、物体露出水面后，没有了浮力，相当于增加了提升物体的重，增大了有用功，不计绳

重和摩擦，额外功不变，有用功和总功的比值变大，此滑轮组提升该物体的机械效率将

大于80%,故D错。

故选：Co

【点评】本题为力学综合题，考查了速度公式、功率公式、阿基米德原理、机械效率公

式的应用，计算滑轮组机械效率时注意W有用=（G-F浮）h,易错点！

5.如图所示的工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（）

、密

【分析】结合生活经验和图片，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系,

再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、图示镜子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

B、图示剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

C、图示剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力。

故选：A»

【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大

于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠

杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。

6.小盼、小汉两同学沿同一竹竿进行爬竿比赛，小盼从地面匀速爬到竿顶用了16s,小汉

从地面匀速爬到竿顶用了12s,已知小盼、小汉两人的体重之比为3：4,则小盼、小汉

两人爬竿克服重力做功之比是（）

A.3：4B.4：3C.9：16D.16：9

【分析】爬竿运动是克服自身重力做功，甲乙两人从同一位置匀速爬到竿顶则h相同，

可计算出两同学爬杆做功的关系。

【解答】解：甲、乙两同学从同一地面爬杆到顶端，

即爬杆上升的高度h相同，

甲、乙两同学的体重G甲：G乙=3：4,

由W=Gh可得甲、乙两同学爬杆做功之比：

W甲：W^=G『h：G乙h=G甲：G乙=3：4；

故选：A»

【点评】本题理解爬竿运动是克服自身重力做功是解答本题的关键，解答分式求比值是

易错点。

7.水是生命之源，在生产生活中扮演着很重要的角色，下面关于水的说法错误的是（）

A.发动机用水来冷却是因为水的比热容大

B.冰在熔化成水的过程中温度不变，所以内能不变

C.高原地区用高压锅煮饭是为了增大水的沸点

D.用燃气灶烧水是通过热传递来改变内能

【分析】（1）水的比热容较大；

（2）晶体熔化过程中，吸收热量，但温度不变；

（3）水的沸点随着气压的升高而增大；

（4）改变物体内能的方式：做功和热传递。

【解答】解：A、发动机用水来冷却是因为水的比热容大，故A正确，不符合题意；

B、冰在熔化成水的过程中温度不变，但内能增加，故B错误，符合题意；

C、高原地区用高压锅煮饭是为了增大水的沸点，故C正确，不符合题意;

D、用燃气灶烧水是通过热传递来改变内能的，故D正确，不符合题意。

故选：Bo

【点评】本题考查水的有关问题，考查的知识点比较多，主要考查学生学以致用的能力。

8.如图所示的电路，合上开关，小灯泡正常发光若将小灯泡和电流表的位置互换，则合上

开关后的现象是（）

0T-0

A.小灯泡不发光

B.小灯泡仍正常发光

C.小灯泡会烧坏

D.电压表和电流表都没有示数

【分析】原图中电压表测灯泡两端电压，若将小灯泡和电流表的位置互换，电路中发生

改变的是电压表与电流表并联了。

【解答】解：若将小灯泡和电流表的位置互换，不会影响电路电流，所以灯泡仍正常发

光，电流表示数不变；原电路中电压表测灯泡两端电压，位置互换电压表测电流表两端

电压，电流表的电阻几乎为0,相当于导线，电压表被短路故示数为0。

故选：Bo

【点评】本题考查了学生分析电路图的能力，解题的关键是知道电流表在电路中的作用

相当于导线。

9.如图所示，电源电压保持不变，R2=4R「当开关接a点时，电压表的示数为Uo,当开

关接b点时，电压表的示数（）

A.小于O.25UoB.大于0.25U。而小于Uo

C.等于0.25U（）D.等于U（）

【分析】（1）分析电路结构，画出开关接a点时的等效电路图，根据欧姆定律列方程;

（2）分析电路结构，画出开关接a点时的等效电路图，根据欧姆定律列方程;

（3）解方程组，求出开关接b点时电压表示数，分析各选项，作出选择。

【解答】解：（1）设电源电压为U,开关接a时等效电路图如图一所示，

由欧姆定律得：U（）=I]Ro=^~―孔①，

展0十

（2）开关解b点时，等效电路图如图二所示，

由欧姆定律得：U°，=I2R0=及+R―=反~+4R~Ro②，

（3）由①②得：-y-=4（R+4R）RO<R<R=U,

01R0+4R10RO+R1°°

即O.25Uo<U（）'<U0；

故选：Bo

【点评】本题是一道动态分析题，由欧姆定律列方程是正确解题的基础，灵活应用数学

知识是正确解题的关键。

10.如图所示的设备的工作原理与发电机的工作原理相同的是（）

【分析】首先明确发电机的工作原理--电磁感应现象，然后通过对选择项中的装置进

行分析，得到其体现的物理理论，然后两者对应即可得到答案。

【解答】解：A、人对着话筒说话时，膜片带动线圈在磁场中做切割磁感线运动而产生感

应电流，这是一种电磁感应现象。符合题意。

B、喇叭就是扬声器，其把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力原理，不符

合题意；

C、电子挂钟是通电线圈在磁场中由于受到磁场力而会发生转动的原理工作，不符合题意；

D、电表中的工作原理是通电线圈在磁场中由于受到磁场力而会发生转动，不符合题意；

故选：Ao

【点评】掌握电磁感应现象，即能判断出发电机的原理是解答本题的关键，本题也考查

学生对电磁学中一些重要实验原理的掌握。

11.关于家庭电路，下列做法中符合安全用电要求的是（）

A.用湿擦布擦灯泡

B.在电线上晾衣服

C.擦带电的插座

D.电饼铛在使用时它的金属外壳接地

【分析】（1）当人体同时接触火线和零线时，也会有电流通过人体，这种触电现象称为

单线触电。

（2）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造

成触电。

【解答】解：A、接在电路中的灯泡属于带电体，用湿布擦拭时，水属于导体，有可能使

电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险。故A不符合安全用电原则；

B、在电线上晾湿衣服，电线上的绝缘层有可能破损，从而使人体和带电体接触，就会造

成触电事故，十分危险。故B不符合安全用电原则；

C、带电的插座属于带电体，擦拭时，有可能使电流传到人体上，使人体触电，十分危险。

故C不符合安全用电原则：

D、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会

危及人身安全。故D符合安全用电原则；

故选：D。

【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压

带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的

物体导电了。

12.2014年3月8日，马航MH370航班在飞行途中与地面失去联系。一种叫“蓝鳍金枪鱼”

的自主式水下航行器参与了搜寻，它可以潜入水下4500m深处，利用声呐搜寻物体。下

列说法正确的是（）

A.失联前，马航MH370是通过超声波与地面进行联系的

B,飞机在空中水平匀速飞行时，受到平衡力的作用

C.“蓝鳍金枪鱼”下潜过程中，其所受的浮力和压强不变

D.“蓝鳍金枪鱼”是利用电磁波探寻水下物体的

【分析】（1）雷达、无线电通信、移动通信等都是利用电磁波传递信息的，飞行中飞机

与地面取得联系是利用电磁波传递信息的；

（2）根据牛顿第一定律可知，物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体不受力或

受到平衡力作用；

（3）“蓝鳍金枪鱼”自主式水下航行器在水面下不断下潜的过程中，排开水的体积不变、

所处深度变大，但水的密度不变，利用阿基米德原理的推导公式F浮=「液丫扑g和液体压

强公式p=p液gh分析判断；

（4）因为超声波的方向性好，遇到障碍物易反射的特点，“蓝鳍金枪鱼”对疑似海域水

下进行搜索时使用的声呐装置是利用超声波探测水下目标的。

【解答】解：

A、失联前，马航MH370是通过电磁波与地面进行联系的，所以A错误；

B、飞机在空中水平匀速飞行时，飞机处于平衡状态，所以受到平衡力的作用，所以B

正确；

C、“蓝鳍金枪鱼”自主式水下航行器在水面下不断下潜的过程中，水的密度p不变，

•••F浮=pV挑g,排开水的体积不变，，自主式水下航行器受到的浮力不变；

Vp=pgh,自主式水下航行器所处的深度h变大，自主式水下航行器受到的水的压强

变大；所以C错误；

D、”蓝鳍金枪鱼”自主式水下航行器是利用超声波探寻水下物体的，所以D错误。

故选：Bo

【点评】该题考查了电磁波的应用、牛顿第一定律、影响浮力和压强的因素、超声波的

应用，是一道综合题。

二、填空题

13.一个人站在竖直放置的平面镜前4m处，则像距离人8m远;如果此人以lm/s的速

度靠近镜面，则2s后，人和像的距离为4m。

【分析】根据平面镜成像的特点之一，像距等于物距，物像对称，则可求出人与像的距

离。

【解答】解：因为平面镜成像的特点是像距等于物距，已知此人距离平面镜4m,可知他

的像距离平面镜也是4m,所以像到他本人的距离为4m+4m=8m。

由题意可知他以lm/s的速度在垂直平面镜的方向上走近平面镜时，2s后走的路程为s=

vt=lm/sX2s=2m,则此时它与平面镜的距离为4m-2m=2m,

由平面镜成像的特点：像距等于物距可知，此时像到平面镜的距离也为2m,则人和像的

距离为2mx2=4m。

故答案为：8；40

【点评】解答此题的关键是牢记平面镜成像的特点，此外对“相对于”要有正确的理解,

“相对于”平面镜与“相对于”他的像是不同的。

14.如图所示，水平向右运动的物体受到大小为10N、方向水平向左的拉力作用，物体停止

后拉力保持不变，在运动过程中，物体受到的摩擦力方向水平向左；停止后物体受

到的摩擦力方向水平向右、大小为10N。

【分析】根据摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的相反进行判断；根据二力

平衡条件判断物体受到静摩擦力的大小。

【解答】解：因为物体向水平向右的方向运动，因此物体受到摩擦力的方向水平向左；

物体停止运动后，物体受水平向左的拉力，即物体有向左运动的趋势，因此物体受到的

摩擦力水平向右；

因为物体受平衡力作用，即物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，因此摩擦力的大小

为10N»

故答案为：水平向左；水平向右；10。

【点评】解决本题的关键掌握静摩擦的计算以及摩擦力方向的判断。

15.如图是国产歼-15舰载机在“辽宁号•”航空母舰上起飞时的情景。飞机升空是利用流

体压强与流速的关系（二力平衡原理/流体压强与流速的关系）。当飞机飞离航母后，

航母所受的浮力大小将减小。

【分析】（1）飞机升力是根据流体压强与流速的关系的原理获得的。

（2）航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小。

【解答】解：飞机机翼做成上凸下平的形状，在相同时间内，空气经过上方的路程长，

速度大；经过下方的路程短，速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越

小，压强越大。所以机翼下方的气压大于上方的气压，便形成向上的升力，即飞机升力

是根据流体压强与流速的关系的原理获得的。

航母在水中漂浮，浮力等于自身重力，飞机飞离航母后，自重减小，所以航母所受浮力

减小。

故答案为：流体压强与流速的关系；减小。

【点评】本题考查了学生对浮力知识、流体压强和流速关系的了解和掌握，知道航母在

水中漂浮时浮力等于自身重力是本题的关键。

16.如图所示是我国第一艘航空母舰--辽宁舰，其满载排水量约为7万吨，则满载时其受

到的浮力约为7XIO®N,排开水的体积为7X1（）4n?,当舰载机从航母上起飞后，

航母受到的浮力将变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（g取10N/kg）

【分析】（1）知道辽宁舰满载时的排水量，根据阿基米德原理求出受到的浮力，再根据

F>?=pgV排求出排开水的体积；

（2）舰载机从航母上起飞前后，航母始终处于漂浮状态，受到的浮力始终等于自身的总

重力，根据航母重力的变化判断受到浮力的变化。

【解答】解：（1）辽宁舰满载时受到的浮力：

F浮=6排=01排g=7X104X103kgX10N/kg=7X108N,

由F浮=pgV排得，排开水的体积:

7X1Q8N

­=7X104m3；

P水g1.0X103kg/m3X10NAg

(2)因舰载机从航母上起飞前后，航母始终处于漂浮状态，受到的浮力始终等于自身的

总重力，

所以，当舰载机从航母上起飞后，航母受到的重力减小，受到的浮力也减小。

故答案为：7X1()8；7义10%变小。

【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，是一道较为简单的应用题。

17.常见的家用热水器有太阳能热水器、电热水器、燃气热水器。若使用太阳能热水器将

12L水由20℃力「热至1145℃,则水需要吸收太阳能1.26X106J；若改用功率为“220V,

1000W”的电热水器正常加热，则需要加热1260s；若用燃气热水器加热，则需要完

全燃烧0.03n?的燃气。(已知水的比热容为4.2Xl()3j/(kg-C),燃气的热值为4.2

X107J/m3；不考虑能量转换过程中的损失)

【分析】(1)知道水的体积，利用m=pV求水的质量；再利用Q^=cm4t求水吸收的

太阳能；

(2)由题知，消耗的电能等于水吸收的太阳能，再利用W=Pt计算电热水器正常加热

的时间；

(3)由题知，燃气完全燃烧放出的热量等于水吸收的太阳能，由、=丫口计算燃气体积。

【解答】解：

(1)水的体积V=12L=12dm3=0.012n?,

由p=”水的质量：

m=pV=lX103kg/m3X0.012m3=12kg,

水吸收的热量：

36

Q,8=cmAt=4.2X10J/(kg・℃)X12kgX(45℃-20℃)=1.26X10J,

即水吸收的太阳能为1.26X106J；

(2)用电热水器加热时消耗的电能W=Q吸=1.26X106J,

由P=8可得加热时间：

W_1.26X1()6J

.=1260s；

p1000W

(3)燃烧燃气放出的热量Q放=Q^=1.26X1()6J,

由、放=丫4可得，需要燃气的体积:

丫=%=口乎寸后。

q4.2X107J/m3

故答案为：1.26X106；1260：0.03。

【点评】本题为热量和电功的综合题，考查了密度公式、吸热公式、电功率公式和燃料

完全燃烧放热公式的应用，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大，计算

时注意单位统一。

18.小宣用伏安法测量电阻R的阻值时，并联在电阻R两端的电压表的示数如图甲所示，

与电阻R串联的电流表的示数如图乙所示，则电压表的示数为2.5V,电流表的示数

为0.5A,电阻R的阻值为3Q。

【分析】根据电表的量程和分度值读出电阻R两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律

求出电阻R的阻值。

【解答】解：由图甲可知，电压表的量程为0〜3V,分度值为0.1V,R两端的电压U=

2.5V,

由图乙可知，电流表的量程为0〜0.6A,分度值为0.02A,通过R的电流I=0.5A,

由1=，可得，R的阻值：

故答案为：2.5；0.5；5o

【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，正确的读出电流表和电压表的示数是关键。

19.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电流为2A,闭合开关S后，当滑片P

从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I-U关系图象如图乙所示，则小灯泡的电阻值

为6Q,电路消耗的最小功率为6W。

【分析】（1）从小灯泡的I-U关系图象找到灯泡两端对应的电压和电流值，根据1=£

计算灯泡电阻；

（2）根据电路图分析图象，找到电路最小电流。根据P=UI计算电路消耗的最小功率。

【解答】解：

（1）由灯泡的I-U关系图象可知灯泡的电阻是定值，当UL=12V时，通过灯泡的电流

IL=2A,

根据1=2得灯泡电阻RL=%=吟=6。；

R1L2A

（2）由图甲，灯泡与滑动变阻器串联，

乙图是当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的1-U关系图象，当P在左端时，

滑动变阻器连入阻值为0,此时U=UL=12V,

P在右端时，滑动变阻器连入阻值最大，电路中电流最小，I最小=（'=0$A,

所以电路消耗的最小功率：P&小=UI城小=12VX0.5A=6W。

故答案为：6；6。

【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键根据电路图由

图象分析出P在左端和右端时对应的电流和电压值。

20.甲用电器标有”220V40W”的字样，其中220V表示用电器的额定电压是220V,

40W表示用电器的额定电功率是40W,此用电器的电阻是1210a。假如把它和

一个220V60W的乙用电器串联接入在同一电压下，甲用电器实际功率大。

【分析】由用电器铭牌可知用电器的额定电压及额定功率，由功率公式P=尤的变形公

R

式可求出用电器的电阻。

两用电器串联时，通过的电流相等，根据P=FR就可以比较出两个用电器的实际功率大

小。

【解答】解：由铭牌“220V40W”可知，该用电器的额定电压是220V；用电器的额定

电功率是40W；

用电器甲的电阻：R=P更=丝贝2±=1210。。

P甲40W

乙的电阻R乙=丝_=丝畋;梃806.67。，

P乙60W

两用电器中电阻较大的是甲。

如果两灯是串联在同一电压下，通过的电流是相同的，根据P=『R可知，电阻较大的实

际功率大。

故答案为：用电器的额定电压是220V；用电器的额定电功率是40W；1210Q；甲。

【点评】本题考查对额定电压、额定功率的理解，以及电阻的计算，关键是公式及其变

形的灵活运用，还要认识用电器的铭牌。

三、作图题

21.用笔画线代替导线，将电灯和控制它的开关正确地接入如图所示的家庭电路中。

火线----------------

零线----------------

开关

【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的

螺旋套。

【解答】解：灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯

泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。如图所示：

火线-------------

零线一

开关

【点评】本题考查了开关的接法，开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯

灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。

四、实验题

22.小明在家中发现了一副眼镜，于是利用眼镜的镜片进行了如下实验。

(1)如图甲所示，说明该镜片对光有会聚作用:

(2)按图甲方式将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的后面放置一个光屏，调整凸透镜的位

置，直到光屏上出现一个最小、最亮的亮点，这个过程的作用是：测量凸透镜的焦距

（3）如图乙所示，光屏上所成的是倒立、缩小的实像,从图中还能知道烛焰、镜片一、

光屏的中心在同一高度上；

（4）若用镜片在光屏上成放大的像，在图乙基础上，继续进行怎样的操作才能得到这样

的像。向右移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰

的放大像。

甲乙

【分析】（1）所谓会聚和发散都是相对于原来的光线而言的，与原来的光线相比，向中

间聚集了，就是会聚，反之就是发散；

（2）焦点到光心的距离为焦距；

（3）要解决此题，需要知道在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜

和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度。凸透镜成像规律之一：u>2f,成倒立、

缩小的实像，2f>v>f；

（4）2f>u>f,成倒立、放大的实像，v>2f。

【解答】解：（1）据图可知，在另一侧的纸上会形成小的光斑，说明该透镜对光线有会

聚作用，所以是凸透镜；

（2）将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的下面放置一个光屏，调整凸透镜的位置，直到光

屏上出现一个最小、最亮的亮点，即焦点，用刻度尺测出光屏到凸透镜的距离即为焦距；

（3）由图可知，物距大于像距，由凸透镜成像规律可知，光屏上成倒立、缩小的实像；

实验过程中，调整凸透镜和光屏的高度，使蜡烛、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一

高度，目的是使烛焰的像成在光屏的中央。

（4）用镜片在光屏上成放大像，即放大的实像，由凸透镜成像规律可知，其条件是：2f

>u>f；

操作：向右移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰的

放大像。

故答案为：（1）会聚；（2）测量凸透镜的焦距；（3）缩小；同一高度上；（4）向右

移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰的放大像。

【点评】（1）平行光聚焦法是测量凸透镜焦距最常用的一种方法。只要是测量凸透镜的

焦距，首先要想到这种方法。

（2）当物距一定时，凸透镜的焦距增大，相当于物距减小，凸透镜的焦距减小，相当于

物距增大。这是相对的问题，要正确理解。

23.小刚在测量食用油密度的实验中。

（1）将天平放在水平桌面桌面上,移动游码至标尺左端“0”刻度线后，指针

位置如图甲所示，随即在天平左盘中放入盛有食用油的烧杯，在右盘中加入祛码，并移

动游码，使天平平衡，测得烧杯和食用油的总质量为87.8g。

（2）向空量筒中倒入30.0mL的食用油，再将烧杯放在天平左盘中，当右盘所加祛码和

游码位置如图乙所示时，天平平衡，量筒中食用油的质量为27g,计算得出食用油的

密度为9度kg/n?。

（3）在（1）中测量质量前，小刚没有调节天平平衡，这使测得的烧杯和食用油总质量

偏小（偏大/不变/偏小），测得的食用油密度不变（偏大/不变/偏小）。

甲乙

【分析】（1）使用前的调节：①放：把天平放到水平桌面上；②移；把游码移到标尺

左端零刻线处；③调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处。

（2）将天平右盘中所有祛码的质量与游码所对应的示数相加即为待测物体的质量；根据

p=g进行计算密度;

（3）指针指向分度盘的右侧，说明右侧的质量大，称量的物体的质量会偏小。

【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上，先将游码放在标尺左端的零刻度线处；

（2）剩余的烧杯和食用油的质量为：m=50g+10g+0.8g=60.8g；

量筒中食用油的质量为：m'=87.8g-60.8g=27g；

食用油的密度为p=¥=---、=0.9g/cm3=900kg/m3。

V30cm

（3）由甲图可知，指针指向分度盘的右侧，说明右侧的质量大，没有调节天平平衡，使

得称量的物体的质量会偏小，因为两次测得烧杯和食用油（烧杯和剩余食用油）的总质

量都偏小，且偏小的程度相同，导致量筒中食用油的质量测量准确，故测出的密度不变

体积不变。

故答案为：（1）水平桌面；游码;（2）27；900；（3）偏小；不变。

【点评】此题是测量矿石的密度。考查了有关天平的使用和读数及密度的计算，是一道

基础题。

24.如图是关于分子动理论的三个实验:

A.缸&水滴在B.两点■面磨平的C.一¥•湛布—

清水中,公必决赫畲4♦曲.平水泡合后，

杯水变红其下可吊台灯总体枳更小

图A所示的实验现象说明分子在永不停息地做无规则运动。

图B所示的实验现象说明分子间存在引力。

图C所示的实验现象说明分子间存在空隙。

【分析】（1）两种物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子运动